湛江市2020屆高三物理下學期線上教學試題二含解析

廣東省湛江市2020屆高三物理下學期線上教學試題二含解析廣東省湛江市2020屆高三物理下學期線上教學試題二含解析PAGE29-廣東省湛江市2020屆高三物理下學期線上教學試題二含解析廣東省湛江市2020屆高三物理下學期線上教學試題(二)（含解析）一、選擇題1.用如圖所示的裝置研究光電效應現象。用光子能量為11eV的光照射光電管的陰極K。電流表檢測到有電流，調節(jié)滑動變阻器滑片，當電流表的示數恰好為零時,電壓表的示數為6V。下列說法正確的是（）A。金屬板逸出功為6eVB。若用能量為6eV的光子照射陰極K，不能發(fā)生光電效應C。將滑片調至滑動變阻器的最左端，此時電流表示數為飽和光電流D.電子的最大初動能為6eV【答案】D【解析】【詳解】AD．電流計的讀數恰好為零,此時電壓表的示數為6V，根據動能定理得再根據光電效應方程知故A錯誤,D正確；B．若用能量為6eV的光子照射陰極K,其能量大于逸出功,滿足光電效應發(fā)生條件，因此能發(fā)生光電效應，故B錯誤；C．將滑片調至滑動變阻器的最左端,此時光電管兩端電壓為零，則光電子不再受到電場阻力，但電流表示數不為飽和光電流，故C錯誤.故選D2.如圖所示，質量為M的小車的表面由光滑水平面和光滑斜面連接而成，其上放一質量為m的球，球與水平面的接觸點為a，與斜面的接觸點為b，斜面傾角為θ.當小車和球一起在水平桌面上做直線運動時,下列說法正確的是（）A。若小車勻速運動，則球對斜面上b點的壓力大小為mgcosθB。若小車勻速運動，則球對水平面上a點壓力大小為mgsinθC。若小車向左以加速度gtanθ加速運動,則球對水平面上a點無壓力D。若小車向左以加速度gtanθ加速運動，則小車對地面的壓力小于（M+m）g【答案】C【解析】【詳解】AB．小車和球一起勻速運動時，小球受到豎直向下的重力和水平面對小球豎直向上的支持力，二力平衡,所以小球對b點無壓力，根據牛頓第三定律可知小球對a點的壓力大小為mg，AB錯誤；C．若小車向左以加速度gtanθ加速運動，假設小球對a點無壓力，根據牛頓第二定律解得假設成立,所以小球對a點無壓力，C正確；D．對小車和球構成的系統(tǒng)整體受力分析可知,系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0，豎直方向受到重力和支持力，二者等大反向,根據牛頓第三定律可知小車對地面的壓力等于（M+m)g，D錯誤.故選C。3。豎直平面內存在水平向右的勻強電場,電場強度為E，將質量為m、電量為q的小球以初速度v0豎直向上拋出,已知E=，重力加速度為g。下列說法正確的是(）A。小球上升的位置越高，速度越小B.小球的水平位移越大，速度越大C。小球的最小速度為零D.小球的最小速度為v0【答案】D【解析】【詳解】A．假設小球帶正電。小球在電場中受到重力和電場力兩個力作用,其合外力大小為方向與初速度成135°角斜向右下方，小球做類斜拋運動，合外力先做負功后做正功,速度先減小后增大，當合外力與速度垂直時速度最小，此時速度與水平成45°角斜向右上方，還沒有到達最高點，所以，在速度達到最小值之前，小球上升的位置越高，速度越小，之后，小球上升的位置越高,速度越大，故A錯誤；B．在速度達到最小值之前，小球的水平位移越大，速度越小，之后，小球的水平位移越大，速度越大,故B錯誤;CD．小球的速度最小時速度方向與水平成45°角斜向右上方，設從拋出到速度最小所用時間為t，則水平方向有豎直方向有因為解得故最小速度為故C錯誤，D正確。故選D。4。2019年9月19日，中國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征十一號運載火箭,采取一箭五星的方式成功將“珠海一號”03組衛(wèi)星發(fā)射升空。衛(wèi)星順利進入預定軌道,五顆衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動。