2022年高考物理真題試卷(湖南卷)含答案

1、2021 年高考物理真題試卷（湖南卷）一、單項(xiàng)選擇題：本題共 7 小題，每小題 4 分，共 28 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。（共 6 題；共 24 分）核廢料具有很強(qiáng)的放射性，需要妥善處理。下列說(shuō)法正確的是（ ）放射性元素經(jīng)過(guò)兩個(gè)完整的半衰期后，將完全衰變殆盡原子核衰變時(shí)電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)不守恒改變壓力、溫度或濃度，將改變放射性元素的半衰期過(guò)量放射性輻射對(duì)人體組織有破壞作用，但輻射強(qiáng)度在安全劑量?jī)?nèi)則沒(méi)有傷害物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可用位置 和動(dòng)量 描述，稱為相，對(duì)應(yīng)圖像中的一個(gè)點(diǎn)。物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化可用圖像中的一條曲線來(lái)描述，稱為相軌跡。假如一質(zhì)點(diǎn)沿 軸正方向做初速度為零的

2、勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則對(duì)應(yīng)的相軌跡可能是（ ）B.C.D.“復(fù)興號(hào)”動(dòng)車組用多節(jié)車廂提供動(dòng)力，從而達(dá)到提速的目的?？傎|(zhì)量為 的動(dòng)車組在平直的軌道上行駛。該動(dòng)車組有四節(jié)動(dòng)力車廂，每節(jié)車廂發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率均為 ，若動(dòng)車組所受的阻力與其速率成正比（， 為常量），動(dòng)車組能達(dá)到的最大速度為動(dòng)車組在勻加速啟動(dòng)過(guò)程中，牽引力恒定不變。下列說(shuō)法正確的是（ ）若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出功率均為額定值，則動(dòng)車組從靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出的總功率為，則動(dòng)車組勻速行駛的速度為若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出功率均為額定值，動(dòng)車組從靜止啟動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間 達(dá)到最大速度程中該動(dòng)車組克服阻力做的功為，則這一過(guò)如圖，在位置放置電荷量為 的正

3、點(diǎn)電荷，在位置放置電荷量為 的負(fù)點(diǎn)電荷，在距為的某點(diǎn)處放置正點(diǎn)電荷Q，使得點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零。則Q 的位置及電荷量分別為（ ）A.，B.，C.，D.，質(zhì)量為 M 的凹槽靜止在水平地面上，內(nèi)壁為半圓柱面，截面如圖所示，A 為半圓的最低點(diǎn)，B 為半圓水平直徑的端點(diǎn)。凹槽恰好與豎直墻面接觸，內(nèi)有一質(zhì)量為m 的小滑塊。用推力F 推動(dòng)小滑塊由A 點(diǎn)向BA. 推力F 先增大后減小C. 墻面對(duì)凹槽的壓力先增大后減小6.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為B. 凹槽對(duì)滑塊的支持力先減小后增大D. 水平地面對(duì)凹槽的支持力先減小后增大，輸入端、接入電壓有效值恒定的交變電源，燈泡L1、L 的阻值始終與定值電阻2的阻值相

4、同。在滑動(dòng)變阻器 的滑片從 端滑動(dòng)到 端的過(guò)程中，兩個(gè)燈泡始終發(fā)光且工作在額定電壓以內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. L1 先變暗后變亮，L2 一直變亮C. L1 先變暗后變亮，L2 先變亮后變暗B. L1 先變亮后變暗，L2 一直變亮D. L1 先變亮后變暗，L2 先變亮后變暗點(diǎn)緩慢移動(dòng)，力F 的方向始終沿圓弧的切線方向，在此過(guò)程中所有摩擦均可忽略，下列說(shuō)法正確的是（ ）二、多項(xiàng)選擇題：本小題共 4 小題，每小題 5 分，共 20 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求。全部做對(duì)的得 5 分，選對(duì)但不全對(duì)的得 3 分，有選錯(cuò)的得 0 分。（共 4 題；共 20 分）7.2021 年

5、4 月 29 日，中國(guó)空間站天和核心艙發(fā)射升空，準(zhǔn)確進(jìn)入預(yù)定軌道。根據(jù)任務(wù)安排，后續(xù)將發(fā)射問(wèn)天實(shí)驗(yàn)艙和夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙，計(jì)劃 2022 年完成空間站在軌建造。核心艙繞地球飛行的軌道可視為圓軌道，軌道離地面的高度約為地球半徑的。下列說(shuō)法正確的是（ ）核心艙進(jìn)入軌道后所受地球的萬(wàn)有引力大小約為它在地面時(shí)的倍核心艙在軌道上飛行的速度大于核心艙在軌道上飛行的周期小于后續(xù)加掛實(shí)驗(yàn)艙后，空間站由于質(zhì)量增大，軌道半徑將變小如圖（a），質(zhì)量分別為mA、mB 的A、B 兩物體用輕彈簧連接構(gòu)成一個(gè)系統(tǒng)，外力作用在A 上，系統(tǒng)靜止在光滑水平面上（B 靠墻面），此時(shí)彈簧形變量為 。撤去外力并開(kāi)始計(jì)時(shí)，A、B 兩物體運(yùn)動(dòng)的圖

