2021年新高考物理模擬試卷四

2021年新高考物理模擬試卷（4）

（時間：90分鐘滿分：100分）

一、單項選擇題（本題共8小題，每小題3分，共24分）

1.下列關(guān)于兩列波相遇時疊加的說法中正確的是（）

A.相遇之后，振幅小的一列波將減弱，振幅大的一列波將加強

B.相遇之后，兩列波的振動情況與相遇前不再相同

C.在相遇區(qū)域，任一質(zhì)點的總位移等于兩列波分別在該點引起的位移的矢量和

D.幾個人在同一房間說話，相互間聽得清楚，這說明聲波在相遇時互不干擾

解析兩列波相遇時，每一列波引起的質(zhì)點的振動情況都保持不變，而質(zhì)點的振

動情況由兩列波共同決定，故A、B錯誤，C正確；幾個人在同一房間內(nèi)說話，

發(fā)出的聲波在空間中相互疊加后，每列波的振幅和頻率并不改變，所以聲波傳到

人的耳朵后，仍能分辨出不同的人所說的話，故D錯誤。

答案C

2.現(xiàn)有a、b、c三束單色光，其波長關(guān)系為幼：，：九=1：2：3。當用。光束照

射某種金屬板時能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為&；若改用。光束

照射該金屬板時也能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為^瓜，當改用c

光束照射該金屬板時（）

A.能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為'以

B.能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為］以

C.能發(fā)生光電效應(yīng)，逸出的光電子最大初動能為《Ek

D.由于c光束光子能量較小，不會發(fā)生光電效應(yīng)

解析對a、b、c三束光，由光電效應(yīng)方程有野一Wb=Ek,養(yǎng)一死=；瓜，由以

上兩式可得竿=全3逸出功Wo=；Ek。c光束光子的能量5=竽=前＜＞卬0,故用

AaJJZey

光束照射該金屬板時能發(fā)生光電效應(yīng)，且C光束照射該金屬板時，逸出的光電

he411

子的最大初動能反'=逐一Wo=gEk—QEk=gEk,選項B正確。

答案B

3.（2020?河北名校聯(lián)盟監(jiān)測卷）如圖1所示，邊長為/,質(zhì)量為根的等邊三角形導

線框用絕緣細線懸掛于天花板上，導線框中通一逆時針方向的電流，圖中虛線過

而邊中點和比邊中點，在虛線的下方有一垂直于導線框向里的勻強磁場，其磁

感應(yīng)強度大小為8,此時導線框處于靜止狀態(tài)，細線中的拉力為B；保持其他條

件不變，現(xiàn)將虛線下方的磁場移至虛線上方，此時細線中拉力為尸2。導線框中的

電流大小為（）

圖1

尸2-FiFLF?

A-BlB-2BI

2（尸2—Ei）2（F2—F1）

CBlD-3BI

解析當磁場在虛線下方時，通電導線的有效長度為少，受到的安培力方向豎直

向上，所以Fi+^BIl=mg；當磁場在虛線上方時，通電導線的有效長度為上，受

到的安培力方向豎直向下，所以尸2=/I8〃+〃吆，聯(lián)立可得/=p2--^F—\,故A正確。

答案A

4.某區(qū)域的電場線分布如圖2所示，其中間一根電場線是直線，一帶負電的粒子

從直線上的。點僅在電場力作用下沿直線運動到A點。取。點為坐標原點，沿

直線向右為x軸正方向。從。到A的運動過程中，下列粒子運動速度。和加速度

a隨時間t的變化圖線、運動軌跡上電勢（p和粒子的動能叫隨位置x的變化圖線

可能正確的是（）

解析帶負電的粒子從直線上的。點僅在電場力作用下運動到A點，需要克服電

場力做功，動能減小，速度減小，選項D錯誤；根據(jù)電場線的疏密來判斷電場強

度的大小關(guān)系，可知從。到A,電場強度先減小后增大，方向不變，則負電荷受

到的電場力先減小后增大，加速度先減小后增大，但加速度最小時不為零，選項

B錯誤；根據(jù)。一，圖象的斜率表示加速度可知選項A正確；根據(jù)電勢隨位置的變

化圖線的斜率表示電場強度可知，選項C錯誤。

答案A

5.如圖3所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷A-B-C-O-E過程

后到達狀態(tài)E,其中的延長線經(jīng)過原點。，8C與橫軸平行，OE與縱軸平行,

關(guān)于該氣體，下列說法正確的是（）

圖3

A.Af3過程中氣體的體積逐漸減小

B.8-C過程中氣體從外界吸熱

CC-。過程中內(nèi)能不變

D.DfE過程中氣體向外界放熱

解析因84延長線經(jīng)過原點。，可知AB是等容線，所以此過程中氣體的體積不

變，選項A錯誤；3-C過程中氣體的溫度升高，內(nèi)能增大，因BC與橫軸平行,

故該過程壓強不變，由理想氣體狀態(tài)方程可知氣體的體積增大，氣體對外界做功,

根據(jù)熱力學第一定律可知，此過程氣體從外界吸熱，選項B正確；C-O過程中

氣體的溫度升高，內(nèi)能增大，選項C錯誤；因。E與縱軸平行，故。-E過程中

氣體的溫度不變，內(nèi)能不變，因壓強減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知氣體的體積