關于這五顆衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.軌道半徑最大的衛(wèi)星，動能最大 B.軌道半徑最大的衛(wèi)星，角速度最小C.軌道半徑最大的衛(wèi)星，加速度最大 D。軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度最大【答案】B【解析】【詳解】A．衛(wèi)星動能與質量有關,五顆衛(wèi)星的質量未知，無法比較動能的大小，故A錯誤；BCD．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力解得可知軌道半徑越大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均越小，即軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均最小，故B正確，CD錯誤。故選B。5.如圖所示，水平地面上放置一滾筒洗衣機，某同學啟動洗衣機甩干功能將一小毛絨玩具甩干.某一時段，毛絨玩具相對滾筒內壁靜止，在豎直面內以角速度ω做勻速圓周運動，毛絨玩具可視為質點.圓周運動的軌道半徑為r，重力加速度為g。在該段時間內,下列說法正確的是（）A。毛絨玩具在滾筒最高點的速度為B。滾筒旋轉一周，摩擦力對毛絨玩具做的功為零C。地面對滾筒洗衣機的摩擦力始終為零D。洗衣機對地面的壓力保持不變【答案】B【解析】【詳解】A．毛絨玩具豎直平面內做勻速圓周運動，為繩模型，則在最高點的速度一定大于等于,故A錯誤；B．毛絨玩具受到重力、滾筒的支持力以及摩擦力,支持力始終與運動的方向垂直,不做功；毛絨玩具的動能不變,而滾筒旋轉一周，重力對毛絨玩具做的功為零，所以摩擦力對毛絨玩具做的功也為零，故B正確；C．以洗衣機與毛絨玩具整體為研究對象，可知，由于毛絨玩具做勻速圓周運動，所以整體在水平方向上受到的摩擦力做周期性的變化，不能始終為零,故C錯誤；D．以洗衣機與毛絨玩具整體為研究對象，可知,由于毛絨玩具做勻速圓周運動，所以整體在豎直方向受到的合外力是周期性變化的,所以整體受到的支持力也做周期性的變化，所以洗衣機對地面的壓力做周期性的變化，故D錯誤。故選B。6.某電磁軌道炮的簡化模型如圖所示，兩圓柱形固定導軌相互平行，其對稱軸所在平面與水平面的夾角為θ，兩導軌長為L,間距為d，一質量為m的金屬彈丸置于兩導軌間，彈丸直徑為d，電阻為R，與導軌接觸良好且不計摩擦阻力，導軌下端連接理想恒流電源，電流大小恒為I，彈丸在安培力作用下從導軌底端由靜止開始做勻加速運動，加速度大小為a。下列說法正確的是（）A。將彈丸彈出過程中，安培力做的功為maL+mgLsinθB。將彈丸彈出過程中,安培力做的功為I2RC.將彈丸彈出過程中，安培力的功率先增大后減小D.將彈丸彈出過程中,安培力的功率不變【答案】A【解析】【詳解】AB．根據牛頓第二定律得所以安培力做功將彈丸彈出過程中，安培力做正功，不等于電熱，故A正確，B錯誤；

CD．由知,安培力為恒力，故安培力的功率故安培力的功率一直增大，故CD錯誤。

故選A。7。如圖所示,理想變壓器原線圈所接交流電源的變化規(guī)律u=8sin100πt（V）,接線柱2位于原線圈的中間位置。開關置于接線柱1時，原、副線圈的匝數比n1：n2=4：1，副線圈所接電阻R=10Ω，電壓表、電流表均為理想電表。下列說法正確的是(）A.開關置于接線柱1時，電壓表的示數約為2。82VB.開關置于接線柱1時，電流表的示數為0。2AC.開關置于接線柱2時，電流表的示數為0.2AD.開關置于接線柱2時，變壓器的輸出功率為3.2W【答案】C【解析】【詳解】AB．原線圈輸入電壓的有效值V=8V當開關置于接線柱1時,根據變壓比可知解得副線圈的輸出電壓U2=2V故電壓表示數為2V，副線圈的輸出電流=0。2A根據變流比可知解得原線圈的輸入電流I1=0.05A則電流表示數為0。05A，故AB錯誤；C．開關置于接線柱2時，原、副線圈的匝數比為2：1，根據變壓比可知,副線圈輸出電壓4V，據歐姆定律知，副線圈輸出電流0.4A，根據變流比可知，電流表的示數（原線圈中電流)為0.2A，故C正確；D．