6、像如圖（b）所示，表示 0 到 時(shí)間內(nèi)的圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小，、分別表示到時(shí)間內(nèi)A、B 的圖線與坐標(biāo)軸所圍面積大小。A 在 時(shí)刻的速度為。下列說(shuō)法正確的是（ ）0 到 時(shí)間內(nèi)，墻對(duì)B 的沖量等于mAv0B. mA mBC. B 運(yùn)動(dòng)后，彈簧的最大形變量等于D.如圖，圓心為的圓處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與圓平面平行，和為該圓直徑。將電荷量為做功為的粒子從 點(diǎn)移動(dòng)到 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為。下列說(shuō)法正確的是（ ）；若將該粒子從 點(diǎn)移動(dòng)到 點(diǎn)，電場(chǎng)力該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向與 ab 平行將該粒子從d 點(diǎn)移動(dòng)到b 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為a 點(diǎn)電勢(shì)低于c 點(diǎn)電勢(shì)若只受電場(chǎng)力，從d 點(diǎn)射入圓形電場(chǎng)區(qū)域的所有帶電粒子都做

7、曲線運(yùn)動(dòng)10.兩個(gè)完全相同的正方形勻質(zhì)金屬框，邊長(zhǎng)為 ，通過(guò)長(zhǎng)為 的絕緣輕質(zhì)桿相連，構(gòu)成如圖所示的組合體。距離組合體下底邊處有一方向水平、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。磁場(chǎng)區(qū)域上下邊界水平，高度為，左右寬度足夠大。把該組合體在垂直磁場(chǎng)的平面內(nèi)以初速度水平無(wú)旋轉(zhuǎn)拋出，設(shè)置合適的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小使其勻速通過(guò)磁場(chǎng)，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（ ）A.與無(wú)關(guān)，與成反比B. 通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，金屬框中電流的大小和方向保持不變C. 通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，組合體克服安培力做功的功率與重力做功的功率相等D. 調(diào)節(jié)、和，只要組合體仍能勻速通過(guò)磁場(chǎng)，則其通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量不變?nèi)?、非選擇題：共 54 分。第 111

8、4 題為必考題，考生都必須作答。第 1516 題為選考題， 考生根據(jù)要求作答。（共 2 題；共 15 分）11.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示裝置探究加速度與物體所受合外力的關(guān)系。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)量墊塊厚度h，示數(shù)如圖（b）所示，h=cm；接通氣泵，將滑塊輕放在氣墊導(dǎo)軌上，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌至水平；在右支點(diǎn)下放一墊塊，改變氣墊導(dǎo)軌的傾斜角度；在氣墊導(dǎo)軌合適位置釋放滑塊，記錄墊塊個(gè)數(shù)n 和滑塊對(duì)應(yīng)的加速度a；n1234 560.087 0.180 0.260 0.425 0.519在右支點(diǎn)下增加墊塊個(gè)數(shù)（墊塊完全相同），重復(fù)步驟（4），記錄數(shù)據(jù)如下表：根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖（c）上描點(diǎn)，繪制圖線。如果

9、表中缺少的第 4 組數(shù)據(jù)是正確的，其應(yīng)該是 （保留三位有效數(shù)字）。12.某實(shí)驗(yàn)小組需測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，器材有：一節(jié)待測(cè)電池、一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)、一個(gè)定值電阻（阻值為）、一個(gè)電流表（內(nèi)阻為）、一根均勻電阻絲（電阻絲總阻值大于，并配有可在電阻絲上移動(dòng)的金屬夾）、導(dǎo)線若干。由于缺少刻度尺，無(wú)法測(cè)量電阻絲長(zhǎng)度，但發(fā)現(xiàn)桌上有一個(gè)圓形時(shí)鐘表盤。某同學(xué)提出將電阻絲繞在該表盤上，利用圓心角來(lái)表示接入電路的電阻絲長(zhǎng)度。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：將器材如圖（a）連接：改變金屬夾的位置，閉合開(kāi)關(guān)，記錄每次接入電路的電阻絲對(duì)應(yīng)的圓心角 和電流表示數(shù) ，得到多組數(shù)據(jù)；整理數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)繪圖，所得圖像如圖（b）所示，圖

