2022-2023學年江蘇省南京市高一下冊期末物理專項提升模擬題（AB卷）含解析

※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page88頁，共=sectionpages88頁第頁碼7頁/總NUMPAGES總頁數(shù)39頁2022-2023學年江蘇省南京市高一下冊期末物理專項提升模擬題（A卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．下列說確的是（）A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并計算出太陽與地球間引力的大小B．在有力做功的過程中，一定有機械能轉化為內能C．物體做速率增加的直線運動時，其所受的合外力的方向一定與速度方向相同D．小船渡河的最短時間由河寬、水流速度和靜水速度共同決定2．對于做平拋運動的物體，以下說法中正確的是（）A．若只有拋出點的高度增加一倍，則在空中的運動時間也增加一倍B．若只有水平初速度增加一倍，則水平射程也增加一倍C．若只有拋出點的高度增加一倍，則水平射程也增加一倍D．若只有水平初速度增加一倍，則在空中的運動時間也增加一倍3．從高處以初速度豎直向上拋出一個質量為的小球，如圖所示。若取拋出點為零勢點，沒有計空氣阻力，則（）A．在拋出點小球的機械能為B．在點小球的機械能為C．在點小球的機械能為D．小球著地時的機械能為4．下列各種說法中正確的是（）A．甲圖中，沒有計一切阻力，一可視為質點的小球從A點正上方從靜止開始下落，小球從右端口B點離開時，小球的機械能守恒B．乙圖中，汽車通過輕質光滑的定滑輪將一個質量為m的物體從井中拉出，汽車在水平面上以v0做勻速運動，則當跟汽車連的細繩與水平夾角θ為30°時，繩對物體的拉力的功率為C．丙圖中，奧運會蹦床比賽，如果沒有計空氣阻力，全過程中，運動員、彈性蹦床、地球組成的系統(tǒng)機械能守恒D．丁圖中，B的質量是A的質量的2倍，a=2m，b=0.2m，沒有計一切阻力，當B由A的頂端從靜止開始滑到A的底端的過程中，B的機械能守恒5．質量為m的汽車，啟動后沿平直路面行駛，如果發(fā)動機功率恒為P，且行駛過程中受到的阻力大小一定，汽車速度能夠達到的值為v，那么當汽車的車速為時，汽車的瞬時加速度的大小為（）A． B． C． D．6．2017年下半年我國發(fā)北斗三號衛(wèi)星．北斗導航衛(wèi)星的發(fā)射需要幾次變軌，例如某次變軌，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1上，然后在P處變軌到橢圓軌道2上，由軌道2在Q處變軌進入圓軌道3，軌道1、2相切于P點，軌道2、3相切于Q點．忽略空氣阻力和衛(wèi)星質量的變化，則以下說確的是A．該衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2需要在P處減速B．該衛(wèi)星在軌道從軌道1到軌道2再到軌道3，機械能逐漸增大C．該衛(wèi)星在軌道3的動能大于在軌道1的動能D．該衛(wèi)星在軌道3上Q點的加速度小于在軌道2上Q點的加速度7．滑板運動是非常受歡迎的運動，如圖所示為滑板運動訓練軌道簡化圖，裝置由AB、BC、CD三段軌道組成，軌道交接處均由很小的圓弧平滑連接（圖中未畫出），軌道與滑板間的動因數(shù)都相同，為方便訓練AB軌道可以適當調整，CD軌道固定。若運動員從A靜止開始下滑則剛好能到達D，那么將AB軌道向右平移后從A正上方A1靜止滑下，則（）A．沒有能到達DB．剛好能到達DC．若能D剛好到達D1，一定有AD∥A1D1D．若能D剛好到達D1，但沒有一定有AD∥A1D1評卷人得分二、多選題8．如圖甲所示，質量為m的小球，在半徑為r（小球的半徑遠小于r）的豎直光滑圓軌道內側做完整的圓周運動，以豎直向下為正方向，在點時，軌道對小球的彈力F隨速率平方變化的圖象如圖乙所示。重力加速度取10m/s，根據(jù)圖象信息，以下判斷正確的是（）A．小球的質量m=2kgB．豎直圓軌道的半徑r=0.2mC．小球到達圓心等高點的最小加速度為30D．小球過軌道點時，對軌道最小壓力為60N9．如圖所示，甲球從O點以水平速度v1飛出，落在水平地面上的A點；乙球從O點以水平速度v2飛出，落在水平地面上的B點，反彈后恰好也落在A點。兩球質量均為m，若乙球落在B點時的速度大小為v3，與地面的夾角為60°，且與地面發(fā)生碰撞時水平速度沒有變，豎直速度等大反向，沒有計空氣阻力，下列說確的是（）A．由O點到A點，甲、乙兩球運動時間之比是1:1B．O、A兩點的水平距離與O、B兩點的水平距離之比是3:1C．運動過程中甲、乙重力的平均功率為3:1D．設地面處勢能為0，甲、乙兩球在運動過程中的機械能之比為3:110．如圖所示，吊車下方吊一個質量為500kg的重物，二者一起保持恒定的速度沿水平方向做勻速直線運動。某時刻開始，吊車以10kW的恒定功率將重物向上吊起，經t=5s重物達到速度。忽路空氣阻力，取g=10m/．則在這段t時間內（）A．重物的速度為2m/sB．重物克服重力做功的平均功率為9.8kWC．重物做勻變速曲線運動D．重物處于超重狀態(tài)第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題11．在“研究平拋物體運動”的實驗中：（1）下列措施中能減小實驗誤差的措施為______（選填序號）；A．斜槽軌道末端切線必須水平