增大，對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，此過程氣體從外界吸熱，選項D

錯誤。

答案B

6.如圖4所示，一質(zhì)量為〃?的鐵環(huán)套在粗糙的水平橫桿上，通過細線連接一質(zhì)量

也為〃?的小球，小球還用一水平細線拉著。保持環(huán)和小球的位置不變，橫桿按圖

示方向轉(zhuǎn)到豎直位置，在這個過程中環(huán)與桿相對靜止，重力加速度為g,則（）

A.連接環(huán)和小球的細線拉力增大

B,桿對環(huán)的作用力先減小后增大

C?桿對環(huán)的彈力一直減小，最小值為〃電

D.桿對環(huán)的摩擦力先減小后增大，最大值為2mg

解析對球受力分析，受重力和兩個拉力，如圖所示，根據(jù)平衡條件有Ti=巾mg,

T2=mg,桿轉(zhuǎn)動過程中，球受到的三個力的方向均不變，重力的大小不變，故其

他力的大小也不變，則連接環(huán)和小球的細線拉力不變，選項A錯誤；分析環(huán)，受

重力、拉力、支持力和靜摩擦力，其中重力和拉力均不變，則桿對環(huán)的作用力也

不變，設(shè)重力和拉力的合力為居隨著桿的轉(zhuǎn)動，尸與桿的夾角一直增大（從初始

值大于45。的銳角到直角最后是鈍角），設(shè)為3,根據(jù)平衡條件，靜摩擦力等于F

沿桿的分力Feos。，故靜摩擦力先減小后增大，支持力等于尸垂直桿的分力八in

仇故先增大后減小；桿豎直時，靜摩擦力最大為=mg+Ticos45。=2/”8，選項B、

C錯誤，D正確。

mg

答案D

7.如圖5所示，三個質(zhì)量相等的小球A、B、C從圖示位置分別以相同的速度優(yōu)

水平向左拋出，最終都能到達坐標原點。。不計空氣阻力，龍軸為地面，則可判

斷A、B、C三個小球（）

A.初始時刻縱坐標之比為1：4：9

B.在空中運動過程中重力做功之比為1：2：3

C.在空中運動的時間之比為1：3：5

D.到達。點時，速度方向與水平方向夾角的正切值之比為1：4：9

解析由題圖知，A、&C三個小球的水平位移之比為1：2：3,三個小球的水

平初速度相等，所以在空中運動時間之比是1：2：3,選項C錯誤；做平拋運動

的物體在豎直方向的位移〃=/戶,所以三個小球初始時刻縱坐標之比為1：4：9,

選項A正確；重力做功Wc=mgh,在空中運動過程中重力做功之比也是1：4：9,

選項B錯誤；做平拋運動的小球落地時速度方向與水平方向的夾角的正切值tan。

=口，三個小球的“相同，vy=gt,故tan0A:tanOB；tan%=1：2：3,選項D

Vx

錯誤。

答案A

8.2018年6月2日，我國成功發(fā)射高分六號遙感衛(wèi)星，如圖6所示為發(fā)射衛(wèi)星的

軌道示意圖，先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為吊=/?的圓軌道上做勻速圓周運動，到A點

時使衛(wèi)星加速進入橢圓軌道，到橢圓軌道的遠地點8時，再次改變衛(wèi)星的速度，

使衛(wèi)星進入半徑為R2=3R的圓軌道做勻速圓周運動。已知衛(wèi)星在橢圓軌道上的A

點時距地心的距離與速度的乘積等于在B點時距地心的距離與速度的乘積，衛(wèi)星

在橢圓軌道上A點時的速度大小為°,衛(wèi)星的質(zhì)量為〃z,地球的質(zhì)量為M,引力

常量為G,則發(fā)動機在A點對衛(wèi)星做的功與在B點對衛(wèi)星做的功之差為（不計衛(wèi)