10、線斜率為 ，與縱軸截距為 ，設(shè)單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值為，該電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻可表示為 ， （用、 、 、表示）為進(jìn)一步確定結(jié)果，還需要測(cè)量單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值。利用現(xiàn)有器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，在圖（c）方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖（電阻絲用滑動(dòng)變阻器符號(hào)表示）；利用測(cè)出的，可得該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。開(kāi)關(guān)閉合前，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的端（填“a”或“b”）；13.帶電粒子流的磁聚焦和磁控束是薄膜材料制備的關(guān)鍵技術(shù)之一、帶電粒子流（每個(gè)粒子的質(zhì)量為 、電荷量為）以初速度 垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，不計(jì)重力及帶電粒子之間的相互作用。對(duì)處在平面內(nèi)的粒子，求解以下問(wèn)題。四、解答題（共 2 題；共 28 分）如圖（a），寬度為的帶電

11、粒子流沿 軸正方向射入圓心為、半徑為的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，若帶電粒子流經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后都匯聚到坐標(biāo)原點(diǎn)，求該磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；如圖（a），虛線框?yàn)檫呴L(zhǎng)等于區(qū)域面積最小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使匯聚到的正方形，其幾何中心位于點(diǎn)的帶電粒子流經(jīng)過(guò)該區(qū)域后寬度變?yōu)?。在虛線框內(nèi)設(shè)計(jì)一個(gè)，并沿 軸正方向射出。求該磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向，以及該磁場(chǎng)區(qū)域的面積（無(wú)需寫出面積最小的證明過(guò)程）；如圖（b），虛線框和均為邊長(zhǎng)等于的正方形，虛線框和均為邊長(zhǎng)等于的正方形。在、和中分別設(shè)計(jì)一個(gè)區(qū)域面積最小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使寬度為的帶電粒子流沿 軸正方向射入和后匯聚到坐標(biāo)原點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)和后寬度變?yōu)?，并?軸正方向射出，從而實(shí)現(xiàn)帶電粒子流的同軸

12、控束。求和中磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，以及和中勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的面積（無(wú)需寫出面積最小的證明過(guò)程）。14.如圖，豎直平面內(nèi)一足夠長(zhǎng)的光滑傾斜軌道與一長(zhǎng)為 的水平軌道通過(guò)一小段光滑圓弧平滑連接，水平軌道右下方有一段弧形軌道。質(zhì)量為的小物塊A 與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 。以水平軌道末端點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系， 軸的正方向水平向右， 軸的正方向豎直向下，弧形軌道端坐標(biāo)為，端在 軸上。重力加速度為 。若A 從傾斜軌道上距 軸高度為的位置由靜止開(kāi)始下滑，求 經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的速度大?。蝗?A 從傾斜軌道上不同位置由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)的曲線方程；點(diǎn)落在弧形軌道上的動(dòng)能均相同，求（3）將質(zhì)量為（ 為常數(shù)且）的小物

13、塊置于點(diǎn)，A 沿傾斜軌道由靜止開(kāi)始下滑，與B 發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），要使 A 和B 均能落在弧形軌道上，且A 落在B 落點(diǎn)的右側(cè)，求A 下滑的初始位置距 軸高度的取值范圍。五、【選修 33 】（共 2 題；共 26 分）15.如圖，兩端開(kāi)口、下端連通的導(dǎo)熱汽缸，用兩個(gè)輕質(zhì)絕熱活塞（截面積分別為和）封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無(wú)摩擦。在左端活塞上緩慢加細(xì)沙，活塞從 下降 高度到位置時(shí)，活塞上細(xì)沙的總質(zhì)量為。在此過(guò)程中，用外力作用在右端活塞上，使活塞位置始終不變。整個(gè)過(guò)程環(huán)境溫度和大氣壓強(qiáng)（ ）保持不變，系統(tǒng)始終處于平衡狀態(tài)，重力加速度為 。下列說(shuō)法正確的是整個(gè)過(guò)程，外力做功大于

14、 0，小于整個(gè)過(guò)程，理想氣體的分子平均動(dòng)能保持不變C.整個(gè)過(guò)程，理想氣體的內(nèi)能增大D.整個(gè)過(guò)程，理想氣體向外界釋放的熱量小于E.左端活塞到達(dá)位置時(shí)，外力等于小贊同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用電子天平測(cè)量環(huán)境溫度的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。導(dǎo)熱汽缸開(kāi)口向上并固定在 桌面上，用質(zhì)量、截面積的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁間無(wú)摩擦。一輕質(zhì)直桿中心置于固定支點(diǎn) 上，左端用不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩豎直懸掛活塞，右端用相同細(xì)繩豎直懸掛一個(gè)質(zhì)量境溫度的鐵塊，并將鐵塊放置到電子天平上。當(dāng)電子天平示數(shù)為。設(shè)外界大氣壓強(qiáng)，重力加速度。時(shí)，測(cè)得環(huán)（i）當(dāng)電子天平示數(shù)為時(shí)，環(huán)境溫度為多少？（ii）該裝置可測(cè)量的最高環(huán)境溫度為多少？16.