B．斜槽軌道必須光滑C．每次要平衡力

D．小球每次應從斜槽同一位置靜止釋放（2）在該實驗中，某同學沒有以拋出點建立坐標系，而是取下白紙后在軌跡上隨意取了一點如圖所示，a、b、c三點的位置在運動軌跡上已標出（g取10m/s2）。則：小球平拋的初速度為________m/s，從拋出到a點的時間為________s。12．如圖是用“落體法”驗證機械能守恒定律的實驗裝置。（g?。?）選出一條清晰的紙帶如圖甲所示，其中O點為打點計時器打下的個點，A、B、C為三個計數(shù)點，打點計時器通以頻率為50Hz的交變電流。用分度值為1mm的刻度尺測得，，，在計數(shù)點A和B、B和C之間還各有一個點，重錘的質量為。甲同學根據(jù)以上數(shù)據(jù)算出：當打點計時器打到B點時重錘的重力勢能比開始下落時減少了______J；此時重錘的動能比開始下落時增加了________J。（結果均保留三位有效數(shù)字）（2）另一個同學利用他自己實驗時打出的紙帶，測量出了各計數(shù)點到打點計時器打下的個點的距離h，算出了各計數(shù)點對應的速度v，然后以h為橫軸、以為縱軸作出了如圖乙所示的圖線，圖線未過原點O的原因可能是________。評卷人得分四、解答題13．某火星探測實驗室進行電子計算機模擬實驗，結果為探測器在近火星表面軌道做圓周運動的周期是T，探測器著陸過程中，次接觸火星表面后，以v0的初速度豎直反彈上升，經t時間再次返回火星表面，設這一過程只受火星的重力作用，且重力近似沒有變．已知引力常量為G，試求：（1）火星的密度（2）火星的半徑

