江西省宜春市上高縣第二中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期6月第二次月考試題含解析

江西省宜春市上高縣第二中學(xué)2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期6月第二次月考試題含解析江西省宜春市上高縣第二中學(xué)2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期6月第二次月考試題含解析PAGE22-江西省宜春市上高縣第二中學(xué)2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期6月第二次月考試題含解析江西省宜春市上高縣第二中學(xué)2019—2020學(xué)年高二物理下學(xué)期6月第二次月考試題（含解析）一、選擇題1.下列說(shuō)法正確的是（)A.有些小昆蟲(chóng)能在水面上行走是因?yàn)槭艿揭后w的表面張力的作用B。氣體從外界吸收熱量，氣體的內(nèi)能一定增大C。第二類永動(dòng)機(jī)不可能造成的根木原因，在于其違反了能量守恒定律D。晶體均有固定的熔點(diǎn)，但未必有規(guī)則的形狀【答案】AD【解析】【詳解】A．小昆蟲(chóng)能在水面上自由來(lái)往而不陷入水中靠的是液體表面張力的作用，故A正確;B．氣體從外界吸收熱量，可能同時(shí)對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式，內(nèi)能不一定增加，故B錯(cuò)誤；C．第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律，不違反能量守恒定律，故C錯(cuò)誤；D．晶體均有固定的熔點(diǎn)，單晶體有規(guī)則的形狀，多晶體一般沒(méi)有規(guī)則的形狀，故D正確.故選AD。2。如圖所示，質(zhì)量為M的小船在靜止水面上以速率v0向右勻速行駛，一質(zhì)量為m的救生員站在船尾,相對(duì)小船靜止．若救生員以相對(duì)水面速率v水平向左躍入水中,則救生員躍出后小船的速率為（)A.v0＋(v0＋v) B.v0－vC。v0＋v D.v0＋(v0－v)【答案】A【解析】【詳解】人在躍出的過(guò)程中船人組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得:(M+m)v0=Mv′-mv，解得:v′=v0+（v0+v）；A.v0＋（v0＋v）,與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確;B.v0－v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C。v0＋v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.v0＋(v0－v)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；3。一個(gè)小型電熱器若接在輸出電壓為10v的直流電源上,消耗電功率為P；若把它接在某個(gè)正弦交流電源上，其消耗的電功率為．如果電熱器電阻不變，則此交流電源輸出電壓的最大值為（)A.5V B.5V C.10V D。10V【答案】C【解析】試題分析:根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解電流的有效值,其中I是有效值．再根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值．解：設(shè)電熱器的電阻為R，t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則：Q=此熱量是接交流電源上產(chǎn)生的熱功率的2倍，所以Q′=Q=所以：=解得：V所以最大值為故選C4.某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來(lái)帶鐵芯的線圈L、小燈泡A、開(kāi)關(guān)S和電池組E，用導(dǎo)線將它們連接成如圖所示的電路．檢查電路后，閉合開(kāi)關(guān)S,小燈泡發(fā)光；再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象．雖然多次重復(fù)，仍未見(jiàn)老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃亮現(xiàn)象,他冥思苦想找不出原因．你認(rèn)為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是（）A。電源的內(nèi)阻較大B.小燈泡電阻偏大C.線圈電阻偏大D.線圈的自感系數(shù)較大【答案】C【解析】A、開(kāi)關(guān)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，燈泡能否發(fā)生閃亮，取決于燈泡的電流有沒(méi)有增大,與電源的內(nèi)阻無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；

B、若小燈泡電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過(guò)燈泡的電流小于線圈的電流,斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí),根據(jù)楞次定律，流過(guò)燈泡的電流從線圈原來(lái)的電流逐漸減小，燈泡將發(fā)生閃亮現(xiàn)象,B錯(cuò)誤；C、線圈電阻偏大，穩(wěn)定時(shí)流過(guò)燈泡的電流大于線圈的電流，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí),根據(jù)楞次定律，流過(guò)燈泡的電流從線圈原來(lái)的電流逐漸減小,燈泡不發(fā)生閃亮現(xiàn)象，C正確；

D、線圈的自感系數(shù)較大，產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)較大，但不能改變穩(wěn)定時(shí)燈泡和線圈中電流的大小，D錯(cuò)誤；