15、（1）均勻介質(zhì)中，波源位于O 點(diǎn)的簡(jiǎn)諧橫波在 xOy 水平面內(nèi)傳播，波面為圓。t = 0 時(shí)刻，波面分布如圖A.該波從 A 點(diǎn)傳播到B 點(diǎn)，所需時(shí)間為B.C.D.時(shí)，B 處質(zhì)點(diǎn)位于波峰時(shí)，C 處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度方向豎直向上時(shí)，D 處質(zhì)點(diǎn)所受回復(fù)力方向豎直向上E.E 處質(zhì)點(diǎn)起振后，內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程為（2）我國(guó)古代著作墨經(jīng)中記載了小孔成倒像的實(shí)驗(yàn)，認(rèn)識(shí)到光沿直線傳播。身高平地面上，其正前方處的豎直木板墻上有一個(gè)圓柱形孔洞，直徑為的人站在水、深度為，孔洞距水平地面的高度是人身高的一半。此時(shí)，由于孔洞深度過(guò)大，使得成像不完整，如圖所示?，F(xiàn)在孔洞中填充厚度等于洞深的某種均勻透明介質(zhì)，不考慮光在透明介質(zhì)中的反射。

16、（a）所示，其中實(shí)線表示波峰，虛線表示相鄰的波谷。A 處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖（b）所示，z 軸正方向豎直向上。下列說(shuō)法正確的是（ ）（i）若該人通過(guò)小孔能成完整的像，透明介質(zhì)的折射率最小為多少？（ii）若讓掠射進(jìn)入孔洞的光能成功出射，透明介質(zhì)的折射率最小為多少？答案解析部分一、單項(xiàng)選擇題：本題共 7 小題，每小題 4 分，共 28 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.【解析】【解答】A放射性元素沒(méi)有明確其數(shù)量的前提，半衰期沒(méi)有統(tǒng)計(jì)的意義，就算是大量放射性元素經(jīng)過(guò)兩個(gè)完整的半衰期后，其衰變剩下的質(zhì)量為原來(lái)的四分之一；A 不符合題意； B原子核衰變屬于核反應(yīng)過(guò)程，所有核反應(yīng)的

17、過(guò)程都是核子重新組合；所以滿足電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)守 恒，B 不符合題意； C放射性元素的半衰期是由原子核的自身結(jié)構(gòu)決定的，與物理環(huán)境如壓力、溫度或濃度無(wú)關(guān)，與化學(xué)狀 態(tài)無(wú)關(guān)，C 不符合題意； D放射性元素輻射出的射線對(duì)人體有破壞的作用，但是只要輻射強(qiáng)度在安全范圍內(nèi)則對(duì)人的傷害性不 大，D 符合題意；故答案為：D。2.【解析】【解答】已知質(zhì)點(diǎn)沿 x 方向做初速度為 0 的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移公式可以求出速度的表達(dá)式；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)動(dòng)量的表達(dá)式有：以上兩式聯(lián)立可得從表達(dá)式可以看出動(dòng)量D。關(guān)于為冪函數(shù)，且，利用拋物線的性質(zhì)可以判別正確的相軌跡圖像為【分析】大量放射性元素經(jīng)過(guò)兩個(gè)完整的半衰期后其原子

18、核剩下原來(lái)的四分之一；原子核衰變的過(guò)程其電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒；外界條件對(duì)半衰期沒(méi)有影響。故答案為：D。3.【解析】【解答】A若動(dòng)車組做勻加速啟動(dòng)，其加速度保持不變；根據(jù)牛頓第二定律有，但其阻力和速度成正比則：合題意；隨速度增大而增大，其阻力不斷變大，則牽引力不斷增大；A 不符B當(dāng)四節(jié)動(dòng)力車廂其輸出功率為額定功率時(shí)，則四節(jié)車廂的總功率為4P，根據(jù)功率的表達(dá)式有：；再根據(jù)牛頓第二定律可以得出；【分析】利用速度位移公式結(jié)合動(dòng)量的表達(dá)式可以判別其動(dòng)量和位移的關(guān)系。C已知四節(jié)動(dòng)力車廂輸出的總功率為，當(dāng)動(dòng)車組達(dá)到最大速度時(shí)開(kāi)始勻速行駛，其其牽引力等于阻力，根據(jù)牛頓定律可以得出：聯(lián)立解得從表達(dá)式可以得出加速啟