（3）火星的宇宙速度?14．如圖所示，半徑R=1.0m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內，軌道的一個端點B和圓心O的連線與水平方向間的夾角θ=37°，另一端點C為軌道的點．C點右側的光滑水平面上緊挨C點靜止放置一木板，木板質量M=1kg，上表面與C點等高．質量為m=1kg的物塊（可視為質點）從空中A點以v0=1.2m/s的速度水平拋出，恰好從圓弧軌道的B端沿切線方向進入軌道．（忽略空氣阻力，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）物塊B點時的速度vB；（2）物塊C點時對軌道的壓力FC；（3）若物塊與木板間動因數(shù)，物塊在木板上滑動2s后離開木板，求物塊在木板上滑動滑動過程中系統(tǒng)產生的熱量Q．15．如圖所示，有一固定在水平地面的光滑平臺．平臺右端B與靜止的水平傳送帶平滑相接，傳送帶長L=4m.有一個質量為m=0.5kg的滑塊，放在水平平臺上，平臺上有一根輕質彈簧，左端固定，右端與滑塊接觸但沒有連接，現(xiàn)將滑塊緩慢向左移動壓縮彈簧，且彈簧始終在彈性限度內，在彈簧處于壓縮狀態(tài)時，若將滑塊由靜止釋放，滑塊恰能到達傳送帶右端C點．已知滑塊與傳送帶間的動因數(shù)，求：(1)滑塊到達B點時的速度，及彈簧儲存的彈性勢能；(2)若傳送帶以3.0m/s的速度沿順時針方向勻速轉動，當滑塊沖上傳送帶時，對滑塊施加一大小恒為0.5N的水平向右的作用力，滑塊從B運動到C的過程中,力對它做的功；※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※沒有※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………試卷第=page2828頁，共=sectionpages2020頁第頁碼27頁/總NUMPAGES總頁數(shù)39頁答案：1．C【分析】【詳解】A．牛頓無法計算出天體之間萬有引力的大小，因為他沒有知道引力常量G的值，故A錯誤；B．當有靜力做功時，沒有機械能和內能之間的轉化，故B錯誤；C．物體做速率增加的直線運動時，加速度與速度同向，則其所受的合外力的方向一定與速度方向相同，故C正確；D．小船渡河的最短時間由河寬、靜水速度共同決定，與水流速度無關，故D錯誤。故選C。2．B【分析】【詳解】A．若拋出點的高度增加1倍，根據(jù)得知在空中運動的時間變?yōu)樵瓉淼谋叮蔄錯誤；C．根據(jù)得則水平射程知拋出點的高度增加1倍，水平射程變?yōu)樵瓉淼谋?，故C錯誤；B．若只有初速度增加1倍，根據(jù)知，水平射程增加1倍．故B正確；D．平拋運動的時間與初速度無關．故D錯誤。故選B?！久麕燑c睛】此題是對平拋物體的考查；要知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做落體運動，運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移。3．B【詳解】A．由題意，在拋出點小球的重力勢能為零，所以機械能等于初動能，為，故A錯誤；BCD．小球做豎直上拋運動，只受重力作用，機械能守恒，所以在點和著地時，小球的機械能都為，故B正確，CD錯誤。故選B。4．C【詳解】A．甲圖中，在小球從下落到運動至凹槽點的過程中，雖然小球對凹槽的壓力具有水平向左的分量，但凹槽受到墻壁作用處于靜止狀態(tài)，此過程凹槽對小球的作用力垂直于速度方向，沒有做功，只有重力對小球做功，小球機械能守恒；在小球從凹槽點向右端口B點運動過程中，小球對凹槽的壓力具有水平向右的分量，從而使凹槽向右運動，此時凹槽對小球的作用力方向沒有再和小球速度方向垂直，將對小球做負功，小球一部分機械能轉化為凹槽的動能，所以該過程小球的機械能沒有守恒，故A錯誤；B．根據(jù)運動的合成與分解可知，汽車速度v0在沿繩方向的分量與物體的速度v1大小相等，即當θ為30°時，有在汽車向右勻速行駛過程中，θ減小，則v1增大，即物體豎直向上做加速運動，繩對物體的拉力F大于mg，所以θ為30°時，繩對物體的拉力的功率故B錯誤；C．