黑龍江省牡丹江市第三中學(xué)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期第五次月考物理試題

2022—2023學(xué)年度上學(xué)期第五次月考試題高三物理試卷考試時(shí)間：90分鐘分值：100分一、選擇題：（1-10題每題只有一個(gè)正確答案，每題3分；11-15題每題有多個(gè)正確答案，選全得4分，選不全得2分，選錯(cuò)不得分，共50分）1.下列關(guān)于場的說法正確的是（）A.電場和磁場并不是真實(shí)存在的物質(zhì)B.電場對放入其中的電荷一定有力的作用C.磁場對放入其中的電荷一定有力的作用D.將放入電場中的電荷移走，電場隨之消失【答案】B【解析】【詳解】A．電場和磁場是真實(shí)存在的一種特殊物質(zhì)，電場，磁場這種物質(zhì)與通常的實(shí)物不同，它不是由分子原子所組成，但它是客觀存在的，故A錯(cuò)誤。B．電場與重力場相似，其基本特性是對放入其中的電荷有力的作用。故B正確。C．磁場對放入其中運(yùn)動(dòng)的電荷才有力的作用，故C錯(cuò)誤。D．電場和放入電場中的電荷沒有關(guān)系，電場是由場源電荷和離場源電荷的距離共同決定的。故D錯(cuò)誤。故選B。2.某軍事試驗(yàn)場正在平地上試射地對空導(dǎo)彈，若某次豎直向上發(fā)射導(dǎo)彈時(shí)發(fā)生故障，造成導(dǎo)彈的圖像如圖所示，則下述說法中正確的是（）A.0~1s內(nèi)導(dǎo)彈勻加速上升 B.1~2s內(nèi)導(dǎo)彈靜止不動(dòng)C.3s末導(dǎo)彈回到出發(fā)點(diǎn) D.0~5s導(dǎo)彈位移為負(fù)值【答案】A【解析】【詳解】A．由圖可知，0~1s內(nèi)導(dǎo)彈的速度隨時(shí)間均勻增加，所以導(dǎo)彈做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速上升，故A正確；B．1~2s內(nèi)導(dǎo)彈的速度一直不變，為30m/s，故導(dǎo)彈勻速上升，故B錯(cuò)誤；CD．前3s內(nèi)導(dǎo)彈在向上運(yùn)動(dòng)，上升的高度為3~5s內(nèi)導(dǎo)彈下落，下落高度為故說明導(dǎo)彈0~5s內(nèi)的位移為零，即導(dǎo)彈在5s末回到出發(fā)點(diǎn)，故CD錯(cuò)誤。故選A。3.質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O，如圖所示。用T表示繩OA段拉力的大小，在O點(diǎn)向左移動(dòng)的過程中（）A.F逐漸變大，T逐漸變大 B.F逐漸變大，T逐漸變小C.F逐漸變小，T逐漸變大 D.F逐漸變小，T逐漸變小【答案】A【解析】【詳解】繩OB段拉力的大小始終等于物體的重力mg，故保持不變，設(shè)OA段繩與豎直方向的夾角為，由受力分析可知在O點(diǎn)向左移動(dòng)的過程中，角逐漸變大，故F逐漸變大，T逐漸變大。故選A。4.地球的公轉(zhuǎn)軌道接近圓，但彗星的運(yùn)動(dòng)軌道則是一個(gè)非常扁的橢圓。天文學(xué)家哈雷成功預(yù)言哈雷彗星的回歸，哈雷彗星最近出現(xiàn)的時(shí)間是1986年，預(yù)測下次飛近地球?qū)⒃?061年。如圖所示，若哈雷彗星在近日點(diǎn)與太陽中心的距離為r1，線速度大小為v1，加速度大小為a1；在遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽中心的距離為r2，線速度大小為v2，加速度大小為a2。則（）A.v1<v2，a1：a2=r1：r2Bv1>v2，a1：a2=r2：r1C.v1<v2，a1：a2=：D.v1>v2，a1：a2=：【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)開普勒第二定律可知，彗星在近日點(diǎn)的速度大于在遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度，即v1>v2根據(jù)可得則a1：a2=：故選D。5.一列簡諧橫波沿x軸傳播，t＝0.1s時(shí)的波形圖如圖甲所示，P、Q為介質(zhì)中平衡位置分別在＝2.5cm、＝5.0cm處的質(zhì)點(diǎn)，如圖乙所示為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像，則（）A.t＝0.25s時(shí)，Q的加速度沿＋y方向B波沿＋x方向傳播C.