19、動(dòng)的過(guò)程，牽引力減小，阻力增大，則加速度逐漸減小，B 不符合題意；D動(dòng)力車廂從靜止啟動(dòng)到最大速度的過(guò)程，由于四節(jié)動(dòng)力車廂輸出功率均為額定值，經(jīng)歷t 時(shí)間其牽引力做功為：；由動(dòng)能定理可知；從表達(dá)式可以解得動(dòng)車組克服阻力做的功為；所以D 不符合題意；C 符合題意；故答案為：C。4.【解析】【解答】?jī)蓚€(gè)等量異種點(diǎn)電荷都在P 點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式， 則有點(diǎn)電荷在 P 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)都為， 其方向如下圖所示：根據(jù)平行四邊形定則，對(duì)兩點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)進(jìn)行疊加；可得P 點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為，方向如圖：與+q 點(diǎn)電荷與-q 點(diǎn)電荷的連線平行如圖所示根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，可得Q 點(diǎn)電荷在p 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為根據(jù)題意，三點(diǎn)

20、電荷的合場(chǎng)強(qiáng)為0，則方向如圖所示，且聯(lián)立等式可以解得【分析】動(dòng)車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)其加速度不變，由于阻力隨時(shí)間不斷變大則牽引力隨時(shí)間不斷變大；當(dāng)動(dòng)力車廂功率額定時(shí)，其速度不斷增大時(shí)其牽引力和加速度不斷減??；當(dāng)動(dòng)車廂做勻速直線運(yùn)動(dòng)，利用 功率的表達(dá)式結(jié)合平衡方程可以求出最大的速度；利用動(dòng)能定理結(jié)合末速度的大小可以求出克服阻力做 功的大小。由幾何關(guān)系可知Q 的坐標(biāo)為（0，2a） 故答案為：B。5.【解析】【解答】AB 已知滑塊從A 點(diǎn)向B 點(diǎn)進(jìn)行緩慢移動(dòng)，所以滑塊受力平衡，對(duì)滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第一定律有【分析】利用點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式結(jié)合平行四邊形定則可以求出合場(chǎng)強(qiáng)的大小及方向，結(jié)合P 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等于

21、 0 及場(chǎng)強(qiáng)公式可以求出Q 點(diǎn)電荷的電荷量及位置。；由于滑塊移動(dòng)的過(guò)程其 越來(lái)越大，則推力F 越來(lái)越大，支持力N 越來(lái)越小，所以 AB 不符合題意；C由于凹槽處于靜止，以凹槽與滑塊整體分析，整體處于受力平衡；設(shè)墻面對(duì)凹槽的壓力為F ；根據(jù)水N平方向的平衡方程可以得出：；時(shí)，F(xiàn)N 出現(xiàn)最大值；所以 越來(lái)越大時(shí)，墻面對(duì)凹槽的壓力先增大后減小，所以C 符合題意；D整體處于受力平衡；設(shè)水平地面對(duì)凹槽的支持力為N地；根據(jù)豎直方向的平衡方程可以得出：水平地面對(duì)凹槽的支持力為從表達(dá)式可以得出當(dāng) 越來(lái)越大時(shí)，水平地面對(duì)凹槽的支持力越來(lái)越小，所以D 不符合題意；故答案為：C。【分析】利用滑塊的平衡方程結(jié)合角度的

22、變化可以判別其推力及支持力的大小變化；利用整體的平衡方程可以判別地面對(duì)凹槽的支持力及墻壁對(duì)凹槽的支持力大小變化。6.【解析】【解答】由于知道副線圈各用電器的電阻，利用并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得：副線圈的總電阻為整理可得從表達(dá)式可以得出滑動(dòng)變阻器R 的滑片從a 端滑到b 端過(guò)程中，副線圈的總電阻選增大后減?。话炎儔浩鞯刃橐粋€(gè)回路，根據(jù)等效電阻關(guān)系有；再根據(jù)原線圈的歐姆定律和變壓器的規(guī)律有:，由于等效電阻先增大后減小，則 先減小后增大， 選項(xiàng)不符合題意；先減小后增大，則先變暗后變亮，所以其B、D根據(jù)原線圈的歐姆定律，及變壓器的規(guī)律由于先減小后增大，則副線圈的電壓先增大后減小；在副線圈的電壓U2 增大的過(guò)

23、程，根據(jù)歐姆定律可以得出通過(guò)L2 的電流為：滑片從a 端滑到b 端過(guò)程中，逐漸減小，副線圈的電壓增大過(guò)程中增大，則其L2 變亮；在副線圈的電壓逐漸增大，則變亮；減小過(guò)程中，通過(guò)R0 的電流為越來(lái)越小，而副線圈中的電流I2 越來(lái)越大；則， 則燈泡L2 不斷則先變暗后變亮，一直變亮；所以C 不符合題意，A 符合題意； 故答案為：A?！痉治觥坷貌⒙?lián)電路的特點(diǎn)可以求出其副線圈等效電阻的大小，結(jié)合回路的歐姆定律可以判別其回路中電流的變化進(jìn)而判別燈泡L1 的亮暗變化；利用輸入電壓結(jié)合輸入電流的變化可以判別輸出電壓的變化；再結(jié)合副線圈支路的歐姆定律可以判別燈泡L2 的亮度變化。7.【解析】【解答】A已知核

