高中物理人教版1本冊總復(fù)習(xí)總復(fù)習(xí) 優(yōu)秀作品

高二物理第十七周周末作業(yè)2023-12-26班級：_______________姓名：______________學(xué)號：______________一、單項選擇題1．將一小段通電直導(dǎo)線垂直于磁場放入某磁場中，導(dǎo)線會受到一定大小的磁場力作用；若保持直導(dǎo)線長度和其中的電流不變，將它垂直放入另一較強(qiáng)的磁場，發(fā)現(xiàn)導(dǎo)線所受的磁場力會變大．由此可知() A．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度由導(dǎo)線所受的磁場力決定 B．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨導(dǎo)線所受的磁場力的增大而減小 C．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度由磁場本身決定 D．在任何情況下，通電導(dǎo)線所受磁場力的大小都能反映磁場的強(qiáng)弱2．如圖為一種利用電磁原理制作的充氣泵的結(jié)構(gòu)示意圖，其工作原理類似打點計時器．當(dāng)電流從電磁鐵的接線柱a流入，吸引小磁鐵向下運動時，以下選項中正確的是() A．電磁鐵的上端為N極，小磁鐵的下端為N極 B．電磁鐵的上端為S極，小磁鐵的下端為S極 C．電磁鐵的上端為N極，小磁鐵的下端為S極D．電磁鐵的上端為S極，小磁鐵的下端為N極3.如圖所示的OX和MN是勻強(qiáng)磁場中兩條平行的邊界線，速率不同的同種帶電粒子從O點沿OX方向同時射向磁場，其中穿過a點的粒子速度v1方向與MN垂直，穿過b點的粒子速度v2方向與MN成60°角．設(shè)兩粒子從O點到MN所需時間分別為t1和t2，則t1∶t2為() A．3∶2B．4∶3C．1∶1D．1∶34．如圖所示，木板質(zhì)量為M，靜止于水平地面上，木板上固定一質(zhì)量不計的框架，框架上懸有磁鐵A，木板上放有磁鐵B，兩磁鐵質(zhì)量均為m，設(shè)木板對地面的壓力為FN1，B對木板的壓力為FN2，A對懸線的拉力為FT，則下面結(jié)論正確的是() A．FN1＝Mg＋2mg B．FN2＝mg C．FT＝mg D．以上全不對5．醫(yī)生做某些特殊手術(shù)時，利用電磁血流計來監(jiān)測通過動脈的血流速度．電磁血流計由一對電極a和b以及一對磁極N和S構(gòu)成，磁極間的磁場是均勻的．使用時，兩電極a、b均與血管壁接觸，兩觸點的連線、磁場方向和血流速度方向兩兩垂直，如圖所示．由于血液中的正負(fù)離子隨血流一起在磁場中運動，電極a、b之間會有微小電勢差．在達(dá)到平衡時，血管內(nèi)部的電場可看做是勻強(qiáng)電場，血液中的離子所受的電場力和磁場力的合力為零，在某次監(jiān)測中，兩觸點間的距離為3.0mm，血管壁的厚度可忽略，兩觸點間的電勢差為160μV，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為T．則血流速度的近似值和電極a、b的正負(fù)為() A．1.3m/s，a正、b負(fù)B．m/s，a正、b負(fù)C．1.3m/s，a負(fù)、b正D．m/s，a負(fù)、b正6．如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、大小可調(diào)節(jié)的均勻磁場，質(zhì)量為m、電荷量＋q的粒子在環(huán)中做半徑為R的圓周運動，A、B為兩塊中心開有小孔的極板，原來電勢都為零，每當(dāng)粒子順時針飛經(jīng)A板時，A板電勢升高為U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩板間的電場中加速，每當(dāng)粒子離開B板時，A板電勢又降為零，粒子在電場一次次加速下動能不斷增大，而繞行半徑不變，則() A．粒子從A板小孔處由靜止開始在電場作用下加速，繞行n圈后回到A板時獲得的總動能為2nqU B．在粒子繞行的整個過程中，A板電勢可以始終保持為＋U C．在粒子繞行的整個過程中，每一圈的周期不變 D．