2020年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理模擬試題 B

2020年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬試題B?解析版考生須知：1．本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．考生答題前，務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卡上相應區(qū)域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。5?本卷中涉及數(shù)值計算的，重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列說法正確的是伽利略提出了行星運動的三大定律牛頓用實驗的方法測出了引力常量胡克認為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比卡文迪許從實驗中得出了萬有引力定律【答案】C【解析】A.開普勒提出了行星運動的三大定律，故A錯誤。B.卡文迪許用實驗的方法測出了引力常量，故B錯誤。C.胡克認為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比，故C正確。D.卡文迪許用實驗的方法測出了引力常量，證明了萬有引力定律的正確性，但萬有引力定律是牛頓提出的，故D錯誤。2?如圖所示，是一個圓心為0半徑為R的中國古代八卦圖，中央S部分是兩個等半徑半圓，練功人（可視為質點）從A點出發(fā)以恒定速率v沿相關圓弧A-BfCfOfA-DfC進行，最后到達C點，則在整個過程中，以下判斷正確的是練功者運動的總位移大小為2R練功者的運動是勻速直線運動練功者運動的總路程是4nR練功者運動的平均速度大小是v【答案】A【解析】A.位移是指從初位置到末位置的有向線段，所有位移的大小為2R,故A正確；B.人沿著圓弧運動，是曲線運動，不是直線運動，故B錯誤；C.人所經(jīng)過的路程是人所走的所有的路線的長度,人沿圓弧A-BfCfOfA-DfC的過程中，人經(jīng)過的路程為大圓的周長和小圓周長的和，所有經(jīng)過的總的路程為3n，故C錯誤；D.平均速度是位移與時間的比值，并不等于v,故D錯誤。如圖所示，光滑半球形容器固定在水平面上，0為球心。一質量為m的小滑塊，在水平力F的作用下靜止于P點。設滑塊所受支持力％fnOP與豎直方向的夾角為9。下列關系正確的是mgmgA.F=B.F=mgcos9C.F=D.F=mgtan9tan9Ncos9N【答案】C【解析】對滑塊進行受力分析，如圖，由題，滑塊處于靜止狀態(tài)，合力為零，則由平衡條件得Fcos9二mg，F(xiàn)sin9二F，聯(lián)立解得F=,F二mgtan9，故C正確。NNNcos9秦山核電站是我國自行設計、建造和運營管理的第一座30萬千瓦壓水堆核電站。在一次核反應中一個中子轟擊235U變成136Xe、90Sr和若干個中子，已知235U、l36Xe、90Sr的比結合能分別為7.6MeV、TOC\o"1-5"\h\z9254389254388.4MeV、8.7MeV，則該核反應方程為235U+1nT136Xe+90Xe+90Sr+9in9205438380要發(fā)生該核反應需要吸收能量90Sr比136Xe更穩(wěn)定3854該核反應中質量增加【答案】C【解析】A.該核反應方程為235U+1nT^Xe+90Sr+101n，選項A錯誤；B.發(fā)生該核反應需要放出92054380能量，選項B錯誤；C.90Sr比136Xe的比結合能大，則更穩(wěn)定，選項C正確；D.該核反應中放出能3854量，則有質量虧損，質量減小，選項D錯誤。如圖所示，正六邊形abcdef區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，有兩個質量和電荷量都相等的粒子沿ad方向射入磁場后分別從b、e兩點射出，不計粒子重力。下列說法正確的是兩粒子的速率相等從b點射出的粒子速率較大從b點射出的粒子在磁場中運動時間較長從e點射出的粒子在磁場中運動時間較長【答案】C【解析】AB、兩粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，qvB二m-，得v二血，如下圖分析可rm知，兩粒子運動的軌道半徑不同，則速率不同，因為r<r，故從b點射出的粒子速率較小，AB錯誤；12a2兀ramCD、粒子在磁場中運動的時間t--，因兩粒子的質量和電荷量都相等，又是同一磁場,2兀vqB故它們在磁場中運動的時間，與轉過的圓心角a大小成正比，因°>°，故從b點射出的粒子，在磁126.2019年4月20日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運較火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導航衛(wèi)星，拉開了今年北斗全球高密度組網(wǎng)的序幕。