丙圖中，奧運會蹦床比賽，如果沒有計空氣阻力，全過程中，運動員、彈性蹦床、地球組成的系統(tǒng)內只有重力和彈力做功，所以系統(tǒng)機械能守恒，故C正確；D．由于沒有計一切阻力，當B由A的頂端從靜止開始滑到A的底端的過程中，由于B對A的壓力存在水平向右的分量，所以A會向右運動，A對B的支持力方向與B的速度方向沒有垂直，會對B做負功，B的一部分機械能轉化為A的動能，所以該過程B的機械能沒有守恒，故D錯誤。故選C。5．D【詳解】當汽車以速度行駛時，牽引力與阻力大小相等，所以有當汽車的車速為時，牽引力大小為根據(jù)牛頓第二定律有解得故選D。6．B【詳解】A．衛(wèi)星在軌道上運行時，軌道的半長軸越大，需要的能量越大，由于軌道2半長軸比軌道1半徑大，因此該衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2需要在P處點火加速，故A錯誤；B．衛(wèi)星在軌道上運行時，軌道的半長軸越大，需要的能量越大，所以衛(wèi)星從軌道1到軌道2再到軌道3，機械能逐漸增大．故B正確；C．根據(jù)，衛(wèi)星在軌道3的線速度小于在軌道1的線速度，由可知，衛(wèi)星在軌道3的動能小于在軌道1的動能，故C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得：所以衛(wèi)星在軌道3上Q點的加速度等于在軌道2上Q點的加速度，故D錯誤；故選B.7．C【詳解】設AB的傾角為α，CD的傾角為β，滑板與軌道間的動因數(shù)為μ，運動員從A到D的過程，克服力做功為由上式可推知，運動員從AB軌道滑至CD軌道過程中，克服力做的功只與初、末位置之間的水平距離有關。設A、D的高度差為hAD，則根據(jù)動能定理有所以AD與水平方向夾角的正切值為同理可知，若運動員在CD軌道上達到D1，則A1D1與水平方向的夾角正切值也為μ，則一定有AD∥A1D1，且根據(jù)幾何關系可知D1一定高于D，故ABD錯誤，C正確。故選C。8．BD【分析】【詳解】A．由圖像可知，當v2=4時，F(xiàn)=10，則由解得m=1kg故A錯誤；B．由圖像可知，當v02=2時，F(xiàn)=0，則由解得故B正確；C．小球到達圓心等高點的最小速度為v1，則解得v12=6則最小向心加速度為豎直方向的加速度為g，則合加速度大于30m/s2，故C錯誤；D．小球過軌道點時，最小速度v2，則解得v22=10對軌道最小壓力為故D正確。故選BD。9．BCD【詳解】A．根據(jù)平拋運動規(guī)律可知，由于下落高度相同，甲從O到A的時間和乙從O到B的時間相同，設為t，再根據(jù)斜拋運動規(guī)律的對稱性可知乙從B到A的時間為2t，所以由O點到A點，甲、乙兩球運動時間之比是1:3，故A錯誤；B．設O、B之間水平距離為x，則根據(jù)斜拋運動規(guī)律的對稱性可知B、A之間的水平距離為2x，即O、A之間的水平距離為3x，所以O、A兩點的水平距離與O、B兩點的水平距離之比是3:1，故B正確；C．整個運動過程，甲、乙下落高度相同，重力做功相同，而甲、乙兩球運動時間之比是1:3，根據(jù)可知甲、乙重力的平均功率為3:1，故C正確；D．根據(jù)前面分析可知由題意，乙落在B點時的豎直分速度大小為設O、B之間的豎直距離為h，根據(jù)運動學公式有設地面處勢能為0，則甲、乙兩小球拋出時機械能分別為甲、乙兩球在運動過程中只有重力做功，機械能守恒，所以機械能之比為3:1，故D正確，故選BCD。10．BD【詳解】A．物體水平方向勻速運動，豎直方向做變加速運動，在豎直方向，當牽引力等于阻力時，豎直方向獲得速度，則故速度故A錯誤；B．在豎直方向，根據(jù)動能定理可知解得重物克服重力做功的平均功率為故B正確；C．物體水平方向勻速運動，豎直方向加速運動，所以物體的加速度即豎直方向的加速度，在豎直方向，有由于功率恒定，當增大時，牽引力F減小，所以加速度減小，又因合力方向與物體速度方向沒有共線，所以物體做變速曲線運動，故C錯誤；D．由于物體在豎直方向做加速運動，所以物體受到的向上的拉力大于重力，故處于超重狀態(tài)，故D正確。故選BD。11．