故選C．5.如圖甲所示，豎直長(zhǎng)直導(dǎo)線右側(cè)固定的矩形線框與長(zhǎng)直導(dǎo)線位于同一平面內(nèi),導(dǎo)線中通有向下的電流，當(dāng)長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流i隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示時(shí)，關(guān)于線框中的感應(yīng)電流及線框受到的安培力,下列說(shuō)法正確的是A。感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较蚯抑饾u增大，線框受到的安培力方向向左B。感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较蚯抑饾u增大，線框受到的安培力方向向右C.感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较蚯抑饾u減小，線框受到的安培力方向向左D。感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较蚯抑饾u減小，線框受到的安培力方向向右【答案】C【解析】【詳解】AB。直線電流方向向下，根據(jù)安培定則，知導(dǎo)線右側(cè)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外,電流逐漸減小，則磁場(chǎng)逐漸減弱，根據(jù)楞次定律，金屬線框中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流．由題目圖象可知，直導(dǎo)線電流的變化率減小，則穿過(guò)線圈的磁場(chǎng)變化率也減小，那么感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也減小，因此感應(yīng)電流大小會(huì)減小，故AB錯(cuò)誤．CD。根據(jù)左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向左，右邊受到的安培力水平向右，離導(dǎo)線越近，磁場(chǎng)越強(qiáng)，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向左，故C正確D錯(cuò)誤．6.在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)，存在一垂直于xOy平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，一帶電粒子(重力不計(jì)）在x軸上的A點(diǎn)沿著y軸正方向以大小為2m/s的速度射入第一象限，并從y軸上的B點(diǎn)穿出．已知A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(8m，0）,(0，4m),則該粒子的比荷為A。0.1C/kg B。0.2C/kg C.0.3C/kg D.0.4C/kg【答案】B【解析】詳解】粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：由幾何知識(shí)得:解得：r=5m，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得:A.0.1C/kg與計(jì)算結(jié)果不符，故A錯(cuò)誤．B.0。2C/kg與計(jì)算結(jié)果相符，故B正確．C。0.3C/kg與計(jì)算結(jié)果不符,故C錯(cuò)誤．D。0。4C/kg與計(jì)算結(jié)果不符，故D錯(cuò)誤．7。如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為3：1,圖中四只燈泡完全相同，在L1、L2、L3正常發(fā)光的條件下,若斷開(kāi)L4,則（）A。L1、L2、L3變亮B。L1、L2、L3變暗C.L1變亮，L2、L3變暗D.L1變暗，L2、L3變亮【答案】D【解析】【詳解】設(shè)燈泡正常工作時(shí)的電壓為U，電流為I，由原、副線圈匝數(shù)之比3:1，可得原、副線圈的電壓之比3：1,原線圈兩側(cè)的電壓為3U；也正常發(fā)光，兩端的電壓也電壓U。所以最左側(cè)的交流電的電壓為4U.若沒(méi)有,設(shè)燈泡的電流為,則副線圈上的電流為，此時(shí)原線圈上的電流，則所以設(shè)燈泡的電阻值都是R，則副線圈兩側(cè)的電壓原線圈兩側(cè)的電壓燈泡L1兩側(cè)的電壓此時(shí)聯(lián)立得所以、亮度變亮；兩側(cè)的電壓所以變暗，故D正確，ABC錯(cuò)誤.故選D。8。圖甲和圖乙分別表示正弦脈沖波和方波的交變電流與時(shí)間的變化關(guān)系．若使這兩種電流分別通過(guò)兩個(gè)完全相同的電阻,則經(jīng)過(guò)1min的時(shí)間,兩電阻消耗的電功W甲：W乙之比為（)A1： B.1：2 C.1：3 D.1:6【答案】C【解析】【詳解】甲圖中，在一個(gè)周期6×10-2s內(nèi)，電阻發(fā)熱的時(shí)間是0~2×10—2s、4×10—2s～6×10-2s內(nèi),根據(jù)電流的熱效應(yīng)有:，代入數(shù)據(jù)得，解得電流的有效值．乙圖中,在一個(gè)周期4×10-4s內(nèi),電阻發(fā)熱的時(shí)間為0～4×10-4s，根據(jù)電流的熱效應(yīng)有:，代入數(shù)據(jù)得，,解得電流的有效值I′=1A．根據(jù)知，在相同時(shí)間內(nèi)相同的電阻，消耗的電功之比等于．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．9.關(guān)于光電效應(yīng)的規(guī)律，下列說(shuō)法中正確的是（）A.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，不改變?nèi)肷涔獾念l率,增大入射光強(qiáng)度,則單位時(shí)間內(nèi)從金屬內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增多B。光電子的最大初動(dòng)能跟入射光強(qiáng)度成正比C.發(fā)生光電效應(yīng)的反應(yīng)時(shí)間一般都大于10－7sD.只有入射光的波長(zhǎng)小于該金屬的極限波長(zhǎng)，光電效應(yīng)才能發(fā)生【答案】AD【解析】【詳解】A．