從t＝0.1s到t＝0.3s，質(zhì)點(diǎn)Q沿－x方向移動(dòng)10cmD.t＝0.28s時(shí)，P的速度沿＋y方向【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)Q點(diǎn)的振動(dòng)圖像可知，t＝0.25s時(shí)，Q在最高點(diǎn)，則其加速度沿-y方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)Q點(diǎn)的振動(dòng)圖像可知，t=0.1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q沿-y方向振動(dòng)，結(jié)合波形圖可知，波沿-x方向傳播，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．機(jī)械波傳播的過程中，質(zhì)點(diǎn)只在自己平衡位置附近振動(dòng)，而不隨波遷移，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．t＝0.28s時(shí)，即從t=0.1s時(shí)刻經(jīng)過，P的速度沿＋y方向，選項(xiàng)D正確。故選D。6.真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷所帶電荷量相等，其電場的等勢面如圖所示，圖中相鄰等勢面間電勢差相等。下列說法正確的是（）A.這兩個(gè)點(diǎn)電荷電性相同，一定都是正電荷B.P點(diǎn)的場強(qiáng)一定比Q點(diǎn)的場強(qiáng)大C.P點(diǎn)電勢一定比Q點(diǎn)電勢低D.正檢驗(yàn)電荷在P點(diǎn)的電勢能一定比在Q點(diǎn)的電勢能大【答案】B【解析】【詳解】A．已知中垂面為等勢面，故此為等量異種電荷形成的電場，A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)的等勢面較Q點(diǎn)密集，則電場線較Q點(diǎn)密集，則P點(diǎn)的場強(qiáng)一定比Q點(diǎn)的場強(qiáng)大，B正確；CD．兩點(diǎn)電荷的電性不能確定，不能比較P點(diǎn)和Q點(diǎn)電勢高低，也不能比較正檢驗(yàn)電荷在P點(diǎn)的電勢能與在Q點(diǎn)的電勢能的大小關(guān)系，CD錯(cuò)誤。故選B。7.一個(gè)微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作，則（）A.電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為 B.電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為C.電源的輸出功率為 D.電源的效率為【答案】D【解析】【詳解】A．電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為故A錯(cuò)誤；B．由于電動(dòng)機(jī)不為純電阻器件，因此無法直接使用純電阻熱功率公式來計(jì)算電動(dòng)機(jī)的熱功率，電動(dòng)機(jī)消耗的正確熱功率表達(dá)式為故B錯(cuò)誤；C．電源的輸出功率等于電動(dòng)機(jī)的輸入功率，得故C錯(cuò)誤；D．電源的效率為解得故D正確。故選D。8.一個(gè)帶正電的帶電粒子沿垂直于磁場的方向，從a點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減?。◣щ娏坎蛔儯Ｏ铝忻枋鰩щ娏Ｗ舆\(yùn)動(dòng)的徑跡中，正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意，粒子的能量逐漸減小，即粒子的速度不斷減小，根據(jù)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有解得因?yàn)榱Ｗ拥乃俣炔粩鄿p小,則半徑不斷減小；又因?yàn)榱Ｗ訋д?，根?jù)左手定可以判斷粒子洛倫茲力方向。故選A。9.如圖所示，a、b是一對平行金屬板，分別接到直流電源兩極上，右邊有一擋板，正中間開有一小孔d，在較大空間范圍內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里，在a、b兩板間還存在著勻強(qiáng)電場E.從兩板左側(cè)中點(diǎn)c處射入一束離子(不計(jì)重力)，這些離子都沿直線運(yùn)動(dòng)到右側(cè)，從d孔射出后分為如圖三束，則下列判斷正確的是A.這三束離子的速度一定不相同B.這三束離子的比荷一定相同C.a、b兩板間的勻強(qiáng)電場方向一定由b指向aD.若將這三束離子改為相反電性而其他條件不變的離子則仍能從d孔射出【答案】D【解析】【分析】離子在復(fù)合場中沿水平方向直線通過故有=，所以v=E/B；三束正離子的在磁場中圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不同，根據(jù)可知比荷一定不相同．