開關置于接線柱2時，變壓器的輸出功率故D錯誤.故選C。8。如圖所示，物體A穿在光滑的豎直桿上,某人用不可伸長的輕繩通過光滑定滑輪拉物體A，某段時間內，物體A以速度v0勻速向上運動，該過程中，下列說法正確的是（）A。人對輕繩的拉力大小不變B。人對輕繩的拉力的功率不變C。繩與桿的夾角為θ時，人拉繩的速度大小為D.人對繩做的功等于物體A重力勢能的增加量【答案】BD【解析】【詳解】A．設人對輕繩的拉力大小為F，物體A勻速向上運動，合外力為零，則有隨著θ增大，cosθ減小,則F逐漸增大,故A錯誤;B．人對輕繩的拉力的功率為則P不變，故B正確;C．將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向,人拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度為故C錯誤；D．根據功能原理知，人對繩做的功等于物體A機械能的增加量，由于物體A的動能不變，則人對繩做的功等于物體A重力勢能的增加量,故D正確。故選BD.9.汽車司機發(fā)現前方有障礙物，立即剎車,剎車過程可視為勻減速運動。自剎車開始第1s內經過的位移為24m,第4s內經過的位移為1m。下列說法正確的是()A。汽車的加速度大小為8m/s2B。汽車的加速度大小為7。67m/s2C。汽車的初速度大小為28m/sD。汽車的初速度大小為30。67m/s【答案】AC【解析】【詳解】若小車在第4個1s一直運動，則由逆向可看作勻加速度運動,則設逆向第1s的初速度為v0而實際的，則說明在第4個1s不是一直在運動,即可確定小車在第4個1s末前已經停下，設小車在第4個1s內運動的時間為t，則有利用中間時刻速度公式以及加速度定義，有解得t=0。5s,a=8m/s2初速度故AC正確，BD錯誤.故選AC。10.光滑水平面上靜止一質量為2kg的物塊。在0～8s時間內受到水平力F的作用。力F隨時間t的變化如圖所示,下列說法正確的是（）A.t=2s時，物塊的速度大小為2m/sB。t=4s時，物塊的速度大小為2m/sC。t=2s時和t=6s時,物塊的動量相同D.t=8s時，物塊恰好回到原出發(fā)點【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖可知在0～2s內，力的沖量根據動量定理解得，故A錯誤;B．由圖可知在0～4s內，力的沖量根據動量定理解得,故B正確;C．由圖可知在0~2s內與0～6s內，力的沖量相同，根據動量定理知t=2s時和t=6s時，物塊的動量相同，故C正確；D．根據圖象知，在0～4s內,物塊做加速度先增加后減小的加速運動，在4～8s內，力的方向改變,做減速運動,根據圖象和對稱性知，在t=8s時，速度恰減到零。所以在0～8s內物塊的運動方向不變,t=8s時，物塊不會回到原出發(fā)點，故D錯誤。故選BC.11。回旋加速器的工作原理如圖所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R。兩盒間的狹縫很小,帶電粒子穿過狹縫的時間忽略不計，磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直。A處粒子源產生質量為m、電荷量為+q的粒子，在加速器中被加速,加速電壓為U.下列說法正確的是（)A。交變電場的周期為B.粒子射出加速器的速度大小與電壓U成正比C。粒子在磁場中運動的時間為D。粒子第1次經過狹縫后進入磁場的半徑為【答案】CD【解析】【詳解】A．為了能夠使粒子通過狹縫時持續(xù)的加速，交變電流的周期和粒子在磁場中運動周期相同，即A錯誤；B．粒子最終從加速器飛出時解得粒子飛出回旋加速器時的速度大小和無關，B錯誤；C．粒子在電場中加速的次數為，根據動能定理粒子在磁場中運動的時間C正確；D．粒子第一次經過電場加速進入磁場,洛倫茲力提供向心力解得D正確。故選CD。12。在粗糙水平面上固定一點電荷,電場中任一點的電勢φ與該點到點電荷的距離r的關系如圖所示.