2022年湖南省邵東縣十中物理高二下期末達標檢測試題含解析

2021-2022高二下物理期末模擬試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個質量相等的物體在同一高度沿傾角不同的兩個光滑斜面由靜止自由滑下，到達斜面底端．這個過程中，兩個物體具有的物理量相同的是A．斜面對物體的彈力的大小B．重力做的功C．重力的平均功率D．到達底端時的速度2、只要知道下列哪一組物理量，就可以估算出氣體分子間的平均距離（）A．阿伏加德羅常數、氣體摩爾質量和質量B．阿伏加德羅常數、氣體摩爾質量和密度C．阿伏加德羅常數、氣體質量和體積D．該氣體的密度、體積和摩爾質量3、如圖1所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產生的交變電動勢圖象如圖2中曲線a、b所示，則（）A．兩次時刻線圈平面均與磁場方向平行B．曲線a、b對應的線圈轉速之比為3:2C．曲線a表示的交變電動勢頻率為50HzD．曲線b表示的交變電動勢有效值為10V4、在盧瑟福的α粒子散射實驗中，某一α粒子經過某一原子核附近時的軌跡如圖中實線所示．圖中P、Q為軌跡上的點，虛線是經過P、Q兩點并與軌跡相切的直線，兩虛線和軌跡將平面分為四個區(qū)域．不考慮其他原子核對α粒子的作用，則該原子核所在的區(qū)域可能是A．① B．② C．③ D．④5、關于熱力學第二定律,下列表述中正確的是().A．不可能使熱量從低溫物體傳遞到高溫物體B．不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來做功C．第二類永動機是不可能制成的D．熱力學第二定律是熱力學第一定律的推論6、兩球相向運動，發(fā)生正碰，碰撞后兩球均靜止，于是可以斷定，在碰撞以前()A．兩球的質量相等B．兩球的速度大小相同C．兩球的質量與速度的乘積之和的大小相等D．以上都不能斷定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為氫原子的能級示意圖。用一束單色光照射一群處于基態(tài)的氫原子，氫原子躍遷到n＝4的激發(fā)態(tài)，并從第4能級躍遷回基態(tài)，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，氫原子基態(tài)時的能量為E1A．此過程中最多能發(fā)出6種不同頻率的光B．此過程中發(fā)出的光，最長的波長為-4C．用來照射的單色光的光子頻率為-1D．用來照射的單色光的光子頻率v為-158、假設小球在空氣中下落過程受到的空氣阻力與球的速率成正比，即f＝kv，比例系數k決定于小球的體積，與其他因素無關，讓體積相同而質量不同的小球在空氣中由靜止下落，它們的加速度與速度的關系圖象如圖所示，則()A．小球的質量越大，圖象中的a0越大B．小球的質量越大，圖象中的vm越大C．小球的質量越大，速率達到vm時經歷的時間越短D．小球的質量越大，速率達到vm時下落的距離越長9、某理想氣體從a狀態(tài)經等溫過程到達b狀態(tài)，再經等容過程到達c狀態(tài)，又經等壓過程回到a狀態(tài)，對應的P-V圖像如圖甲所示．則圖乙中該過程中對應的P-T圖像、V-T圖像，可能正確的是A． B． C． D．10、如圖所示，實線是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.2s時刻的波形圖，則下列說法正確的是（）A．這列波的波長為12cmB．在t=0.2s時，x=6cm處的質點速度沿y軸正方向C．這列波的波速可能為0.4m/sD．這列波遇到5m寬的物體，能發(fā)生明顯的衍射現象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“驗證動量守恒定律”的實驗中：（1）在確定小球落地點的平均位置時通常采用的做法是用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面,圓心即平均位置，其目的是減小實驗中的______________．（2）入射小球每次必須從斜槽上_______滾下，這是為了保證入射小球每一次到達斜槽末端時速度相同．（3）入射小球的質量為，被碰小球的質量為m2，在m1m2時，實驗中記下了O、M、P、N四個位置(如圖所示)，若滿足_____________(用m1、m2、OM、OP、ON表示)，則說明碰撞中動量守恒；若還滿足_________________(只能用OM、OP、ON表示)，則說明碰撞前后動能也相等．12．（12分）在研究電磁感應現象的實驗中所用的器材如圖所示．它們是：①電流計②直流電源③帶鐵芯（圖中未畫出）的線圈A④線圈B⑤電鍵⑥滑動變阻器（1）試按實驗的要求在實物圖上連線（圖中已連好一根導線）．（2）怎樣才能使線圈B中有感應電流產生？試舉出兩種方法：①________________；②_____________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個原來靜止的鋰()核俘獲一個速度為7.4×104m/s的中子后，生成一個氚核和一個氦核，已知氚核的速度大小為2.0×103m/s，方向與中子的運動方向相反