根據(jù)洛倫茲力的方向可以判定電場力的方向從而判定電場的方向．【詳解】3束離子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)情況相同，即沿水平方向直線通過故有=，所以v=E/B，故三束正離子的速度一定相同．故A錯(cuò)誤．3束離子在磁場中有=m，故，由于三束正離子的在磁場中圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不同，故比荷一定不相同，故B錯(cuò)誤．根據(jù)左手定則可知，正粒子受到的洛倫茲力的方向向上，所以電場力必定向下，a、b兩板間的勻強(qiáng)電場方向與正電荷受到的電場力的方向相同，一定由a指向b．故C錯(cuò)誤；若這三束離子改為相反電性而其他條件不變，則在ab板間受到的電場力的方向和磁場力的方向均反向，離子受力仍平衡沿直線運(yùn)動(dòng)，即離子則仍能從d孔射出．故D正確．

故選D．【點(diǎn)睛】速度選擇器是利用電場力等于洛倫茲力的原理進(jìn)行工作的，故速度選擇器只能選擇速度而不能選擇電性．10.如圖所示，勻強(qiáng)磁場中有兩個(gè)導(dǎo)體圓環(huán)a、b，磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增大，兩圓環(huán)半徑之比為2∶1，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢分別為Ea和，不考慮兩圓環(huán)間的相互影響，下列說法正確的是()A.Ea∶＝4∶1，感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向B.Ea∶＝4∶1，感應(yīng)電流均沿順時(shí)針方向C.Ea∶＝2∶1，感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向D.Ea∶＝2∶1，感應(yīng)電流均沿順時(shí)針方向【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得根據(jù)題意可得故感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場要阻礙原磁場的增大，即感應(yīng)電流產(chǎn)生向里的感應(yīng)磁場，根據(jù)楞次定律可得，感應(yīng)電流均沿順時(shí)針方向。故選B。11.如圖所示，A和B的質(zhì)量分別是1kg和2kg，彈簧和懸線的質(zhì)量不計(jì)，在A上面的懸線燒斷的瞬間（）A.A的加速度等于3gB.A的加速度等于gC.B的加速度為零D.B的加速度為g【答案】AC【解析】【詳解】懸線燒斷彈簧前，由B平衡得到，彈簧的彈力大?。畱揖€燒斷的瞬間，彈簧的彈力沒有來得及變化，大小仍為，此瞬間B物體受到的彈力與重力仍平衡，合力為零，則B的加速度為零，A受到重力和向下的彈力，由牛頓第二定律得，，方向向下，AC正確．【點(diǎn)睛】在應(yīng)用牛頓第二定律解決瞬時(shí)問題時(shí)，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱?，）然后結(jié)合整體隔離法，應(yīng)用牛頓第二定律分析解題12.在高處的某一點(diǎn)將三個(gè)質(zhì)量相同的小球以相同的速率v0分別上拋、平拋、下拋，那么以下說法正確的是（）A.從拋出到落地過程中，重力對它們所做的功都相等B.從拋出到落地過程中，重力對它們做功的平均功率都相等C.三個(gè)球落地時(shí)，重力的瞬時(shí)功率相同D.從拋出到落地過程中，重力勢能變化相等【答案】AD【解析】【詳解】AB．根據(jù)重力做功公式可知，三個(gè)小球重力做功相同，落地時(shí)間不同，豎直上拋時(shí)間最長，豎直下拋時(shí)間最短，所以運(yùn)動(dòng)過程中，三個(gè)小球重力做功的平均功率不同，下拋平均功率最大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．三個(gè)球落地時(shí)速度大小相等，根據(jù)瞬時(shí)功率表達(dá)式做平拋的小球落地時(shí)速度方向與豎直方向有夾角，所以平拋的功率最小，故C錯(cuò)誤；D．從拋出到落地過程中，三個(gè)球重力做功相同，根據(jù)功能關(guān)系，重力勢能變化相等，故D正確。故選AD。13.把電容器、電流傳感器、電阻、電源、單刀雙擲開關(guān)按圖甲所示連接。先使開關(guān)S擲向1端，電源向電容器充電；然后把開關(guān)S擲向2端，電容器放電。