24、心艙在地面時(shí)距離地心的距離為R，則進(jìn)入軌道后距離地心的距離為：；根據(jù)萬(wàn)有引力定律有， 則有；核心艙進(jìn)入軌道后的萬(wàn)有引力與地面上萬(wàn)有引力之比為二、多項(xiàng)選擇題：本小題共 4 小題，每小題 5 分，共 20 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求。全部做對(duì)的得 5 分，選對(duì)但不全對(duì)的得 3 分，有選錯(cuò)的得 0 分。B核心艙在軌道上飛行，根據(jù)可得第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度，因此核心艙在軌道上飛行的速度小于 7.9km/s，所以 B 不符合題意；C根據(jù)可得；所以A 符合題意；D衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)萬(wàn)有引力提供向心力有解得可知軌道半徑越大周期越大，核心艙的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑；則其周期比

25、同步衛(wèi)星的周期小于 24h，所以 C 符合題意；則衛(wèi)星的環(huán)繞速度與衛(wèi)星的質(zhì)量無(wú)關(guān)，所以核心艙其質(zhì)量增大時(shí)，對(duì)其軌道半徑的大小沒(méi)有影響；所以D 不符合題意；故答案為：AC?！痉治觥坷靡浇Y(jié)合距離的大小可以求出引力的大小關(guān)系；核心艙在軌道上飛行的線速度小于第一宇宙速度；利用引力提供向心力結(jié)合半徑的大小可以比較周期的大?。焕靡μ峁┫蛐牧梢耘袆e 衛(wèi)星的線速度和衛(wèi)星質(zhì)量的大小無(wú)關(guān)。【解析】【解答】A從圖像可以得出，在 0 t1 時(shí)間內(nèi)，物體B 的加速等于 0 處于靜止，利用B 的平衡條件有F 墻 = F 彈；當(dāng)墻對(duì)B 的彈力作用一段時(shí)間時(shí)，其沖量大小等于彈簧對(duì)B 的沖量大小，又由于彈簧對(duì)A

26、和對(duì)B 的彈力大小相等，則求墻壁對(duì)B 的沖量等于其彈力對(duì)A 的沖量；撤去F 后A 只受彈力作用，則根據(jù)動(dòng)量定理有I = mAv0（方向向右）則墻對(duì)B 的沖量與彈簧對(duì)A 的沖量大小相等、方向相同，A 符合題意；A A從圖像可以得出，在t1 后其物體B 開(kāi)始具有加速度，也說(shuō)明其彈簧開(kāi)始被拉伸，在t2 時(shí)刻其A 和B 的加速度出現(xiàn)峰值，由于彈簧對(duì)A 和B 的彈力大小相等則F=F；根據(jù)牛頓第二定律有F= m a ；F 彈=彈彈彈mBaB由圖可知aB aA則 mB mAC由圖可得，t1 時(shí)刻B 開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，B 離開(kāi)墻壁，此時(shí)A 速度為v0， 由于A、B 彈簧為系統(tǒng)不受外力；所以 AB 動(dòng)量守恒，則；根據(jù)

27、AB 和彈簧整個(gè)系統(tǒng)能量守恒，最初的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為A 和B 的動(dòng)能及彈簧的彈性勢(shì)能；由于部分彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能；所以彈簧的形變量小于最初的形變量x，C 不符合題意；D從 t2 時(shí)刻其 AB 加速度出現(xiàn)最大值，可以得出此時(shí)彈簧處于最大拉長(zhǎng)量；則可以得出A 和 B 的速度相等；其at 圖像的面積代表速度變化量的大小；利用圖像面積可以得出AB 的速度分別為，根據(jù)此時(shí)A、B 共速，則B 符合題意；D 符合題意。故答案為：ABD?！痉治觥繌?0 到 t1 時(shí)間內(nèi)，利用圖像面積可以求出彈簧對(duì)A 產(chǎn)生的沖量大小，由于彈力等于墻壁對(duì)B 的彈力所以其沖量的大小等于墻壁對(duì)B 的沖量大??；當(dāng)t2 時(shí)刻彈簧彈力最大，