北斗系統(tǒng)主要由離地面高度約為6R（R為地球半徑）同步軌道衛(wèi)星和離地面高度約為3R的中圓軌道衛(wèi)星組成，設表面重力加速度為g，忽略地球自轉。則這兩種衛(wèi)星速度都大于\；泰中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于24小時中圓軌道衛(wèi)星的向心加速度約為春Mmv2根據(jù)G-m二m—可知，若衛(wèi)星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向前方噴氣減速r2r【答案】B【解析】A.M表示地球的質量，m表示衛(wèi)星的質量，根據(jù)萬有引力提供向心力則有：GMmmv2:GMGMm'gR2二，可得：v，又地球表面的物體：0二mg，可得：v二…，可見這TOC\o"1-5"\h\zr2rrR20r兩種衛(wèi)星速度都小于叮莎，故A錯誤；B.根據(jù)萬有引力提供向心力則有：GMm二m址r，可得：r2T2T=2“r，可知軌道半徑越大則周期越大，所以中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于同步衛(wèi)星的周期24GMGMmGMmGMm小時，故B正確；C.地球表面的物體：0二mg，中圓軌道衛(wèi)星：ma「=~6，則R2o(R+3R)216R2其向心加速度約為16，故c錯誤；D衛(wèi)星的軌道越高，則其機械能增大，所以若衛(wèi)星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向后方噴氣加速，故D錯誤。如圖所示，兩個小球a、b質量分別為m、2m，用細線相連并懸掛于0點，現(xiàn)用一輕質弾簧給小球a施加一個拉力F，使整個裝置處于靜止狀態(tài)，且Oa與豎直方向夾角為0=45°，已知彈簧勁度系數(shù)為k，重力【答案】C【解析】以小球a、b整體為研究對象，分析受力，作出F在幾個方向時整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知F與T的合力與整體重力3mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當F與繩子Oa垂直時,F有最小值，即圖中2位置，F(xiàn)的最小值為F=3mgsin0=空處，根據(jù)胡克定律F=kx，所以min2minminx=仕，故C正確。min2k如圖所示，在傾角是30°的光滑斜面上，有一長為l的輕桿，桿的一端固定著一個小球，質量為m。另一端繞垂直于斜面的光滑軸做圓周運動，運動到最高點速度是在最高點時，桿對球的作用力為0在最高點時，桿對球的作用力沿桿向上在最高點時，桿對球的作用力沿桿向下，大小是mg7在最低點時，桿對球的作用力沿桿向上，大小是2mg【答案】DTOC\o"1-5"\h\zmv21【解析】ABC?在最高點有：F+mgsin3O°==mg，代入數(shù)據(jù)計算可得：F=-mg，說明桿對/—1球的作用力沿桿向下，大小為-mg，故A錯誤，B錯誤，C錯誤。D.設在最低點時速度為v'，根據(jù)動能定理可得：1m(Jgl)2+mg2/sin30°=1mv'-F'mv'27F'-mgsin30°=竺，代入數(shù)據(jù)計算可得：F'二-mg，說明在最低點時，桿對球的作用力沿桿向/27上，大小是-mg，故D正確。如圖甲所示，正方形導線圈abed放在與線圈平面垂直的磁場中，磁感應強度B隨時間t的變化關系如圖乙所示。已知線圈共100匝，邊長為10cm，總電阻為0.1Q。下列說法正確的是甲己在t=1s時，導線圈產生的感應電動勢為0.1V在0~2s內，通過導線橫截面的電荷量2C