AD##DA

2

0.05【詳解】（1）[1]A．為了使小球每次從斜槽軌道末端拋出后能夠做平拋運動，需要小球在斜槽軌道末端的速度沿水平方向，為了減小誤差，斜槽軌道末端切線必須水平，故A符合題意；BCD．為了使小球每次從斜槽軌道末端拋出時的速度相同，應使小球每次應從斜槽同一位置靜止釋放，而斜槽軌道是否光滑對上述要求無影響，所以斜槽軌道沒有必須光滑，且實驗中也沒有需要平衡力，故BC沒有符合題意，D符合題意。故選AD。（2）[2]由圖可知a、b、c三點中相鄰兩點間水平距離相同，則相鄰兩點間的時間間隔相同，均設為T，根據(jù)運動學規(guī)律有解得所以小球平拋的初速度為[3]小球b點時的豎直分速度為小球從拋出到b點的時間為從拋出到a點的時間為12．

先釋放紙帶再接通電源【詳解】（1）[1]當打點計時器打到B點時，重錘的重力勢能減少量[2]打B點時重錘的速度此時重錘的動能增加量（2）[3]由圖線可知，當時，重錘的速度沒有等于零，原因是該同學做實驗時先釋放了紙帶，然后才接通電源。13．(1)

(2)

(3)【詳解】(1)設火星的半徑為R,則火星的質量為M,探測器質量為m,探測器繞火星表面飛行時,有:解得：則根據(jù)密度的定義有(2)探測器在火星表面的萬有引力近似等于重力,有:根據(jù)題意有探測器在火星表面反彈后做豎直上拋運動,根據(jù)豎直上拋運動落回拋出點的時間得火星表面的重力加速度由以上各式解得：（3）宇宙速度等于解得：故本題答案是：(1)

(2)

(3)點睛：(1)已知探測器在火星表面軌道做圓周運動的周期T根據(jù)萬有引力提供向心力可以求出火星的質量,再根據(jù)密度定義可以求出火星的密度;(2)根據(jù)豎直上拋可以求出火星表面的重力加速度,根據(jù)火星表面萬有引力與重力相等求出火星的半徑R.圍繞萬有引力提供圓周運動的向心力和星球表面重力和萬有引力相等求解即可.14．(1)2m/s

(2)46N，沿OC方向

(3)8J【詳解】（1）設物體在B點的速度為vB，在C點的速度為vC，從A到B物體做平拋運動，有vBsinθ=v0代入數(shù)據(jù)解得vB=2m/s

（2）從B到C，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得vC=6m/s在C點，根據(jù)牛頓第二定律有

代入數(shù)據(jù)解得FC′=46N

由牛頓第三定律得，物體對軌道的壓力為FC=FC′=46N沿OC方向．（3）對物塊根據(jù)牛頓第二定律運動的位移為對木板根據(jù)牛頓第二定律運動的位移為系統(tǒng)產生的熱量

代入數(shù)據(jù)解得Q=8J點睛：本題主要考查了將平拋、圓周運動及直線運動在一起考查，注意分析運動過程，并根據(jù)過程正確的選擇物理規(guī)律求解．15．(1)4m/s，4J

