北京東城55中2022-2023學年物理高一第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，質量為8 kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面質量為2 kg的物體B用細線懸掛起來，

2、A、B緊挨在一起但A、B之間無壓力某時刻將細線剪斷，則細線剪斷瞬間，B對A的壓力大小為(取g10 m/s2)()A.100 NB.20 NC.16 ND.0 N2、如圖所示，一人站在電梯中的體重計上，隨電梯一起運動下列各種情況中，體重計的示數最大的（ ）A.電梯勻減速上升，加速度的大小為1.0m/s2B.電梯勻加速上升，加速度的大小為1.0m/s2C.電梯勻減速下降，加速度的大小為0.5m/s2D.電梯勻加速下降，加速度的大小為0.5m/s23、一根大彈簧內套一根小彈簧，大彈簧比小彈簧長0.20m，它們的下端固定在地面上，上端自由，如圖甲所示。當加力壓縮此組合彈簧時，測得力和彈簧壓縮距離之間的

3、關系如圖乙所示，則兩根彈簧的勁度系數分別是（設大彈簧勁度系數為k1，小彈簧勁度系數為k2）（）A.k1=100 N/m，k2=200 N/mB.k1=200 N/m，k2=100 N/mC.k1=100 N/m，k2=300 N/mD.k1=300 N/m，k2=200 N/m4、物體做直線運動的v-t圖象如圖所示，若第1 s內所受合力為F1，第2 s內所受合力為F2，第3 s內所受合力為F3，則（）A.F1、F2、F3大小相等，方向相同B.F1、F2、F3大小相等，F(xiàn)1與F2、F3方向相反C.F1、F2是正的，F(xiàn)3是負的D.F1是正的，F(xiàn)2、F3是零5、如圖，在一段平直的地面上等間距分布著一

4、排等高的電線桿，掛在電線桿上的電線粗細均勻由于熱脹冷縮，冬季兩相鄰電線桿之間的電線會有所縮短對電線桿B及其兩側的電線，冬季與夏季相比( )A.電線桿B對地面的作用力不變B.電線桿B所受的合外力變大C.電線最高點處的張力變小D.電線最低點處的張力不變6、如圖a，物體在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由靜止開始運動，在時刻撤去恒力F，物體運動的圖像如圖b，重力加速度，則（）A.物體在3s內的位移B.恒力F與摩擦力f大小之比F:f=3:1C.物體與地面的動摩擦因數為D.3s內恒力做功與克服摩擦力做功之比WF:Wf=3:27、質量不等的兩物塊A和B其質量為mA和mB置于粗糙水平面上，兩物體與水平面的動摩

5、擦因數相同如圖所示，當用水平恒力F作用于左端A上，兩物塊一起加速運動時，AB間的作用力大小為N1，當水平恒力F作用于右端B上，兩物塊一起加速運動時，AB間作用力大小為N2，則（ ）A.兩次物體運動的加速度大小不相等BC.D若水平面光滑，則8、質量均為m的A、B兩個小球之間系一個質量不計的彈簧，放在光滑的臺面上A緊靠墻壁，如圖所示，今用恒力F將B球向左擠壓彈簧，達到平衡時，突然將力F撤去，此瞬間()A.A球的加速度為零B.A球的加速度為C.B球的加速度為D.B球的加速度為9、甲、乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動，在t0時，甲車和乙車的位置齊平（可看作同一位置），它們的速度時間圖像如圖所示。下列

6、說法正確的是（）A.甲先做勻速運動后做勻減速運動B.在第20s末，甲、乙的速度大小相等C.在第30s末，甲、乙相距50mD.在第35s末，甲、乙的位置再次齊平10、某物體運動的速度-時間圖象如圖所示根據圖象可知A.0-2s內的加速度為2m/s2B.0-5s 內的位移為7mC.第1s末與第4.5s末的速度方向相反D.第1s末與第4.5s末的加速度方向相反二、實驗題11、（4分）利用打點計時器測定勻加速直線運動小車的加速度，已知交流電頻率為50 Hz，如題圖給出了該次實驗中從0點開始每5個點取一個計數點的紙帶，其中0、1、2、3、4、5、6都為記數點測得：s11.40 cm，s 21.90 cm，

7、s 32.38 cm，s 42.88 cm，s 53.39 cm，s 6由于計數點6模糊不清，因此無法測量（1）在計時器打出點1、2時，小車的速度分別為：v1_m/s，v 2_m/s；（2）利用紙帶數據可以求出小車的加速度a_m/s2（保留兩位小數）；（3）利用求得的加速度大小估算5、6兩計數點間的距離s 6約為_cm（保留兩位小數）； （4）若交流電實際頻率比50 Hz偏大，則該同學計算出的加速度大小與實際值相比_（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）12、（10分）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，采用如圖甲所示的實驗裝置，小車及車中砝碼的質量用M表示，盤及盤中砝碼的質量用m表示，小