發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，不改變?nèi)肷涔獾念l率，增大入射光強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)打到金屬上的光子個(gè)數(shù)增加，則從金屬內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增多，選項(xiàng)A正確；B．光電子的最大初動(dòng)能跟入射光強(qiáng)度無(wú)關(guān)，隨入射光的頻率增大而增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．發(fā)生光電效應(yīng)的反應(yīng)時(shí)間一般都不超過(guò)10－9s,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．只有入射光的頻率大于該金屬的極限頻率時(shí)，即入射光的波長(zhǎng)小于該金屬的極限波長(zhǎng)時(shí)，光電效應(yīng)才能產(chǎn)生,選項(xiàng)D正確。故選AD。10。圖示是氫原子能級(jí)示意圖，一群處于n＝4能級(jí)的氫原子回到n＝1的過(guò)程中A.放出4種頻率不同的光子B.放出6種頻率不同的光子C.放出的光子的最大能量為12.75eV，最小能量是0.66eVD。放出的光子能使逸出功為13.0eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)【答案】BC【解析】【詳解】AB.一群原來(lái)處于n=4能級(jí)的氫原子躍遷到n=1能級(jí)的過(guò)程中，根據(jù)知，輻射的光子頻率為6種．故A錯(cuò)誤，B正確．C。由n=4向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射的光子能量最大,為13。6—0。85eV=12.75eV由n=4向n=3能級(jí)躍遷輻射的光子能量最小，為-0。85+1.51eV=0.66eV故C正確．D.由C選項(xiàng)分析可知，放出的光子的最大能量為12。75eV，仍小于逸出功為13eV,所以不能使逸出功為13.0eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤．11。如圖甲所示的理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為100和20，現(xiàn)在變壓器原線圈兩端接入按圖乙所示規(guī)律變化的正弦交變電壓，則（）A。變壓器的輸出電壓為200VB。變壓器的輸出功率小于輸入功率C.變壓器副線圈中通過(guò)的電流的頻率為5HzD.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為【答案】CD【解析】【詳解】A．根據(jù)圖乙輸入電壓的最大值為,故電壓的有效值為200V，副線圈上的輸出電壓解得A錯(cuò)誤;B．理想變壓器忽略了各種損耗，輸入功率等于輸出功率，B錯(cuò)誤;C．根據(jù)圖乙，輸入電壓的周期為，故頻率為5Hz，C正確；D．根據(jù)圖乙，輸入電壓的最大值為，電壓的周期為,根據(jù)變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為D正確。故選CD。12。一個(gè)鈹原子核（）俘獲一個(gè)核外電子（通常是最靠近原子核的K殼層的電子）后發(fā)生衰變，生成一個(gè)鋰核（),并放出一個(gè)不帶電的質(zhì)量接近零的中微子νe，人們把這種衰變稱為“K俘獲”．靜止的鈹核發(fā)生零“K俘獲”，其核反應(yīng)方程為已知鈹原子的質(zhì)量為MBe=7.016929u,鋰原子的質(zhì)量為MLi=7。016004u，1u相當(dāng)于9.31×102MeV．下列說(shuō)法正確的是A。中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均為零B。鋰核（）獲得的動(dòng)能約為0。86MeVC.中微子與鋰核（)的動(dòng)量之和等于反應(yīng)前電子的動(dòng)量D.中微子與鋰核(）的能量之和等于反應(yīng)前電子的能量【答案】AC【解析】【詳解】反應(yīng)方程為,根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均為零，A正確;根據(jù)質(zhì)能方程，質(zhì)量減少，為釋放的核能，不是鋰核獲得的動(dòng)能，B錯(cuò)誤;衰變過(guò)程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,故反應(yīng)前后動(dòng)量守恒，故中微子與鋰核（）的動(dòng)量之和等于反應(yīng)前電子的動(dòng)量，C正確;由于反應(yīng)過(guò)程中存在質(zhì)量虧損,所以中微子與鋰核（)的能量之和小于反應(yīng)前電子的能量，D錯(cuò)誤．二、填空題13。某學(xué)習(xí)興趣小組欲采用如圖所示電路測(cè)量電壓表的內(nèi)阻RV，待測(cè)電壓表的量程為1V，內(nèi)阻約為1000．(1)在備選的甲、乙兩個(gè)滑動(dòng)變阻器的銘牌上分別標(biāo)有（2001A)、（102A)，為盡可能提高測(cè)量精度且便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器R1應(yīng)選用___________（填“甲”或“乙"）(2)同學(xué)們的實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)將步驟Ⅰ補(bǔ)充完整：Ⅰ.正確連接好電路后,在閉合開(kāi)關(guān)之前，將滑動(dòng)變阻器R1滑片移到_________(填“左端"或“右端”）Ⅱ。閉合開(kāi)關(guān)S1和S2，調(diào)節(jié)R1,使電壓表指針指到1V刻度處，Ⅲ。保持S1閉合、變阻器R1的滑片位置不變，斷開(kāi)S2，調(diào)整電阻箱R2的阻值，使電壓表的指針指到0。5V刻度處，此時(shí)電阻箱R2的示數(shù)為990．（3)該電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值為_(kāi)____________．