星的質(zhì)量變化）（）

、

19GMm

A'2my”-2R

5,2GMmr52GMm

C.gtnv9十一點-D.gtnv9——示一

解析當衛(wèi)星在半徑為Ri=R的圓軌道上運行時，有G愣=〃?錯誤!，解得衛(wèi)星

在此軌道上運行時通過A點的速度大小為切=\愣，所以發(fā)動機在A點對衛(wèi)星

做的功為W=^mv2—^mvl:=^mv2—^^--,當衛(wèi)星在R2=3R的圓軌道上運行時，

有=，”錯誤！,解得衛(wèi)星在此軌道上運行時通過8點的速度大小為s=

'索根據(jù)題意可知衛(wèi)星在橢圓軌道上通過B點時的速度大小為。2'=船=%,

YJKA23

故發(fā)動機在B點對衛(wèi)星做的功為卬2='覆一%?出2="患一白病,可得m—

5、2GMmwye-也

卬2=鏟/一3尺，選項D正確。

答案D

二、多項選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分）

9.（2019?陜西綏德中學一模）以下說法正確的是（）

A.無論是什么波，只要振幅足夠大，就可以產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象

B.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場周圍一定可以產(chǎn)生電磁波

C.波源與觀察者相互靠近或者相互遠離時，觀察者接收到的波的頻率都會發(fā)生變

化

D.火車以接近光速行駛時，我們在地面上測得的車廂前后距離變小了，而車廂的

高度沒有變化

解析能否產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象要看障礙物與波長的尺寸關(guān)系，與振幅無關(guān)，當

障礙物的尺寸小于波長或與波長差不多時能產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A錯誤；根

據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場周圍一定可以產(chǎn)生磁場，但不一定能產(chǎn)生

電磁波，只有周期性變化的電場周圍才可以產(chǎn)生電磁波，故B錯誤；波源與觀察

者相互靠近或者相互遠離時，會產(chǎn)生多普勒效應(yīng)，觀察者接收到的波的頻率都會

增大或減小，故C正確；火車以接近光速行駛時，根據(jù)相對論，沿著物體的運動

方向，長度變短，所以我們在地面上測得的車廂前后距離變小了，而車廂的高度

沒有變化，故D正確。

答案CD

10.如圖7所示，在透明均勻介質(zhì)內(nèi)有一球狀空氣泡，一束包含外人兩種單色光

的細光束從介質(zhì)射入氣泡，A為入射點，之后a、。光分別從C點、。點射向介質(zhì)。

已知光束在A點的入射角7=30°,a光經(jīng)過氣泡的偏向角夕=45。，CD圓弧所對

圓心角為3。，則下列說法正確的是（）

A.b光經(jīng)過氣泡的偏向角為42。

B.介質(zhì)對a光的折射率大于小

C.a光的頻率小于b光的頻率

D.b光從該介質(zhì)射向空氣的全反射臨界角的正弦值為端喬

解析光線在A點的入射角為i,折射角分別為r“、他，作出光路圖，如圖所示。

由a光的偏向角為45。，而偏向角仇=2（打一）得心,=52.5。，由幾何知識得AC

圓弧所對的圓心角為180。-2*52.5。=75。，因CD圓弧所對的圓心角為3°,則

[80。一78°

AD圓瓠所對的圓心角為78。，故n=-----2-----=51°，8光的偏向角為%=2（%

?、“cc,十"人多sinru=sin52.5°sin60°o=r3-5

—i)=42°,故A正確；介質(zhì)對a光的折射率na^7sin30°Sin30^

故B錯誤；介質(zhì)對匕光的折射率皿=段子=霍￡〃“，則a光的頻率大于。光

5111Ioil1J\.J

的頻率，故C錯誤；。光從該介質(zhì)射向空氣的全反射臨界角的正弦值為sinC=J

2sin51°'故D正確。

答案AD

ILA、3兩物體分別在平行的兩條直線上向同一方向運動，速度一時間圖象如圖8

所示，2s時二者路過路邊的同一電線桿。下列說法正確的是（）

”/(m?s1)