8、車的加速度可由小車后拖動的紙帶上的打點計算出。(1)在該實驗中，下列說法正確的是_（填正確選項前的字母）A為了消除摩擦力的影響，需要調節(jié)斜面傾角，使小車在小盤（盤中不放砝碼）的牽引下在斜面上勻速下滑B在平衡摩擦力時，需要拿走小盤，紙帶穿過打點計時器，并周定在小車的尾端，然后調節(jié)斜面傾角，輕推小車，使小車在斜面上勻速下滑C每改變一次小車的質量，需要重新平衡一次摩擦力(2)實驗中，在M與m的大小關系滿足M_（選填“”、“”或“”）m時，可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼受到的重力；(3)如圖乙所示，一組同學在做加速度與質量的關系實驗時打出一條紙帶，相鄰計數點的時間間隔為T，間距x1、x2、

9、x3x6已測量出，則小車的加速度表達式為a_。保持盤及盤中砝碼的質量一定，改變小車及車中砝碼的質量，測出相應的加速度，采用圖象法處理數據。為了比較容易地得出加速度a與質量M的關系，應該作a與_的圖象。(4)另兩位同學用同一裝置，做加速度與力的關系實驗時，畫出了各自得到的aF圖線，如圖丙所示，則兩個同學做實驗時小車及車中砝碼的質量較大的是_（選填“小紅”或“小華”）。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）動車出站時，先經歷一個加速運動過程，某實驗小組想測量其加速度的大小，設計如圖所示的實驗：在

10、車廂內懸吊著一個質量為m的小球，動車加速行駛時，懸線偏離豎直方向的角度為。重力加速度為g。(1)畫出小球的受力示意圖。(2)求動車的加速度大小a；(3)求懸線對小球的拉力大小T。14、（14分）健身越來越受大眾歡迎，臂力健身器件簡化如圖所示，輕桿BC的C端用光滑鉸鏈固定在豎直墻壁，且與豎直墻壁保持垂直。B端通過輕繩AB與墻壁相連，AB與豎直墻壁的夾角為，一質量不計的輕滑輪懸掛于B點。質量為M的健身者通過一輕繩跨過定滑輪，用豎直向下的力拉住輕繩一端，使質量為m（mM）的重物保持不動，重力加速度為g，求：（1）人對地面的壓力N的大小;（2）繩子BO對輕滑輪的作用力F1的大小;（3）輕桿BC的彈力F

11、2的大小。15、（13分）從離地面h=80m的空中自由釋放一個小球，不計空氣阻力，g取10m/s2，求：(1)經過多長時間小球落到地面；(2)小球下落過程平均速度大?。?3)小球在最后1s內下落的高度；參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】剪斷細線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F=mAg=80N，剪斷細線的瞬間，對整體分析，整體加速度：，隔離對B分析，mBg-N=mBa，解得：N=mBg-mBa=20-22N=16N故C正確，A

12、BD錯誤故選C點睛：本題關鍵是先采用整體法求解加速度，再隔離物體B并根據牛頓第二定律列式求解.2、B【解析】AD.電梯勻減速上升，電梯勻加速下降，均為失重狀態(tài)，體重計的示數要小，AD錯；BC.電梯勻加速上升，電梯勻減速下降，為超重狀態(tài)，且B中的加速度大于C中的加速度，所以B正確C錯誤。故選B。3、A【解析】大彈簧勁度系數為k1，小彈簧勁度系數為k2，依據公式得在0到0.2m范圍內有在0.2m到0.3m范圍內有（這個范圍內小彈簧的壓縮量比大彈簧小0.2m）解得k1=100 N/mk2=200 N/mBCD錯誤，A正確。故選A。4、B【解析】根據速度時間圖線得出加速度的大小和方向，根據牛頓第二定律

13、得出合力的大小和方向【詳解】根據速度時間圖線知，在第1s內和第2s內圖線的斜率絕對值大小相等，則加速度大小相等，方向相反，根據牛頓第二定律知，F(xiàn)1和F2的大小相等，方向相反在第2s內和第3s內圖線的斜率相同，則加速度大小和方向都相同，根據牛頓第二定律知，F(xiàn)2和F3的大小相等，方向相同故A錯誤，B正確若F1是正的，則F 2、F3是負的，且不為零，選項CD錯誤；故選B.5、A【解析】以電桿為研究對象，設電線與豎直方向夾角為，由共點力的平衡條件知，兩邊電線對電桿的彈力F的合力與其重力的合力等于地面對電桿的支持力，由幾何關系得：2Fcos+Mg=FN；對一半電線而言：Fcos=mg；則FN=Mg+mg