電流傳感器中的電流i隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.在t1~t2時(shí)間內(nèi)，電容器兩極板間電壓逐漸增大B.在t3~t4時(shí)間內(nèi)，電容器電容逐漸減小C.若只增大電阻R的阻值，則充電電流的最大值增大D.若只增大電阻R的阻值，則電容器的放電時(shí)間變長【答案】D【解析】【詳解】A．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，電容器充電，所帶電量增加，電容不變，根據(jù)電容的定義式可知，極板間的電壓增大，故A錯(cuò)誤；B．在t3~t4時(shí)間內(nèi)，電容器在放電，在放電過程中，電容器電荷量減小，但電容是反應(yīng)電容器本身的特性，與電壓和電量無關(guān)，保持不變，故B錯(cuò)誤；C．若只增大電阻R的阻值，根據(jù)公式可知充電電流的最大值減小，故C錯(cuò)誤；D．若只增大電阻R的阻值，根據(jù)公式可知，電容器的放電時(shí)間變長，故D正確。故選D。14.目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機(jī)叫磁流體發(fā)電機(jī)，如圖表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒，而從整體來說呈中性）沿圖所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時(shí)金屬板上就聚集了電荷。在磁極配置如圖中所示的情況下，下列說法正確的是（）A.A板帶正電B.有電流從b經(jīng)用電器流向aC.金屬板A、B間的電場方向向下D.等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受靜電力【答案】BD【解析】【詳解】ABC．等離子體射入磁場后，由左手定則知正離子受到向下洛倫茲力向B板偏轉(zhuǎn)，故B板帶正電，B板電勢高，電流方向從b流向a，電場的方向由B板指向A板，A、C錯(cuò)誤，B正確；D．當(dāng)＞時(shí)離子發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D正確。故選BD。15.兩根互相垂直的絕緣通電長直導(dǎo)線放在水平面上，兩個(gè)相同的閉合圓形線圈a、b放在同一水平面上，兩線圈的圓心到兩導(dǎo)線的距離都相等。設(shè)兩直導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度相等，方向如圖所示。若兩直導(dǎo)線中的電流以相同的變化率均勻減小，下列說法正確的是（）A.a中無感應(yīng)電流 B.b中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流C.b中無感應(yīng)電流 D.a中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流【答案】AB【解析】【詳解】AD．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩根互相垂直的絕緣通電長直導(dǎo)線在圓形線圈a處產(chǎn)生的磁場方向分別垂直紙面向里和向外，剛好相互抵消，可知兩直導(dǎo)線中的電流以相同的變化率均勻減小時(shí)，圓形線圈a的磁通量一直為零，則a中無感應(yīng)電流，故A正確，D錯(cuò)誤；BC．根據(jù)右手螺旋定則可知，兩根互相垂直的絕緣通電長直導(dǎo)線在圓形線圈b處產(chǎn)生的磁場方向均垂直紙面向外，可知兩直導(dǎo)線中的電流以相同的變化率均勻減小時(shí)，圓形線圈b的磁通量均勻減小，根據(jù)楞次定律可知，b中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故B正確，C錯(cuò)誤。故選AB。二、實(shí)驗(yàn)題：（每空2分，共16分）16.用如圖所示的電路測量待測電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A．待測電阻（約幾百歐）B．靈敏電流計(jì)G（量程0~10mA，內(nèi)阻）C．定值電阻（200Ω）D．滑動(dòng)變阻器（0~10Ω）E．滑動(dòng)變阻器（0~1000Ω）F．單刀單擲開關(guān)G．單刀雙擲開關(guān)H．學(xué)生電源EI．導(dǎo)線若干（1）為使操作更方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器________（選填“”或“”）。