為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運動，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度必須周期性遞增，則粒子繞行第n圈時的磁感應(yīng)強(qiáng)度為eq\f(1,R)eq\r(\f(2nmU,q))7.如圖所示,在沿水平方向向里的勻強(qiáng)磁場中,帶電小球A與B在同一直線上,其中小球B帶正電荷并被固定,小球A與一水平放置的光滑絕緣板C接觸(不粘連)而處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將絕緣板C沿水平方向抽去后,以下說法正確的是()A.小球A不可能處于靜止?fàn)顟B(tài)B.小球A將可能沿軌跡1運動C.小球A將可能沿軌跡2運動D.小球A將可能沿軌跡3運動8.如圖所示,一個帶正電的滑環(huán)套在水平且足夠長的粗糙的絕緣桿上,整個裝置處于方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場中,現(xiàn)給滑環(huán)一個水平向右的瞬時作用力,使其開始運動,則滑環(huán)在桿上的運動情況不可能的是()A.始終做勻速運動B.始終做減速運動,最后靜止于桿上C.先做加速運動,最后做勻速運動D.先做減速運動,最后做勻速運動9.如圖,某空間存在正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場,電場方向水平向右,磁場方向垂直紙面向里,一帶電粒子由a點進(jìn)入電磁場并剛好能沿ab直線向上運動。下列說法正確的是()A.粒子一定帶正電B.粒子動能一定減少C.粒子的電勢能一定增加D.粒子的機(jī)械能一定增加10.在半導(dǎo)體離子注入工藝中,初速度可忽略的磷離子P+和P3+,經(jīng)電壓為U的電場加速后,垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里、有一定寬度的勻強(qiáng)磁場區(qū)域,如圖所示。已知離子P+在磁場中轉(zhuǎn)過θ=30°后從磁場右邊界射出。在電場和磁場中運動時,離子P+和P3+()A.在電場中的加速度之比為1∶1B.在磁場中運動的半徑之比為3∶1C.在磁場中轉(zhuǎn)過的角度之比為1∶2D.離開電場區(qū)域時的動能之比為3∶1二、雙選題11．如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內(nèi)有方向垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場．在t＝0時刻，位于正方形中心O的離子源向平面abcd內(nèi)各個方向發(fā)射出大量帶正電的粒子，所有粒子的初速度大小均相同，粒子在磁場中做圓周運動的半徑恰好等于正方形的邊長，不計粒子的重力以及粒子間的相互作用力．已知平行于ad方向向下發(fā)射的粒子在t＝t0時刻剛好從磁場邊界cd上某點離開磁場，下列說法正確的是()A．粒子在該磁場中勻速圓周運動的周期為6t0 B．粒子的比荷為eq\f(π,6Bt0) C．粒子在磁場中運動的軌跡越長，對應(yīng)圓弧的圓心角越大 D．初速度方向正對四個頂點的粒子在磁場中運動時間最長12．如圖所示，已知一帶電小球在光滑絕緣的水平面上從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，水平進(jìn)入互相垂直的勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B的復(fù)合場中(E和B已知)，小球在此空間的豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，則() A．小球可能帶正電 B．小球做勻速圓周運動的半徑為r＝eq\f(1,B)eq\r(\f(2UE,g)) C．小球做勻速圓周運動的周期為T＝eq\f(2πE,Bg) D．若電壓U增大，則小球做勻速圓周運動的周期增加13．如圖所示，一束質(zhì)量、速度和電荷量不全相等的離子，經(jīng)過由正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場組成的速度選擇器后，進(jìn)入另一個勻強(qiáng)磁場中并分裂為A、B束，下列說法中正確的是() A．