；

(2)-3.75J【分析】【詳解】（1）滑塊從釋放至運動到B點，由能量守恒得從B到C，由動能定理得聯(lián)立兩式，代入數(shù)據(jù)解得彈簧的彈性勢能轉化為滑塊的動能（2）加力F后，由于，滑塊滑上傳送帶時，加速度大小為a，有解得滑塊減速的時間滑塊減速的位移故滑塊之后勻速運動，從B到C，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得2022-2023學年江蘇省南京市高一下冊期末物理專項提升模擬題（B卷）第I卷（選一選）評卷人得分一、單選題1．在科學發(fā)展史上，很多科學家做出了杰出的貢獻。他們在物理學的研究過程中應用了很多科學的思想方法，下列敘述正確的是（）A．安培首先提出用電場線描繪抽象的電場這種形象化的研究方法B．牛頓提出“提出假說，數(shù)學推理，實驗驗證，合理外推”的科學推理方法C．用質點來代替有質量的物體是采用了理想模型的方法D．場強表達式和加速度表達式都是利用比值法得到的定義式2．2020年12月17日，嫦娥五號成功返回地球，創(chuàng)造了我國到月球取土的偉大歷史。如圖所示，嫦娥五號取土后，在P處由圓形軌道Ⅰ變軌到橢圓軌道Ⅱ，以便返回地球。下列說確的是（）A．嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行時均超重B．嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行時機械能相等C．嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行至P處時速率相等D．嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行至P處時加速度大小相等3．如圖所示，一圓盤可繞一通過圓心且垂直于盤面的豎直軸轉動，在圓盤上放一塊橡皮，橡皮塊隨圓盤一起轉動（俯視為逆時針）。某段時間圓盤轉速沒有斷增大，但橡皮塊仍相對圓盤靜止，在這段時間內，關于橡皮塊所受合力F的方向的四種表示（俯視圖）中，正確的是（）A． B．C． D．4．如圖所示為某正常體型的高中學生在練習深蹲的示意圖，假設其身高為，站立和下蹲時重心的位置均位于虛線處，每分鐘下蹲20次，取重力加速度，則該同學下蹲過程中重力做功的功率約為（）A． B． C． D．5．在如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表A、V1、V2的示數(shù)分別用IA、U1、U2表示，下列判斷正確的是（）A．IA增大，U1增大 B．IA增大，U2增大C．IA減小，U1增大 D．IA減小，U2增大6．某研究性學習小組用如圖甲所示裝置研究平行板電容器的放電現(xiàn)象，開關先置于1位置對電容器充電，穩(wěn)定后，開關置于2位置，利用電流傳感器記錄電容器放電過程，作出圖線如圖乙所示，已知電源電動勢為E，圖線與坐標軸圍成面積為S.下列說確的是（）A．電容器放電時通過電流傳感器的電流減小得越來越快B．電容器放電持續(xù)時間與電阻R的阻值沒有關系C．電容C的大小等于D．電阻R的阻值會影響電容C的測量結果7．如圖所示，光滑豎直桿固定，桿上套一質量為m的環(huán)，環(huán)與輕彈簧一端相連，彈簧的另一端固定在O點，O點與B點在同一水平線上，BC>AB，AC=h，環(huán)從A處由靜止釋放運動到B點時彈簧仍處于伸長狀態(tài)，整個運動過程中彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度為g，環(huán)從A處開始運動時的加速度大小為2g，則在環(huán)向下運動的過程中（）A．環(huán)在B處的加速度大小為0 B．環(huán)在C處的速度大小為C．環(huán)從B到C一直做加速運動 D．環(huán)的速度的位置在B、C兩點之間評卷人得分二、多選題8．如圖所示，排球比賽中運動員將排球從M點水平擊出，排球飛到P點時，被對方運動員擊出，球又斜向上飛出后落到M點正下方的N點，N點與P點等高，軌跡的點Q與M等高，沒有計空氣阻力，下列說確的有（）A．排球兩次飛行過程中加速度相同B．排球兩次飛行過程中重力對排球做的功相等C．排球離開M點的速率比Q點的速率大D．排球到達P點時的速率比離開P點時的速率大9．兩個位于紙面內的點電荷產生電場的等勢面如圖中實線所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。虛線是一個電子在該電場中的運動軌跡，軌跡與某等勢切于P點。下列說確的是（）A．兩點電荷可能是異種點電荷 B．A點的電場強度比B點的大C．A點的電勢高于B點的電勢 D．電子運動到P點時動能最小10．如圖甲所示，一個小球懸掛在細繩下端，由靜止開始沿豎直方向運動，運動過程中小球的機械能E與路程x的關系圖像如圖乙所示，其中O-x1過程的圖像為曲線，x1-x2過程的圖像為直線。忽略空氣阻力。下列說確的是A．O-x1過程中小球所受拉力大于重力B．小球運動路程為x1時的動能為零C．O-x2過程中小球的重力勢能一直增大D．x1-x2過程中小球一定做勻加速直線運動第II卷（非選一選）評卷人得分三、實驗題11．某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：（1）用螺旋測微器測量其直徑如圖甲所示，由圖可知其直徑D=______mm；（2）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖乙所示，則該電阻的阻值為______Ω；