（2）下列實(shí)驗(yàn)操作步驟，正確順序是________；①將滑動(dòng)變阻器置于適當(dāng)位置②改變滑動(dòng)變阻器滑片位置，重復(fù)上述步驟，多次實(shí)驗(yàn)③保持滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，將接a端，記錄此時(shí)電流計(jì)的示數(shù)④將開關(guān)接b端，改變滑動(dòng)變阻器滑片位置，記錄此時(shí)電流計(jì)的示數(shù)⑤閉合開關(guān)（3）實(shí)驗(yàn)中數(shù)據(jù)記錄如下表：實(shí)驗(yàn)次數(shù)123456/mA3.084.423.684.865.487.32/mA4.024.504.846.427.269.68根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖中作出圖像________，根據(jù)圖像求得待測電阻________Ω。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（4）若考慮在a、b間切換時(shí)對電路的影響，則的測量值________（選填“＞”“＝”或“＜”）真實(shí)值。【答案】①.R1②.①⑤④③②③.④.533⑤.＞【解析】【詳解】（1）[1]因滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路，則為使操作更方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇阻值較小的滑動(dòng)變阻器R1。（2）[2]該實(shí)驗(yàn)中正確的實(shí)驗(yàn)順序是：①⑤④③②；（3）[3]根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖中作出圖像如圖；[4]根據(jù)即根據(jù)圖像求得待測電阻Rx＝533Ω（4）[5]若考慮S2在a、b間切換時(shí)對電路的影響，當(dāng)S2切換到b端時(shí)電阻變小，則MN兩端電壓會(huì)減小，通過電流計(jì)的電流要偏小,圖像斜率偏大，由則Rx的測量值大于真實(shí)值。17.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒”的實(shí)驗(yàn)中，已知重物質(zhì)量m=1kg，得到如圖所示的紙帶，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.04s。那么從打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下起點(diǎn)O到打下B點(diǎn)的過程中，物體重力勢能的減少量___________J，此過程中物體動(dòng)能的增加量___________J。（g=9.8m/s2，保留三位有效數(shù)字）。【答案】①.2.28②.2.26【解析】【分析】【詳解】[1]物體重力勢能的減少量[2]打B點(diǎn)時(shí)的速度此過程中物體動(dòng)能的增加量三、計(jì)算題（18題10分、19題12分，20題12分，共34分）18.如圖甲所示，光滑曲面軌道固定在豎直平面內(nèi)，下端出口處在水平方向上。一平板車靜止在光滑水平地面上，右端緊靠曲面軌道，平板車上表面恰好與曲面軌道下端相平。一質(zhì)量為m=0.1kg的小物塊從曲面軌道上某點(diǎn)由靜止釋放，初始位置距曲面下端高度h=0.8m。物塊經(jīng)曲面軌道下滑后滑上平板車，最終沒有脫離平板車。平板車開始運(yùn)動(dòng)后的速度圖像如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2。（1）根據(jù)圖乙寫出平板車在加速過程中速度v與時(shí)間t的關(guān)系式；（2）求平板車的質(zhì)量M；（3）求物塊與平板車間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ。【答案】（1）v=2t（t<0.5s）；（2）0.3kg；（3）0.6【解析】【詳解】（1）由圖乙所示圖像可知，平板車加速過程做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系得（t<0.5s）（2）物塊沿曲面下滑過程，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得可得物塊離開圓軌道的速度為物塊滑上車之后最終沒有脫離平板車，物塊與平板車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得由圖像知物塊與平板車最后的共同速度代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出平板車的質(zhì)量