28、利用牛頓第二定律結(jié)合加速度的大小可以比較質(zhì)量的大??；利用能量守恒定律結(jié)合AB 存在動(dòng)能可以判別彈性形變量的大??；利用圖像面積代表速度變化量的大小進(jìn)而可以求出面積大小的關(guān)系?！窘馕觥俊窘獯稹緼從題意可知其圓心處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，以圓心建立坐標(biāo)系，對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度進(jìn)行分解， 沿 cd 方向建立x 軸，垂直與 cd 方向建立y 軸如下圖所示粒子從a 到b 點(diǎn)時(shí)，其電場(chǎng)力做功為 2W；其總功等于兩個(gè)方向做功之和，則有：2W = EyqR + ExqR經(jīng)過(guò)計(jì)算有Ex =，Ey =，E =，tan =粒子沿x 方向從c 到 d 的過(guò)程，其電場(chǎng)力做功為W：則在x 方向有：W = Exq2RB該粒從d 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b 點(diǎn)，

29、從幾何關(guān)系可以得出db 之間的距離等于R；電場(chǎng)力做的功為W = Eq= 0.5W由于電場(chǎng)方向與水平方向成 60，則電場(chǎng)與 ab 平行，且沿a 指向b，A 符合題意；B 符合題意；由于電場(chǎng)線方向從a 指向b，其c 所在等勢(shì)面在 ab 之間；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則a 點(diǎn)的電勢(shì)高于 c 點(diǎn)的電勢(shì)，C 不符合題意；若粒子的初速度方向與ab 平行，則初速度和電場(chǎng)力方向共線，其電場(chǎng)力保持不變其加速度不變；則粒子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，D 不符合題意。故答案為：AB。10.【解析】【解答】A由于組合體做平拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的位移公式有：；可以解得剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)y 方向的速度為：vy =組合體進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速運(yùn)

30、動(dòng)，則組合體處于平衡狀態(tài)，根據(jù)牛頓第一定律則有 mg = F，又由于導(dǎo)體棒切割磁場(chǎng)的電動(dòng)勢(shì)， 且根據(jù)歐姆定律有：， 且安安培力的表達(dá)式為：；聯(lián)立等式可以得出：B =從表達(dá)式可以得出B 與成正比，A 不符合題意；【分析】對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度進(jìn)行分解，利用電場(chǎng)力做功可以求出兩個(gè)方向電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，結(jié)合場(chǎng)強(qiáng)的大小可以求出合場(chǎng)強(qiáng)的方向；利用電場(chǎng)力和位移可以求出電場(chǎng)力做功的大??；利用電場(chǎng)線的方向可以比較電勢(shì) 的高低；若粒子初速度方向沿 ab 方向則做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。C由于組合體進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速運(yùn)動(dòng)，由于水平方向的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相互低消，有mg = F安=B當(dāng)金屬框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，磁場(chǎng)方向垂直于紙張向內(nèi)且金屬框的磁通量增

31、加，根據(jù)楞次定律可以判別感 應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，?dāng)金屬框剛出磁場(chǎng)時(shí)，磁場(chǎng)方向垂直于紙張向內(nèi)且金屬框的磁通量減小， 根據(jù)楞次定律可以判別此時(shí)感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍珺 不符合題意；由于安培力的大小等于重力的大小，則組合體克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，C 符合題意；D無(wú)論調(diào)節(jié)哪個(gè)物理量，只要組合體仍能勻速通過(guò)磁場(chǎng)，都有mg = F安則安培力做的功都為W = F3L=mg3L；安0從表達(dá)式可以得出當(dāng)組合體勻速通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，其過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱與H、v 、B 大小無(wú)關(guān)，D 符合題意。故答案為：CD?！痉治觥拷饘倏蛟谪Q直方向切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流，利用勻速運(yùn)動(dòng)的平衡方程可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的

32、表達(dá)式；利用金屬框中磁通量的變化結(jié)合楞次定律可以判別感應(yīng)電流的方向；利用重力等于安培力可以判別 組合體克服安培力做功的功率等于重力的功率；利用重力做功可以求出安培力做功的大小進(jìn)而判別產(chǎn)生 的焦耳熱保持不變。三、非選擇題：共 54 分。第 1114 題為必考題，考生都必須作答。第1516 題為選考題，考生根據(jù)要求作答。11.【解析】【解答】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的上尺可以找出0 刻度線對(duì)齊的格數(shù)為 10，下尺可以得出上下尺對(duì)齊的格數(shù)為 2；且 10 分度的游標(biāo)卡尺的精度時(shí) 0.1mm；則墊塊的厚度為 h=1cm+20.1mm=1.02cm滑塊下滑過(guò)程，其重力沿斜面的分力：， 且根據(jù)幾何關(guān)系有：；再根