組成A、B束的離子都帶正電 B．組成A、B束的離子質(zhì)量一定不同 C．速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外 D．A束離子的比荷(eq\f(q,m))大于B束離子的比荷14．如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，有一豎直足夠長固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m，電荷量為＋q，電場強(qiáng)度為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g.小球由靜止開始下滑直到穩(wěn)定的過程中()A．小球的加速度一直減小B．小球的機(jī)械能和電勢能的總和保持不變C．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是v＝eq\f(2μqE－mg,2μqB)D．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是v＝eq\f(2μqE＋mg,2μqB)三、計算題15．如圖所示，電源電動勢E＝2V，內(nèi)電阻r＝Ω，豎直導(dǎo)軌電阻可忽略，金屬棒的質(zhì)量m＝0.1kg，電阻R＝Ω，它與導(dǎo)軌的動摩擦因數(shù)μ＝，有效長度為L＝0.2m，為了使金屬棒能夠靠在導(dǎo)軌外面靜止不動，我們施一與紙面成30°向里且與金屬棒垂直的磁場，問磁場方向是斜向上還是斜向下？磁感應(yīng)強(qiáng)度B的范圍是多大？(g取10m/s2)16．如圖所示，正三角形ABC內(nèi)有B＝T的勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面向外，在BC邊右側(cè)有平行于BC足夠長的擋板EF，已知B點到擋板的水平距離BD＝0.5m．某一質(zhì)量m＝4×10－10kg、電荷量q＝1×10－4C的粒子，以速度v0＝1×104m/s自A點沿磁場中的(1)求粒子從BC邊射出時，射出點距C點的距離和粒子在磁場中運動的時間．(2)如果在BC邊至EF區(qū)域加上豎直向下的勻強(qiáng)電場，使粒子仍能打到擋板上，求所加電場電場強(qiáng)度的最大值．高二物理第17周周末作業(yè)參考答案1、C解析：磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場本身決定的，與磁場力無關(guān)，A、B錯，C對；反應(yīng)磁場強(qiáng)弱的是磁感應(yīng)強(qiáng)度，而不是磁場力，D錯．2、D解析：當(dāng)電流從a端流入電磁鐵時，據(jù)安培定則可判斷出電磁鐵的上端為S極，此時能吸引小磁鐵向下運動，說明小磁鐵的下端為N極，答案為D.3、A解析：作出兩粒子在磁場中的運動軌跡，可知t1＝eq\f(T1,4)，t2＝eq\f(T2,6)，且由T＝eq\f(2πm,Bq)知T1＝T2.所以eq\f(t1,t2)＝eq\f(3,2)，選項A正確．4、A解析：把木板、框架及磁鐵A、B看成一個系統(tǒng)，則系統(tǒng)受重力G總＝Mg＋2mg，地面的彈力FN1′.由牛頓第三定律可知FN1′＝FN1，由系統(tǒng)平衡條件可知FN1′＝Mg＋2mg，即FN1＝Mg＋2mg.磁鐵B受有重力GB＝mg、木板的彈力FN2′、磁鐵A的吸引力FA.由平衡條件可知FN2′＝mg－FA.由牛頓第三定律知FN2′＝FN2，所以有FN2＝mg－FA＜mg.磁鐵A受有重力GA＝mg，懸線拉力FT′，B磁鐵的吸引力FB，由平衡條件可知FT′＝mg＋FB.由牛頓第三定律可知FT′＝FT，所以有FT＝mg＋FB＞mg.此題答案應(yīng)選A.5、A解析：根據(jù)左手定則，可知a正b負(fù)，所以C、D錯；因為離子在場中所受合力為零，Bqv＝eq\f(U,d)q，所以v＝eq\f(U,Bd)＝1.3m/s，A對B錯．6、D解析：考查帶電粒子在電場與磁場中的運動．