該水平面上a、b、c三個點的電勢φ與距離r的關系已在圖中標出，虛線為過b點的切線?，F將一質量為0.03kg、電量為0.1C的帶正電物塊從a點由靜止釋放，依次經過b、c兩點。電場力所做的功分別為Wab、Wbc，且過b點時物塊的速度最大。已知重力加速度g=10m/s2,靜電力常量k=9。0×109N?m2/C2，下列說法正確的是(）A。b點的場強大小為1.5V/mB。物塊與桌面間的動摩擦因數0.3C.Wab=2WbcD。固定點電荷的電荷量為×10-9C【答案】AD【解析】【詳解】A．圖象的斜率表示場強，由圖可知b點的場強大小為故A正確；B．由題知，物塊過b點時速度最大，此時受力平衡，即為解得故B錯誤；C．由圖可以得到a點的電勢為6V，b點的電勢為3V,c點的電勢為2V。所以Uab=3V,Ubc=1V又因為Wab=qUab，Wbc=qUbc,所以Wab=3Wbc故C錯誤；D．設固定點電荷帶電量為Q，已知b點的場強大小為1.5V/m，b點距固定點電荷距離r=2m，根據點電荷場強公式有故D正確。故選AD。二、實驗題13。某同學利用如圖所示的裝置來驗證力的平行四邊形定則:在豎直木板上鋪有白紙，并用圖釘固定在木板上。固定兩個光滑的滑輪A和B，將繩子打一個結點O，每個鉤碼的質量相等。調整鉤碼個數使系統(tǒng)達到平衡。(1)實驗過程中必須要記錄下列哪些數據（)A．O點位置B．每組鉤碼的個數C．每個鉤碼的質量D．OA、OB和OC繩的長度E．OA、OB和OC繩的方向(2）下列實驗操作正確的是（）A．將OC繩換成橡皮筋，仍可完成實驗B．細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些可減小實驗誤差C．盡量保持∠AOB為90°、60°、120°等特殊角方便計算D．若改變懸掛鉤碼的個數N3,重新進行實驗，必須保持O點位置不動，重新調整鉤碼的個數N1、N2【答案】（1）.ABE(2)。AB【解析】【詳解】（1)［1］A．為了驗證平行四邊形定則,必須作受力圖，所以需要確定受力點，即需要標記結點的位置，A正確；BC．其次要作出力的方向和大小，每個鉤碼的質量相同，所以鉤碼的個數可以作為力的大小,不需要測量鉤碼質量，B正確，C錯誤；DE．連接鉤碼繩子的方向可以表示力的方向，所以需要標記OA、OB和OC繩的方向，D錯誤，E正確。故選ABE.（2)［2]A．如果將繩換成橡皮筋，在同一次實驗過程中,只要將結點拉到相同的位置，實驗結果不會發(fā)生變化，仍可完成實驗，A正確；B．細繩要長些,標記同一細繩方向的兩點要遠些可以使力的方向更準確，減小實驗誤差,B正確；C．實驗通過平行四邊形定則進行力的合成確定力的大小和方向,不需要計算，C錯誤；D．實驗的目的是驗證平行四邊形定則，重新實驗，不需要保持結點位置不動,D錯誤。故選AB。14.在“測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中，應用如下器材:A．待測電源E（電動勢約為1.5V、內阻r小于1。0Ω）B．電流表A（滿偏電流Ig=100mA、內阻rg=8。0Ω）C．電阻箱R（阻值范圍0—99.9Ω)D．開關、導線若干E．定值電阻R1=1.0ΩF．定值電阻R2=2。0Ω實驗電路圖如圖甲所示。（1）調整電阻箱阻值,記錄電阻箱阻值R和電流表示數Ⅰ，則通過電源的電流I′=______I；（2）多次重復步驟(1）。得到R和I'的多組實驗數據。作出的函數圖象如圖乙所示。根據圖象中的數據可得電源電動勢為______V。電源內阻為______Ω?！敬鸢浮?1).5(2).1.5（3）。0。4【解析】【詳解】(1)[1]定值電阻R2與電流表并聯，由題意可知,電流表內阻阻值是電阻R2阻值的4倍,則通過R2的電流是通過電流表電流的4倍，當電流表示數為I時，流過電源的電流I′=5I。(2)[2］［3］改裝后電流表內阻RA=Ω=1。6Ω由圖示電路圖可知,電源電動勢整理得則函數圖像的斜率表示電動勢圖象縱軸截距解得電源內阻r=0。4Ω三、計算題15。如圖所示，豎直平面內一固定擋板與豎直方向夾角為45°。