14、，則電線桿B所受的合力為零，對地面的作用力不變，選項A正確，B錯誤；由于夏天氣溫較高，電線的體積會膨脹，兩桿正中部位電線下墜的距離h變大，則電線在桿上固定處的切線方向與豎直方向的夾角變小，故根據Fcos=mg，可知兩電線桿處的電線拉力冬天與夏天相比變大，選項C正確；取一半電線研究，最低點的張力T=Fsin，則冬天F大，大，則T較大，則選項D錯誤；故選AC點睛：要比較一個物理量的大小關系，我們應該先把這個物理量運用物理規(guī)律表示出來，本題中應該抓住電線桿上的電線的質量一定，受力平衡，根據夏季、冬季電線在桿上固定處的切線方向與豎直方向的夾角的不同分析求解6、BC【解析】A根據vt圖像的物理意義，面積

15、代表位移?？芍蔄錯誤；B由圖可知，01s時，物體的加速度為a1=6m/s2根據牛頓第二定律13s時，物體的加速度為a2=-3m/s2根據牛頓第二定律聯(lián)立解得故B正確；C根據解得故C正確；D根據動能定理所以故D錯誤。故選BC。7、BC【解析】先對整體分析求出加速度的大小，再隔離分析求出A、B間的作用力大小，從而求出作用力之和和作用力的比值；【詳解】A、根據牛頓第二定律得對整體分析：，則兩次物體運動的加速度大小相等，但是方向相反，故選項A錯誤；B、分別隔離B和A得：，則：同理可以得到：，則則得到，故BC正確；D、由于和不相等，所以即使水平面光滑，與也不相等，故選項D錯誤【點睛】本題考查了牛頓第二

16、定律的運用，關鍵掌握整體法和隔離法的使用，先整體求加速度，再隔離求出相互的作用力8、AC【解析】先分析將力F撤去前彈簧的彈力大小，再分析將力F撤去的瞬間兩球所受的合力，根據牛頓第二定律求解加速度【詳解】力F撤去前彈簧的彈力大小為F將力F撤去的瞬間，彈簧的彈力沒有變化，則A的受力情況沒有變化，合力為零，B的合力大小等于F，根據牛頓第二定律得到A球的加速度為零，B球的加速度為【點睛】瞬時問題是牛頓定律應用典型的問題，一般先分析狀態(tài)變化前彈簧的彈力，再研究狀態(tài)變化瞬間物體的受力情況，求解加速度，要抓住彈簧的彈力不能突變的特點9、AD【解析】A由圖可知，甲車先做勻速運動再做勻減速直線運動，故A正確；B

17、由圖看出，在第20s末，甲、乙的速度大小不等，故B錯誤；C圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，可知在第30s末，甲的位移為乙的位移為所以甲乙兩車相距故C錯誤；D30s后甲靜止，乙以向前運動就可以追上甲，故在第35s末，甲、乙的位置再次齊平，故D正確。故選AD。10、BD【解析】速度圖象的斜率等于物體的加速度大小根據斜率的正負分析加速度的正負圖線與兩個坐標軸所圍“面積”等于位移【詳解】0-2s內的加速度大小為：，故A錯誤；0-25 內的位移為：，故B正確；速度的正負表示方向，故第 1s 末與第 4.5s 末的速度方向相同，故C錯誤；斜率的正負表示a的方向，由圖可知，第 1s 末與第 4.5s 末加速

18、度方向相反故D正確故選BD二、實驗題11、 .0.165 m/s .0.214 m/s .0.48 m/s20.51 m/s2均可 .3.87cm3.90cm均可 .偏小【解析】（1）由題意可知，相鄰兩計數點之間的時間間隔為T=0.1s，打點計時器打計數點1時，小車的速度；打點計時器打計數點2時，小車的速度；（2）利用前四段位移并使用逐差法計算如下：，答案在0.48 m/s20.51 m/s2均可；（3）勻變速直線運動，相鄰相等時間的位移差，是一個定值通過計算得，則：，計算結果在3.87cm3.90cm均可；（4）若交流電實際頻率比50 Hz偏大，則相鄰計時點間的時間間隔小于0.02s，相鄰計

19、數點間的時間間隔就小于0.1s；但我們在計算時，仍然帶入了T=0.1s，這就使得計算出的加速度值比實際值偏小12、 .B . . . .小華【解析】(1)1AB平衡摩擦力時，需要拿走小盤，紙帶穿過打點計時器，并固定在小車尾端，然后調節(jié)斜面傾角，輕推小車，使小車在斜面上勻速的下滑，故A錯誤，B正確；C改變小車的質量，不需要重新平衡摩擦力，故C錯誤；故選B。(2)2砂桶和小車一起運動，根據牛頓第二定律，對砂桶：mg-F=ma，對小車：F=Ma，可得小車受到的拉力本實驗用砂桶的重力代表小車受到的合外力（拉力），只有Mm時，才有Fmg；(3)3根據勻變速直線運動的判別式，結合六段位移采用逐差法得：4根據牛頓第二定律F=Ma，a與M成反比，而反比例函數圖象是曲線，而根據曲線很難判