粒子每運動一圈，獲得動能qU，故n圈后獲得的總動能為eq\f(1,2)mv2＝nqU，A錯；若A板電勢始終保持為＋U，則粒子每次到達(dá)A板時速度減小為零，B錯；由于粒子在環(huán)形區(qū)域的半徑不變，且只受到洛倫茲力作用，由R＝eq\f(mv,qB)，可知速度增大，B一定增大；由周期公式T＝eq\f(2πm,qB)可知，B增大，周期將減小，C錯；n圈加速后滿足B＝eq\f(mv,qR)＝eq\f(m,qR)eq\r(\f(2nqU,m))＝eq\f(1,R)eq\r(\f(2nmU,q))，D對．7、B解析：小球A處于靜止?fàn)顟B(tài),可判斷小球A帶正電,若此時小球A的重力與庫侖力平衡,將絕緣板C沿水平方向抽去后,小球A仍處于靜止?fàn)顟B(tài);若庫侖力大于小球A的重力,則將絕緣板C沿水平方向抽去后,小球A向上運動,此后小球A在庫侖力、重力、洛倫茲力的作用下將可能沿軌跡1運動。8、C解析：給滑環(huán)一個瞬時作用力,滑環(huán)獲得一定的速度v,當(dāng)qvB=mg時,滑環(huán)將以v做勻速直線運動,故A正確。當(dāng)qvB<mg時,滑環(huán)受摩擦阻力做減速運動,直到停下來,故B正確。當(dāng)qvB>mg時,滑環(huán)先做減速運動,當(dāng)減速到qvB=mg后,以速度v=mg9、D解析：對該種粒子進(jìn)行受力分析得:受到豎直向下的重力、水平方向的電場力、垂直于速度方向的洛倫茲力,其中重力和電場力是恒力。粒子沿直線運動,則可以判斷出其受到的洛倫茲力也是恒定的,即該粒子是做勻速直線運動,B錯誤;如果該粒子帶正電,則受到向右的電場力和向左下方的洛倫茲力,所以不會沿直線運動,故該種粒子一定帶負(fù)電,A錯誤;該種粒子帶負(fù)電,向左上方運動,電場力做正功,電勢能一定是減少的,C錯誤;因為重力勢能增加,動能不變,所以該粒子的機(jī)械能增加,D正確。10、C解析：磷離子P+和P3+的質(zhì)量相等,在電場中所受的電場力之比為1∶3,所以加速度之比為1∶3,A項錯誤;初速度可忽略的磷離子P+和P3+,經(jīng)電壓為U的電場加速后,由動能定理可得,離開電場區(qū)域時的動能之比為它們的帶電量之比,即1∶3,D項錯誤;在磁場中做圓周運動時洛倫茲力提供向心力qvB=mv2r,可得r=mvqB,r1r2=mv1/q1Bmv2/q211、BC解析：初速度平行于ad方向向下發(fā)射的粒子在磁場中運動時，軌跡所對應(yīng)圓心角為eq\f(π,6)，A選項錯誤；由牛頓第二運動定律得Bqv＝meq\f(v2,R)，且v＝eq\f(2πR,T)，聯(lián)立解得：eq\f(q,m)＝eq\f(π,6Bt0)，B選項正確；由于粒子在磁場中運動的速度一定，則弧長越長在磁場中運動的時間越長，對應(yīng)圓弧的圓心角一定越大，C選項正確；從正方形四個頂點出射的粒子，在磁場中運動對應(yīng)圓弧最長運動時間最長，D選項錯誤．12、BC解析：小球在復(fù)合場中做勻速圓周運動，則小球受的電場力和重力滿足mg＝Eq，則小球帶負(fù)電，A項錯誤；因為小球做圓周運動的向心力為洛倫茲力，由牛頓第二定律和動能定理可得：Bqv＝eq\f(mv2,r)，Uq＝eq\f(1,2)mv2，聯(lián)立兩式可得：小球做勻速圓周運動的半徑r＝eq\f(1,B)eq\r(\f(2UE,g))，由T＝eq\f(2πr,v)，可以得出T＝eq\f(2πE,Bg)，所以B、C項正確，D項錯誤．13、AD解析：A與B兩束離子由速度選擇器進(jìn)入磁場后，由左手定則可判斷出A、B兩束離子均帶正電；離子在速度選擇器中做勻速直線運動，兩離子帶正電，所受靜電力與場強(qiáng)方向一致，水平向右，洛倫茲力必水平向左，且與靜電力等大：Bqv＝qE?v＝eq\f(E,B)，由左手定則可得速度選擇器中的磁場方向應(yīng)垂直于紙面向里；兩離子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，觀察可得圓周運動半徑不同，依據(jù)r＝eq\f(mv,Bq)可得兩離子的比荷不等，A束離子的圓周運動的半徑較小，則比荷大于B束離子．14、CD解析：對小球受力分析如圖所示，則mg－μ(Eq－qvB)＝ma，隨著v的增加，小球加速度先增加，當(dāng)Eq＝qvB時達(dá)到最大值amax＝g，繼續(xù)運動，mg－μ(qvB－Eq)＝ma，隨著v的增加，a逐漸減小，所以A錯誤．因為有摩擦力做功，機(jī)械能與電勢能總和在減小，B錯誤．若在前半段達(dá)