在2~3s內，導線圈有收縮的趨勢在2~3s內，導線圈中產生的焦耳熱為40J【答案】D【解析】A、根據(jù)法拉第電磁感應定律E二N學二NS學，則在t=0至t=2s內，導線圈中的感應電AtAt2-0e動勢恒為E=100x0.12x=IV，A錯誤；B、根據(jù)q=It=-1，結合A選項，可知在t=0至t=2s2—0R內，通過導線橫截面的電量為20C，B錯誤；C、在t=2s至t=3s內，穿過線圈的磁通量減小，線圈通過增大面積的方式來阻礙磁通量的減小，C錯誤；D、在t=2s至t=3s內，E二NE二N如二NSAB二100x0.12xAtAtV二2V，則線圈中的焦耳熱為Q二-1二40J，D正確。10．2019年10月18日至27日在中國武漢舉行的第七屆世界軍人運動會中，21歲的邢雅萍成為本屆軍運會“八冠王”，成為世界“兵王”，八個冠軍中有定點跳傘項目。如圖為其運動過程的v-t圖象，假設邢雅萍運動只在豎直方向，先做自由落體運動，在t時刻，速度達到v時打開降落傘，做減速運11動，在t時刻以速度v著地。她的速度圖象如圖所示。下列有關該跳傘隊員運動過程的分析正確的22在時間內加速度增大，在t時間內加速度減小112在t?t時間內邢雅萍及其降落傘所受的阻力越來越小12運動員在t?T時間內，加速度大小總是小于在0?丫時間內的加速度大小121v+v［?t2時間里，邢雅萍的平均速度等于十亍【答案】B【解析】A.v-t圖像的斜率表示加速度，則在0?［時間內加速度恒定，在［?t2時間內加速度逐漸減小，故A錯誤；B.由t時刻速度達到v時打開降落傘立即做減速運動可知阻力大于重力，在T?t1112時間內由牛頓第二定律有：f-mg二ma，因加速度逐漸減小，則阻力逐漸減小；故B正確；C.由圖像的斜率可比較加速度大小，但圖像在在t?t和0?t的斜率沒有具體的數(shù)據(jù)，所以無法比較其大121小，則運動員在t?t時間內的加速度大小不一定總是小于在0?》時間內的加速度大?。还蔆錯誤;121D.圖線與時間軸圍成的面積表示位移，在t~t的時間內，若做初速度v、末速度v的勻減速直線運1212v+v一動，其位移將大于實際位移，而勻減速的平均速度為十亍，實際平均速度為v，故其平均速度

v+vv<T2，故D錯誤。2二、選擇題II（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）11.如圖所示為某透明均質圓柱形玻璃截面圖，其中MN為過圓心0的水平直線?，F(xiàn)有兩單色細光束a、b相對MN兩側對稱，且平行MN照射玻璃柱體，經(jīng)玻璃折射后兩束光相交于P點，部分光路如圖所示。a、b兩束光相比玻璃對a光的折射率小在玻璃中a光的傳播速度小在玻璃中a光的傳播時間短a、b光在P點都不能發(fā)生全反射【答案】BD【解析】A.由光路圖可知，【解析】A.由光路圖可知，a、b兩光的入射角i相等，折射角：rb>r，ba由折射定律n=sini可知,sinrcn〈n,故A錯誤；B.光在介質中的傳播速度為：v二，由于n<n，貝W〉v，故B正確；C.由光路圖banbabas可知，光的路程關系為：S〈s，已知：v〉v，光的傳播時間：t=，貝u：t<t,故C錯誤；D.由光babayba路圖可知，在P點光a、b路圖可知，在P點光a、b的入射角都等于光射入玻璃磚時的折射角，在P點的入射角一定小于臨界懸重為G的物體。設人的重心相對地面不動，人用力向后蹬傳送帶，使水平傳送帶以速率v逆時針轉動0貝人對重物做功功率為Gv人對傳送帶的摩擦力大小等于G,方向水平向左在時間t內人對傳送帶做功消耗的能量為Gvt若增大傳送帶的速度，人對傳送帶做功的功率增大【答案】BCD【解析】A.根據(jù)題意可知，重物沒有位移，所以人對重物沒有做功，功率為零。故A不符合題意。人處于平衡狀態(tài)，人所受的摩擦力與拉力平衡，傳送帶對人的摩擦力方向向右，拉力等于物體的重力G，所以人對傳送帶的摩擦力大小也等于G，方向水平向左。故B符合題意。C.在時間t內人對傳送帶做功消耗的能量等于人對傳送帶做的功，人的重心不動，繩對人的拉力和人與傳送帶間的摩擦力平衡，而拉力又等于G。根據(jù)W=Fvt，所以人對傳送帶做功的功為Gvt。故C符合題意。D.根據(jù)功率P=Fv，可得若增大傳送帶的速度，人對傳送帶做功的功率增大。故D符合題意。如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為20m/s，則下列說法正確的是圖中質點b的正在做減速運動從圖示時刻開始，經(jīng)0.05s質點b通過的路程為20cm從圖示時刻開始，經(jīng)0.05s質點a沿著傳播方向移動1m若該波在傳播過程中遇到人，會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象【答案】AD【解析】A.簡諧橫波沿x軸正方向傳播，由波形平移法知圖示時刻b點的振動方向沿y軸負方向，正遠離平衡位置，其速度正在減小。故A正確。B.由圖可知波長為：九二4m，周期為：九4TT==s=0.2s，從圖示時刻開始，經(jīng)0.05s，即O.O5s=，由圖可知經(jīng)0.05s質點b通過的路v204程小于20cm。故B錯誤。C.質點a在平衡位置附近做周期性振動，并不隨隨波遷移。故C錯誤。D.該波的波長為4m，若該波發(fā)生明顯的衍射，知波遇到的障礙物或孔的尺寸比4m小，或與4m相當。故D正確。一絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E?