(1)寫核反應方程

求出氦核的速度

（結果保留二位有效數字）(3)若氘核質量為2.014102u、氚核質量為3.016050u、氦核質量為4.002603u、中子質量為1.008995u，則與變生成He及釋放一個中子，這個反應釋放出的能量為多少？其中1u=931.5Mev(結果保留四位有效數字）14．（16分）如圖，有3塊水平放置的長薄金屬板a、b和c，a、b之間相距為L=8cm．緊貼b板下表面豎直放置半徑為R=5cm的半圓形塑料細管，兩管口正好位于小孔M、N處．板a與b、b與c之間接有電壓可調的直流電源，板b與c間還存在方向垂直紙面向外的勻強磁場．當比荷為的負電油滴，等間隔地以速率V0=0.1m/s從a板上的小孔豎直向下滴入，調節(jié)板間電壓Uba和Ubc，當Uba=U1=100V、Ubc=U1時，油滴穿過b板M孔進入細管，恰能與細管無接觸地從N孔射出．忽略小孔和細管對電場的影響，不計空氣阻力，重力加速度為g取10m/s1．求：（1）b、c兩板間的電場強度E的大小，（1）油滴進入M孔時的速度v1；（3）磁感應強度B的值．15．（12分）如圖所示，紙面內有一直角坐標系xOy，在第一象限內是沿x軸正方向、場強大小為E的勻強電場，在第二象限內是垂直于紙面向里的勻強磁場B（大小未知），在第三、第四象限內是垂直于紙面向外的勻強磁場B′（大小未知），一質量為m，電荷量為e的正粒子從無限靠近y軸的M點以速度v0沿MO方向射出，經x軸上的N點進入第四象限，而后從x軸負半軸N′點（與N點關于O點對稱）進入第二象限，最后恰好似沿y軸正方向的速度打在y軸正半軸上，已知tan∠OMN=1/2，粒子重力不計，試求：(1)M、O間距離l和O、N間距離d；(2)的值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．斜面對物體的彈力的大小為mgcosθ，因θ角不同，則斜面對物體的彈力的大小不同，選項A錯誤；B．物體在下滑中只有重力做功，而重力做功只與高度差有關，故兩種情況下重力做功相等，故B正確；CD．根據動能定理mgh=mv2則物體下滑到底部時的速度大小相等，但是方向不等，故速度不同，初速度均為零，故平均速度相等，但是兩物體下滑的位移不同，故兩物體的下滑時間一定不同，根據，故重力做功的功率一定不相等；故CD錯誤；故選B．點睛：此題關鍵是分析物體的受力情況，并找出各力的做功情況，由動能定理、機械能守恒及牛頓第二定律可判斷出各量是否相同；注意矢量的方向性．2、B【解析】設氣體的密度、摩爾質量和摩爾體積分別為ρ、M和N，則V=M/ρ因為1mol氣體中的分子數為阿伏加德羅常數NA=6.023×1023，因此可以估算出每個氣體分子所占的體積V1=V/NA.除了一些有機物質的大分子外，一般分子直徑的數量級都是10-10m，因此由每個分子所占體積和分子的本身直徑的數量級，便可估算出氣體間的平均距離故知道阿伏加德羅常數、氣體的摩爾質量和密度，就可估算出氣體中分子間的平均距離，選B答案：B3、B【解析】A、在t=0時刻瞬時電動勢為零，則磁通量最大線圈平面均與磁場方向垂直，線圈一定處在中性面上，故A錯誤．B、由圖可知，a的周期為4×10-2s；b的周期為6×10-2s，則由轉速可知，轉速與周期成反比，故轉速之比為3:2，故B正確．C、曲線a的交變電流的頻率，故C錯誤．D、曲線a和b對應的線圈轉速之比為3：2，曲線a表示的交變電動勢最大值是15V，根據得曲線b表示的交變電動勢最大值是10V，而，故D錯誤．故選B．【點睛】本題考查了有關交流電描述的基礎知識，要根據交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量．4、A【解析】盧瑟福通過α粒子散射并由此提出了原子的核式結構模型，正電荷全部集中在原子核內，α粒子帶正電，同種電荷相互排斥，若在②③④區(qū)域粒子軌跡將向上偏轉，由軌跡的彎曲方向知道排斥力向下，所以原子核一定在①區(qū)域，故選：A.點睛：盧瑟福通過α粒子散射并由此提出了原子的核式結構模型，該實驗的現象為：絕大多數α粒子幾乎不發(fā)生偏轉，少數α粒子發(fā)生了較大的角度偏轉，極少數α粒子發(fā)生了大角度偏轉（偏轉角度超過90°，有的甚至幾乎達到180°，被反彈回來），據此可得出原子核的可能區(qū)域．5、C【解析】不可能自發(fā)把熱量從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響，但在引起其他方面的影響時，可以使熱量從低溫物體傳到高溫物體，故A錯誤；不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產生其它影響，如果在產生其它影響的情況下，是可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功．故B錯誤．根據熱力學第二定律可知，第二類永動機是不可能制成的，故C正確；熱力學第一定律的本質是物體內能改變；而熱力學第二定律與熱運動的方向性有關，二者的本質不同．故D錯誤；故選C．【點睛】熱力學第二定律的內容：①不可能自發(fā)把熱量從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；②不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產生其它影響；③熵增加原理：不可逆熱力過程中熵的微增量總是大于零．6、C【解析】試題分析：兩球碰撞后總動量守恒，則p1+p2=0，故選項C正確.考點：動量守恒定律的應用點評：碰撞時動量守恒的典型模型，另外還有爆炸和反沖問題都屬于動量守恒，都是瞬間，內力遠大于外力的實例，動量守恒的應用注意初末狀態(tài)的選取，相互作用之前屬于初態(tài)，之后屬于末態(tài)．這是易錯點應著重講解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.一群處于在n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時可發(fā)出的光譜線條數最多為C42=6B.根據玻爾理論可知，從第4能級向第3能級躍遷時，發(fā)出的光的能量值最小，由E=hγ=hcλ可知波長最大。此時E=E4-CD.用來照射的光子的能量為E照=E4-E18、BD【解析】