將一小球水平拋出，拋出位置與擋板的上端點O等高且相距3。2m。小球運動過程中和擋板恰好不相碰。已知重力加速度g=10m/s2。求小球水平拋出時的初速度?！敬鸢浮?m/s【解析】【詳解】小球在水平方向做勻速直線運動豎直方向做自由落體運動小球拋出后恰不與擋板相碰,小球運動軌跡與擋板相切，所以根據幾何關系知聯立解得v0=8m/s16。如圖所示，兩光滑平行金屬導軌間距為L，質量為m的導體棒MN垂直跨在導軌上,且與導軌接觸良好，整個裝置處在重直于紙面向里的勻強磁場中。磁感應強度為B，電容器的電容為C，導軌和導體棒的電阻均不計.導體棒MN在水平向右的恒力F作用下，由靜止開始運動。求：（1)導體棒MN的加速度大?。?2)經過時間t時，電容器所帶電量?！敬鸢浮?1)；（2）【解析】【詳解】(1）設經過時間t，導體棒的速度為v，據動量定理得即此時的電荷量聯立解得即導體棒做初速度為零的勻加速直線運動，加速度(2）經過時間t時,電容器所帶電量17。一質量m=0。2kg的硬紙板靜止在水平桌面上.紙板與桌面間動摩擦因數μ1=0。4,現用水平向右恒力F=lN拉動紙板.t=ls時，在紙板上輕放一質量m2=0.05kg的小物塊，小物塊初速度為零,小物塊從紙板左端掉下時，紙板速度大小v2=0。9m/s，小物塊與紙板和桌面間動摩擦因數均為μ2=0。2。小物塊恰好不能從桌面右邊緣掉下.已知重力加速度g=10m/s2，求：（1)t=1s時,紙板的速度大小v1；（2)小物塊剛放到紙板上時,小物塊到桌面右邊緣的距離；(3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過樣中，整個系統(tǒng)因摩擦產生的熱量?！敬鸢浮浚?）1m/s；（2)0.08m；（3)0.205J【解析】【詳解】（1)未放小物塊前，對紙板，由牛頓第二定律t=1s時，紙板的速度大小（2)小物塊在紙板上滑動過程，對紙板，由牛頓第二定律對小物塊從放上小物塊到小物塊從紙板左端掉下，用的時間小物塊的位移小物塊的速度紙板的位移小物塊從紙板左端掉下后，加速度還是a2，滑到桌面右邊緣時速度為零，該過程的位移小物塊剛放到紙板上時，小物塊到桌面右邊緣的距離（3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過樣中,整個系統(tǒng)因摩擦產生的熱量18.關于理想氣體,下列說法正確的是（）A。已知氣體的摩爾質量和阿伏伽德羅常數，可估算一個分子質量B。已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數,可估算一個分子直徑C。氣體壓強是因為氣體分子間表現為斥力D。氣體壓強是因為氣體分子無規(guī)則運動撞擊器壁所致E.一定質量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強一定增大【答案】ADE【解析】【詳解】A．一個分子的質量已知氣體的摩爾質量和阿伏伽德羅常數，可估算一個分子質量,A正確；B．一個氣體分子占據的體積已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數，不可以估算一個分子直徑，B錯誤；CD．氣體壓強是因為氣體分子無規(guī)則運動撞擊器壁所致，氣體分子之間的距離較大,幾乎不體現分子力，C錯誤,D正確;E．根據理想氣體狀態(tài)方程可知一定質量的理想氣體體積不變，溫度升高,壓強一定增大，E正確。故選ADE。19.如圖所示，導熱汽缸開口向下置于水平地面上,缸內面積為S活塞封閉了一定質量的理想氣體，活塞可自由滑動且滑動時汽缸不漏氣,活塞下掛一個砂桶，活塞與砂桶總質量為m，活塞到汽缸底部距離為h時恰好保持靜止。現將砂桶緩慢裝滿細砂,活塞再次靜止時距汽缸底部h，缸內氣體溫度保持T0不變，已知重力加速度為g，大氣壓強為p0，砂桶始終未與地面接觸。（1)求砂桶中細砂的質量；(2）將細砂從砂桶中緩慢漏出，同時給汽缸加熱，細砂漏完時，活塞仍靜止在距汽缸底部h處，求此時缸內氣體的溫度。【答案】(1)