在與環(huán)心等高處放有一質量為m、帶電量為+q的小球，由靜止開始沿軌道運動，下述說法正確的是小球在運動過程中機械能守恒小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力為（mg+qE）小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力為3（mg+qE）【答案】AD【解析】A.小球從最高點到最低點的過程中，合力做正功最多，則根據(jù)動能定理得知，動能增大，速率增大，所以小球經(jīng)過環(huán)的最低點時速度最大，故A正確；B.小球運動過程中電場力做功，機械1能不守恒，故B錯誤；CD.小球從最高點到最低點的過程，根據(jù)動能定理得：（mg+qE）R=二mv2，又v2由N-ng-qE=m，聯(lián)立解得N=3（mg+qE），故C錯誤，D正確。R非選擇題部分三、實驗題（本題共2小題，共17分）（7分）如圖甲所示是某同學設計的“探究加速度a與物體所受合力F及質量m間關系”的實驗裝置簡圖，A為小車，B為打點計時器，C為裝有砂的砂桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于砂和砂桶的總重力，小車運動加速度a可由紙帶求得。（1）圖乙所示是某同學通過實驗得到的一條紙帶，他在紙帶上取A、B、C、D、E、F、G等7個計數(shù)點（每相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒有畫出）。已知打點計時器所使用電源的頻率為50Hz，用刻度尺測得：AB=0.60cm，AC=1.60cm，AD=3.00cm，AE=4.80cm，AF=7.00cm，AG=9.60cm，則打E點時小車的速度為m/s，小車的加速度為m/s2°（結果均保留兩位有效數(shù)字）??■■?■?A8CDEF乙（2）另一同學保持小車質量不變，改變砂和砂桶質量，該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度a與合力F圖線如圖丙，該圖線不通過原點，其主要原因是。

（3）若實驗中將小車換成滑塊，將木板水平放置可測出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)要測出動摩擦因數(shù)》，需要測量的物理量有；實驗測得的動摩擦因數(shù)□比真實值（選填“大”或“小”）。【答案】（1）0.20（1分）0.40（2分）（2）實驗前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過?。?分）（3）砂和砂桶的總質量、木塊的質量以及對應的加速度（1分）大（1分）x+x【解析】（1）根據(jù)打點計時器瞬時速度公式可得甘^2-，解得尸°.2°皿，根據(jù)加速度、亠x、亠x-x公式a=—DGAD9T2解得a二0.40m/s2（2）由圖可知，當有力的時候沒有加速度，原因是實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力時木板傾角過?。唬?）如果要測出滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)》，則根據(jù)牛頓第二定律可得=（件+m2）a，因此需要測量砂和砂桶的總質量、木塊的質量以及對應的加速度。因為在公式中沒有考慮繩的摩擦，因此求出的動摩擦因數(shù)□比真實值偏大。16．（10分）在“探究決定導線電阻的因素”實驗中，所用測量儀器均已校準。（1）如圖所示，螺旋測微器的讀數(shù)為mm；游標卡尺的讀數(shù)為mm。567567cm1111II11111111111111rr1111111■11123456781/o（2）用伏安法測金屬絲的電阻R。實驗所用器材為：電池組（電動勢3V,內阻約1Q）、電流表x（內阻約0.1Q）、電壓表（內阻約3kQ）、滑動變阻器R（0~20Q,額定電流2A）、開關、導線若干。某小組同學利用以上器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)如下：次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實驗數(shù)據(jù)可知，他們測量R的電路是采用下圖中的圖（選填“甲”或“乙”）。x