（3）該同學想用伏安法更地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻；電流表A（量程0～30mA，內阻約30Ω）；電壓表V（量程0～3V，內阻約10kΩ）；直流電源E（電動勢4V，內阻沒有計）；滑動變阻器R（阻值范圍0～15Ω，允許通過的電流2.0A）；開關S；導線若干。為減小測量誤差，請在圖中虛線框內畫出完整實驗電路圖______；（4）測得導電材料的長度L和直徑D。正確連接電路。測得多組電壓表示數(shù)U和對應電流表的示數(shù)I，通過描點作出的U—I圖像為一條過原點的傾斜直線，其斜率為k，則該材料的電阻率ρ=______（用k、L、D三個物理量表述）；（5）由于電表內阻的影響，實驗中電阻率的測量值______（選填“大于”或“小于”）真實值。評卷人得分四、解答題12．如圖所示，電源電動勢E=8V，內阻r=0.8Ω，閉合開關S后，標有“6V，12W”的燈泡恰能正常發(fā)光，電動機M的內阻R0=2Ω，求：（1）流過電源的電流；（2）電動機的發(fā)熱功率。13．如圖所示，一個電子由靜止開始經加速電場加速后，又沿偏轉電場極板間的軸線從O點垂直射入偏轉電場，并從另一側射出打到熒光屏上的P點，點為熒光屏的。已知電子質量m，電荷量e，加速電場電壓，偏轉電場電壓U，極板的長度，板間距離d，極板的末端到熒光屏的距離（忽略電子所受重力）。求：（1）電子射入偏轉電場時的初速度；（2）電子打在熒光屏上的P點到點的距離h；14．如圖所示，空間存在豎直向下的勻強電場，其場強E=2.0×102V/m，有一根長L=0.64m的絕緣細繩，一端固定在O點，另一端系一質量m=0.2kg帶正電q=4.0×10-2C的小球。拉起小球至繩水平后在A點無初速度釋放，當小球運動到O點的正下方B點時繩恰好斷裂，小球繼續(xù)運動并垂直打在同一豎直平面且與水平面成θ=37°的擋板MN上的C點（已知：g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）。求：（1）繩子的張力；（2）B、C兩點的電勢差；（3）當小球運動到C點時，突然再施加一恒力F作用在小球上，同時把擋板迅速撤走，若小球以后做直線運動，則所加恒力F的最小值。15．如圖所示，足夠長的傳送帶AB以速度順時針轉動，與水平面夾角為，下端與足夠長的光滑水平軌道BC平滑連接，CO高度，滑塊P、Q用細線拴在一起靜止在水平軌道BC上，中間有一被壓縮的輕質彈簧（P、Q與彈簧沒有相連）。剪斷細線后彈簧恢復原長，Q離開桌面落到地面距離O點的位置。已知滑塊與傳送帶之間的動因數(shù)，滑塊P、Q質量分別為kg、kg。若滑塊B點時沒有能量損失，重力加速度，求：(1)Q離開桌面時的速度大??；(2)彈簧壓縮時儲存的彈性勢能；(3)P在傳送帶上運動的時間；（結果可用根號表示）(4)物塊P與傳送帶之間因而產生的內能。（結果可用根號表示）答案第=page1010頁，共=sectionpages1111頁答案第=page1111頁，共=sectionpages1111頁答案：1．C【詳解】A．法拉第首先提出用電場線和磁感線描繪抽象的電場和磁場這種形象化的研究方法。故A錯誤；B．伽利略提出“提出假說，數(shù)學推理，實驗驗證，合理外推”的科學推理方法，故B錯誤；C．用質點來代替有質量的物體是采用了理想模型的方法，故C正確；D．場強表達式是比值法得到的定義式，加速度表達式沒有是比值法得到的定義式，故D錯誤；故選C。2．D【詳解】A．嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行時均處于失重狀態(tài)，故A錯誤；BC．嫦娥五號在軌道Ⅰ上P點時經加速后進入軌道Ⅱ運行，故嫦娥五號在軌道Ⅰ上P處的速率大于在軌道Ⅱ運行至P處時速率；加速后勢能沒有變，動能增大，則機械能增大，故BC錯誤；D．