【答案】(1).乙(2）。左端（3).990【解析】【詳解】（1）［1］由題意可知，滑動(dòng)變阻器乙的最大阻值較小,乙的額定電流較大，實(shí)驗(yàn)電路選擇分壓式,所以為保證安全方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇乙．（2)［2］由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，在閉合開(kāi)關(guān)之前，將滑動(dòng)變阻器R1的滑片移到左端，使待測(cè)支路電流為零．（3）[3]斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2后認(rèn)為分壓電路分壓不變,仍為1V，電壓表示數(shù)為0。5V，說(shuō)明電阻箱兩端電壓為0。5V，電壓表與電阻箱串聯(lián),它們兩端電壓相等，由串聯(lián)電路特點(diǎn)可知,它們的阻值相等，則電壓表內(nèi)阻等于電阻箱阻值990Ω．14.為了驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒和檢驗(yàn)兩個(gè)小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學(xué)選取了兩個(gè)體積相同、質(zhì)量不相等的小球,按下述步驟做了如下實(shí)驗(yàn)：①用天平測(cè)出兩個(gè)小球的質(zhì)量（分別為m1和m2，且m1＞m2)。②按照如圖所示的那樣，安裝好實(shí)驗(yàn)裝置。將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端處的切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端。③先不放小球m2,讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開(kāi)始滾下,記下小球在斜面上的落點(diǎn)位置。④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開(kāi)始滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和m2在斜面上的落點(diǎn)位置.⑤用毫米刻度尺量出各個(gè)落點(diǎn)位置到斜槽末端點(diǎn)B的距離，圖中D、E、F點(diǎn)是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個(gè)落點(diǎn)位置，到B點(diǎn)的距離分別為L(zhǎng)D、LE、LF。（1)小球m1和m2發(fā)生碰撞后,m1的落點(diǎn)是圖中的______點(diǎn)；（2）用測(cè)得的物理量來(lái)表示，只要滿足關(guān)系式______________________,則說(shuō)明碰撞中動(dòng)量守恒；（3）用測(cè)得的物理量來(lái)表示，只要再滿足關(guān)系式______________________，則說(shuō)明兩小球的碰撞是彈性碰撞.【答案】（1)。D（2）.m1＝m1＋m2(3)。m1LE＝m1LD＋m2LF【解析】【詳解】（1）[1］小球和小球相撞后，小球的速度增大,小球的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng),所以碰撞后球的落地點(diǎn)是D點(diǎn)。（2)[2]碰撞前，小于落在圖中的E點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，小球和發(fā)生碰撞后，的落點(diǎn)在圖中的D點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，的落點(diǎn)是圖中的F點(diǎn)，設(shè)其水平初速度為，設(shè)斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得解得同理可解得所以只要滿足即則說(shuō)明兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒。（3）[3]若兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機(jī)械能沒(méi)有損失.則要滿足關(guān)系式即。三、計(jì)算題15.一小型水電站，其交流發(fā)電機(jī)與升壓變壓器原線圈連接，如圖為輸電示意圖。原線圈的輸入功率，輸入電壓U1=1000V，在輸電過(guò)程中，要求能量損耗等于原線圈輸入功率的4％,已知輸電線電阻為16Ω，用戶降壓變壓器的輸出電壓為240V，求：（1）升壓變壓器原線圈中的電流I1;(2）輸電線中的電流線；（3)升壓變壓器和降壓變壓器的匝數(shù)比.【答案】(1)1000A；（2）50A；(3）1:20，80：1【解析】【詳解】（1)升壓變壓器原線圈中的電流為（2）根據(jù)得(3）升壓變壓器的匝數(shù)比為得升壓變壓器副線圈電壓得導(dǎo)線上的電壓損失得降壓變壓器的原線圈的電壓降壓變壓器的匝數(shù)比為得16。如圖所示，一輛質(zhì)量為M=3kg的小車A靜止在光滑的水平面上，小車上有質(zhì)量為m=1kg的光滑小球B，將一輕質(zhì)彈簀壓縮并鎖定,此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep=6J，小球與小車右壁距離為L(zhǎng)，解除鎖定，小球脫離彈簧后與小車右壁的油灰阻擋層碰撞并被粘住，求:（1)小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大??；(2)在整個(gè)過(guò)程中，小車移動(dòng)距離.【答案】(1)v1=3m/s，v2=1m/s；（2）【解析】【詳解】(1）設(shè)小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大小分別為v1、v2,則解得v1=3m/s，v2=1m/s（2）設(shè)小車移動(dòng)x2距離，小球移動(dòng)x1距離,整個(gè)過(guò)程中，根據(jù)平均動(dòng)量守恒（人船模型）得x1+x2=L解得17.