甲乙（3）圖丙是測量R的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，滑動變阻器的滑片P置于變阻器的一X端。請根據(jù)（2）所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線，并使閉合開關的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞。（4）這個小組的同學在坐標紙上建立U、I坐標系，如圖丁所示，圖中已標出了與測量數(shù)據(jù)對應的4個坐標點。請在圖中標出第2、4、6次測量數(shù)據(jù)的坐標點，并描繪出U—I圖線。由圖線得到金屬絲的阻值R=Q（保留兩位有效數(shù)字）。X5）任何實驗測量都存在誤差。本實驗所用測量儀器均已校準，下列關于誤差的說法中正確的選項用儀器測量金屬絲直徑時，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差由于電流表和電壓表內阻引起的誤差屬于偶然誤差若將電流表和電壓表的內阻計算在內，可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差用U—I圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差【答案】（1）6.119（1分）50.90（1分）（2）甲（2分）（3）

（1分）（5）AC（2分）【解析】（1）由圖可知螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為6mm,可動刻度示數(shù)為：11.9x0.01mm=0.119mm,螺旋測微器示數(shù)為：6mm+0.119mm=6.119mm;游標卡尺主尺的讀數(shù)為50mm,游標尺的讀數(shù)為：18x0.05mm=0.90mm,所以游標尺的讀數(shù)為：50mm+0.90mm=50.90mm;（2）由表中實驗數(shù)據(jù)可知,電壓與電流的第一個測量值很小,接近于零,滑動變阻器用分流接法電壓與電流不能達到這么小的數(shù)值,因此滑動變阻器應采用分壓接法,因此需要選擇圖甲所示電路。3）根據(jù)給出的電路圖可得出對應實物圖如圖所示;4）根據(jù)描出的點,作出圖象,如圖所示：0.1()0.200300.400.500.60由圖線得到金屬絲的阻值R+0-40C=4.5QxI0.40（5）A.用螺旋測微器測量金屬絲直徑時，由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差，故A正確；B.由于電流表和電壓表內阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，故B錯誤；C若將電流表和電壓表的內阻計算在內，可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差，故C正確；D.用UI圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以消除系統(tǒng)誤差，故D錯誤。三、計算題（本題共3小題,共37分）

（10分）如圖所示，半圓形豎直光滑軌道be固定在水平地面上，軌道半徑R=0.6m,與水平粗糙地面ab相切，質量m=0.2kg的物塊B靜止在水平地面上b點，另一質量m=0.6kg物塊A在a點以v=10m/s的210初速度沿地面滑向物塊B，與物塊B發(fā)生碰撞（碰撞時間極短），碰后兩物塊粘在一起，之后沖上半圓軌道，到最高點e時，兩物塊對軌道的壓力恰好等于兩物塊的重力。已知ab兩點間距L=3.6m，A與B均可視為質點，空氣阻力不計，g取10m/s2。求：CC（1）物塊A與B剛碰后一起運動的速度v；（2）物塊A和地面間的動摩擦因數(shù)【答案】（1）6m/s（5分）（2）0.5（5分）解析】1）在軌道的最高點，根據(jù)牛頓定律：F解析】1）在軌道的最高點，根據(jù)牛頓定律：F+(m+m)g=(m+mN1212埠（1分）+m)g(1分)F=（+m)g(1分)N12從最低點到最高點的過程中，根據(jù)機械能守恒112分)(m+m)v2+(m+m)g-2R=—(m+m)v22分)212c12212聯(lián)立各式代入數(shù)據(jù)解得v=6m/s（1分）2）兩物塊碰撞的過程中，根據(jù)動量守恒定律：mv=（m+m）v（2分）2）兩物塊碰撞的過程中，根據(jù)動量守恒定律：1A1211物塊A從a運動到b的過程中，根據(jù)動能定理：-卩mgL=〒mv粒子從電場射出時速度v的大??；粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R。-粒子從電場射出時速度v的大?。涣Ｗ釉诖艌鲋凶鰟蛩賵A周運動的半徑R。i2ia2i0聯(lián)立各式并代入數(shù)據(jù)得：卩=0.5（1分）（12分）如圖所示，兩平行金屬板間電勢差為U，