根據(jù)得可知嫦娥五號在軌道Ⅰ和Ⅱ運行至P處時加速度大小相等，故D正確。故選D。3．C【詳解】勻速轉動時，只有法向加速度（向心加速度），橡皮塊受到的靜力指向盤心，當加速轉動時，會產生切向加速度，真正的加速度等于兩個加速度的矢量和。故選C。4．B【詳解】設高中生的體重50kg，做下蹲時，由圖可知重心下降約0.6m，該同學下蹲過程中重力做功的功率約為故選B。5．A【詳解】當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R2減小，外電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I增大，外電路電壓U外=E?Ir減小，R3的電壓U3=U外減小，流經R3的電流I3減小，由并聯(lián)電路特點可知I=I3+IA即IA增大，流經R1、R2的電流增大，R1電壓U1=IAR1U1增大，由串聯(lián)電路特點可知U3=U1+U2則有U2減小，由此可知A正確，BCD錯誤。故選A。6．C【詳解】A．由題圖乙可知，圖線的斜率的值越來越小，說明流過電流傳感器的電流減小得越來越慢，故A錯誤；B．電阻R越大，電路中的電流越小，而電容器儲存的電荷量一定，所以電容器放電持續(xù)時間與電阻R的阻值有關，故B錯誤；C．圖線與時間軸所圍的面積表示電荷量，所以電容器儲存的電荷量為S，根據(jù)電容的定義式可得電容C的大小為故C正確；D．電阻R的阻值的大小會影響放電時間，但沒有會影響放電量的多少，也就沒有會影響電容C的大小的測量結果，故D錯誤。故選C。7．D【詳解】A．環(huán)在處水平方向合外力為0，豎直方向上只受重力，所加速度為，A錯誤；B．環(huán)在運動過程中，OC的長度大于OA的長度，因此彈簧從A點到C點伸長量變大，彈性勢能增加，如果物體的重力勢能全部轉化為動能則有可得物體的速度為，但是物體的重力勢能轉化為動能和彈性勢能，因此速度小于，B錯誤；CD．環(huán)在處，根據(jù)牛頓第二定律彈力在豎直方向的分力環(huán)點向下做加速度減小的加速運動，滑動至距離點處時，彈簧的伸長量與在處大小相等，所以彈簧彈力在豎直方向的分力與重力等大反向，加速度為0，此時速度，之后環(huán)做減速運動，因為，所以環(huán)的速度的位置在B、C兩點之間，環(huán)從B到C先加速后減速，C錯誤，D正確。故選D。8．ACD【詳解】A．沒有計空氣阻力，排球在空中的拋體運動只受重力而做勻變速曲線運動，加速度均為重力加速度g，故A正確；B．設排球的拋體高度為h，次從M到P，重力做正功為第二次做斜上拋運動從P到Q到N點，重力做功為零，故B錯誤；C．排球從M到P和從Q到N都是平拋運動，在M、P點均只有水平方向的速度，高度h相同，由知運動時間相同，但，由可推出離開M點的速度大于Q點的速度，故C正確；D．將排球從P到Q的斜上拋運動由逆向思維法可看成從Q到P的平拋，則由M到P和Q到P的平拋運動比較，運動高度相同，則運動時間相同，豎直分速度一樣，但M到P的水平位移大，則水平速度較大，由可知從Q到P的末速度大小大于從P到Q的初速度大小，故D正確。故選ACD。9．CD【詳解】A．根據(jù)電荷間等勢面的分布情況可知兩點電荷時同種電荷，又根據(jù)電子在該電場中的運動軌跡可判斷電子一直受到排斥的力，故可知兩點電荷為同種負電荷；故A錯誤；B．根據(jù)等勢面的疏密程度可以判斷A點的電場強度比B點的小，故B錯誤；C．因為兩點電荷是同種負電荷，電場線指向負電荷，故可知A點的電勢高于B點的電勢，故C正確；D．根據(jù)電子的運動軌跡和電場線的方向可知由M到P電場力做負功，由P到N電場力做正功；由M到P動能減小，由P到N動能增加，故電子運動到P點時動能最小，故D正確。