根據牛頓第二定律得mg-f=ma，據題f=kv，解得a=g-v；當v=0時，a=a0=g，與小球的質量無關．當a=0時，v=vm=，可知小球的質量m越大，圖象中的vm越大，故A錯誤，B正確．由上分析，可知，當小球的質量越大時，圖象的斜率越小，而斜率等于時間的倒數，那么速率達到vm時經歷的時間越大，下落的距離越長，故C錯誤，D正確．故選BD．9、AC【解析】

AB、根據甲圖可知，從a-b是等溫變化，在等溫變化時壓強P是在減小的，b-c過程等容過程壓強是增大，c-a等壓過程中體積減小溫度應該降低，故A對；B錯；CD、根據甲圖可知，從a-b是等溫變化，在等溫變化時壓強P減小導致體積也減小，b-c過程等容過程壓強是增大，則溫度也是增大，，c-a等壓過程中體積減小溫度應該降低，故C對，D錯；故選AC10、AC【解析】

A.根據圖中虛線可以看出波長為12cm，A正確B.因為波沿x軸正方向傳播，根據平移法，可以得到在t=0.2s時，x=6cm處的質點速度沿y軸負方向，B錯誤C.根據圖像可知，波傳播的距離，波的速度，C正確D.因為波長遠小于5m，所以不會發(fā)生明顯的衍射現象，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面,圓心即平均位置偶然誤差同一位置由靜止開始m1·OP＝m1·OM＋m2·ONOP＝ON－OM【解析】（1）由于落點比較密集，又較多，每次測量距離很難，確定落點平均位置的方法是最小圓法，用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面，圓心即平均位置，這樣可以減小偶然誤差；

（2）為了保證小球每次到達斜面末端時速度相同，應讓小球每次從同一位置由靜止滑下；

（3）設落地時間為t，則有：v1=，v′1=，v′2=

而動量守恒的表達式是：m1v1=m1v1′+m2v2′

所以若兩球相碰前后的動量守恒，則有：m1?OM+m2?ON=m1?OP

成立；

若碰撞是彈性碰撞，動能是守恒的，則有：m1v12=m1v1′2+m2v2′2

即m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2成立

聯(lián)立可得：OP=ON-OM；點睛：驗證動量守恒定律實驗中，質量可測，而瞬時速度較難．因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度．過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求．最后可通過質量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒；根據機械能守恒定律可明確機械能是否守恒．12、（2）實物電路圖如圖所示；（2）斷開或閉合開關或閉合開關后移動滑動變阻器的滑片．【解析】試題分析：（1）實物電路圖如圖所示：（2）斷開或閉合開關的過程中或閉合開關后移動滑片的過程中，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，線圈B與電流計組成的閉合回路中產生感應電流考點：研究電磁感應現象【名師點睛】本題考查研究電磁感應現象及驗證楞次定律的實驗，對于該實驗注意兩個回路的不同．知道感應電流產生的條件即可正確解題．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）2.0×104m/s

（3）17.28MeV【解析】(1)核反應方程為：由動量守恒定律：m1v0=?m2v1+m3v2

其中m1為中子質量，m2為氚核質量，m3為氦核質量代入解得：v2=2.0×104m/s(3)質量虧損為

△m=m氘+m氚?m氦?m中代入解得，△m=0.018554u根據愛因斯坦質能方程得到，核反應釋放出的能量△E=△mc2=17.28MeV【點睛】核反應遵守兩大基本規(guī)律：能量守恒定律和動量守恒定律．14、（1）1000N/C（1）1.9m/s（3）3800T【解析】（1）油滴進入電場、磁場共存區(qū)域，恰與細管無接觸地從N孔射出，須電場力與重力平衡，有：mg=qE

得：（1）油滴進入電場后，重力與電場力均做功，設到M點時的速度為v1