33、據(jù)牛頓第二定律有：可知 a 與 n 成正比關(guān)系，則根據(jù)圖像可知，斜率（5）根據(jù)表格的數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，連接各坐標(biāo)點(diǎn)，繪制圖線如圖；解得 a=0.342m/s2【分析】（1）利用游標(biāo)卡尺上下尺結(jié)構(gòu)可以讀出墊板的厚度；12.【解析】【解答】（2）開(kāi)關(guān)閉合前，為了防止電路中的電流太大，電阻絲要起到保護(hù)電路元件的作用，應(yīng)將電阻絲的最大阻值接入電路，根據(jù)電阻定律可知電阻絲接入越長(zhǎng)，接入電阻越大，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的 端。（4）金屬絲為圓弧，已知其圓心角的大小為 時(shí)，根據(jù)弧長(zhǎng)公式可得電阻絲接入電路中的電阻為，根據(jù)閉合電路歐姆定可知整理閉合電路歐姆定律可得電流的表達(dá)式為：從表達(dá)式的可以得出截距和斜率的表

34、達(dá)式有：，根據(jù)圖像斜率和截距可以解得電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻為：（5）實(shí)驗(yàn)器材中有定值電阻和單刀雙擲開(kāi)關(guān)，可以使用定值電阻來(lái)代替電阻絲，使用等效替代法使電路產(chǎn)生相同的電流（原理：相同的電流時(shí)定值電阻等于一定角度其電阻絲的阻值），如圖所示：（5）利用表格數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)連線；利用圖像斜率可以求出加速度的大小。 將開(kāi)關(guān)置于位置，讀出電流表示數(shù)； 將開(kāi)關(guān)置于電阻絲處，調(diào)節(jié)電阻絲的角度，直到電流表示數(shù)為，讀出此時(shí)角度 ； 此時(shí)，即可求得的數(shù)值。原理的簡(jiǎn)單說(shuō)明：【分析】（2）開(kāi)關(guān)閉合時(shí)為了保護(hù)電路中的元件，應(yīng)該接入電阻絲的最大值所以金屬夾應(yīng)該夾在電阻絲的 b 端；利用金屬絲的長(zhǎng)度可以求出電阻的大小，結(jié)合閉合回路的歐

35、姆定律及圖像斜率和截距可以求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大?。粸榱藴y(cè)量單位角度對(duì)應(yīng)的電阻絲電阻大小，可以利用等效替換法，利用電阻箱的電阻讀出一定角度下電阻絲的電阻大小。四、解答題【解析】【分析】（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用圓形磁場(chǎng)的半徑可以求出粒子軌道半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；畫出粒子經(jīng)過(guò) O 點(diǎn)后從下方圓形區(qū)域的最大軌跡，利用軌道半徑的大小結(jié)合牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B2 的大小和方向；利用左手定則可以判別磁場(chǎng)的方向，利用運(yùn)動(dòng)軌跡結(jié)合幾何關(guān)系可以求出磁場(chǎng)面積的大?。划嫵隽Ｗ釉诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合軌跡半徑及牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。焕藐幱懊娣e為四

36、分之一圓面積和三角形面積之差，利用幾何關(guān)系可以求出勻強(qiáng)磁場(chǎng)面積的大小?！窘馕觥俊痉治觥浚?）A 從傾斜軌道下滑，利用下滑過(guò)程的動(dòng)能定理可以求出A 經(jīng)過(guò) O 點(diǎn)速度的大?。晃飰K A 從 O 點(diǎn)離開(kāi)后開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng)，利用位移公式可以求出初速度的表達(dá)式，結(jié)合動(dòng)能定理可以導(dǎo)出 PQ 的曲線方程；物塊 A 下滑，利用的功能定律可以求出碰前速度的表達(dá)式，結(jié)合碰撞過(guò)程屬于彈性碰撞，利用動(dòng)量守恒和動(dòng)能守恒定律可以求出碰后速度的大??；假設(shè)A 物塊反彈，可以求出物塊A 做平拋運(yùn)動(dòng)初速度， 結(jié)合 A 和 B 速度的比較可以判別A 下滑初始位置距離x 軸的高度范圍。五、【選修 3-3】【解析】【解答】（1）A.外力雖然作用在活塞 S2 上，但活塞沒(méi)有移動(dòng)的位移， 根據(jù)做功的兩個(gè)必要因素有力和在力的方向上有位移，所以整個(gè)過(guò)程，外力F 做功等于 0，A 不符合題意；D.根據(jù)熱力學(xué)第一定律有：， 由于內(nèi)能不變可知理想氣體向外界釋放的熱量等于外界對(duì)理想氣體做的功：， 若氣體末狀態(tài)的壓強(qiáng)為p，則根據(jù)活塞的平衡有：；由于， 則聯(lián)立可得， D 符合題意；E. 左端活塞到達(dá) B 位置時(shí)，根據(jù)壓強(qiáng)平衡可得：即：，E 符合題