15、B-A

10

A.0-4s內(nèi)A的加速度大于B的加速度

Bl=0時刻A在8前方，二者相距15m

C.4s時二者間的距離最遠

D.8s時A在B前方5m處

解析根據(jù)圖象可知，。?4s內(nèi)二者加速度大小相等，均為a=^=1.25m/s2,

其中A的加速度為正，8的加速度為負，這里的正、負不代表大小只代表方向，

選項A錯誤；2s時，二者的速度分別為辦=7.5m/s,VB=12.5m/s；在0?2s這

段時間內(nèi)8比A多走的位移為XB—必=史產(chǎn)*2m=15m,故f=0時A在8前

方15m處，選項B正確；4s時3在A前方5m處，顯然二者間的距離不是最大，

選項C錯誤；8s時A的速度為ZM=15m/s,4?8s,A比8多走的位移為"了乃

X4m=10m,那么8s時二者相距5m,且A在8的前方，選項D正確。

答案BD

12.如圖9所示為一種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離

子源、加速電場、靜電分析器、磁分析器、收集器。靜電分析器通道中心線MN

所在圓的半徑為此通道內(nèi)有均勻輻射的電場，中心線處的電場強度大小為房

磁分析器中分布著方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強度大小為3的勻強磁場，磁分析器

的左邊界與靜電分析器的右邊界平行。由離子源發(fā)出一個質(zhì)量為加、電荷量為4

的正離子（初速度為零，重力不計），經(jīng)加速電場加速后進入靜電分析器，沿中心

線MN做勻速圓周運動，而后由P點進入磁分析器中，最終經(jīng)過Q點進入收集器

（進入收集器時速度方向與02P平行）。下列說法正確的是（）

圖9

A.磁分析器中勻強磁場的方向垂直于紙面向內(nèi)

B.加速電場中的加速電壓U=^ER

C.磁分析器中軌跡圓心。2到Q點的距離等

D.任何離子若能到達尸點，則一定能進入收集器

解析該正離子在磁分析器中沿順時針方向轉(zhuǎn)動，所受洛倫茲力指向圓心，根據(jù)

左手定則可知，磁分析器中勻強磁場的方向垂直于紙面向外，A錯誤；該正離子

在靜電分析器中做勻速圓周運動，有qE=m^,在加速電場加速的過程中有qU

=/加2,聯(lián)立解得U=^ER,B正確；該正離子在磁分析器中做勻速圓周運動，

有卬8=加?，又qE=R,可得尸=入產(chǎn)該正離子經(jīng)。點進入收集器，故

C正確；任一初速度為零的正離子，質(zhì)量、電荷量分別記為儂、

qx,經(jīng)U=^ER的電場后，在靜電分析器中做勻速圓周運動的軌跡半徑Rx=R,

即一定能到達P點，而在磁分析器中運動的軌跡半徑心=其嚕，氏的大小與

離子的質(zhì)量、電荷量有關(guān)，不一定有rx=d,故能到達P點的離子不一定能進入

收集器，D錯誤。

答案BC

三'實驗題（本題共2小題，共16分）

13.（6分）某同學用如圖10甲所示的裝置來驗證動量守恒定律，該裝置由水平長木

板及固定在木板一端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括彈片及彈片釋放裝置，

釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出。已知一元硬幣和五角硬幣與長木板間動摩

擦因數(shù)相同，主要實驗步驟如下：

,彈片

彈片釋放裝置

匕夕幣長木板

甲

乙丙

圖10

①將一元硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長木板中心線

運動，在長木板中心線的適當位置取一點。，測出硬幣停止滑動時硬幣右側(cè)到。

點的距離。再從同一位置釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，重復多次，取該距離的平均

值記為幻，如圖乙所示；

②將五角硬幣放在長木板上，使其左側(cè)位于。點，并使其直徑與中心線重合，按

步驟①從同一位置釋放彈片，重新彈射一元硬幣，使兩硬幣對心正碰，重復多次,

分別測出兩硬幣碰后停止滑行時距。點距離的平均值X2和X3,如圖丙所示。

（1）為完成該實驗，除長木板、硬幣發(fā)射器、一元及五角硬幣、刻度尺外，還需要

的器材為；

（2）實驗中還需要測量的物理量為,驗證動量守恒

定律的表達式為（用測量物理量對應(yīng)的字母表示）。

解析（1）在驗證動量守恒定律時需要知道速度和質(zhì)量，由題意可知，初速度可以

利用位移求解，而質(zhì)量需要用天平測量。

（2）為了得出動量守恒定律的表達式應(yīng)測量質(zhì)量，故應(yīng)分別測出一枚一元硬幣的質(zhì)

量〃”，一枚五角硬幣的質(zhì)量tm,硬幣在桌面上均做加速度相同的勻減速運動，

根據(jù)速度和位移關(guān)系可知"=2奴、a=〃g,則有v=72/ugx,由動量守恒定律可知

miV\=mw\'+m2V2,則只需驗證"?」5i=〃214石+〃2241,即可驗證動量守恒。

答案（1）天平（2分）（2）一元硬幣的質(zhì)量五角硬幣的質(zhì)量加2（2分）m\y[x\=

分）

14.（8分）某物理興趣小組圍繞一個量程為0?3mA、內(nèi)阻尺約為100Q的電流計

G展開探究，可供選擇的器材有電阻箱Ro,最大阻值為9999.9Q；滑動變阻器甲，

最大阻值為10kQ；滑動變阻器乙，最大阻值為2kQ；電源B，電動勢為1.5V,

內(nèi)阻較?。浑娫戳?，電動勢為9V,內(nèi)阻較小；開關(guān)2個；導線若干。

(a)(b)

圖11

（1）為測量該電流計的內(nèi)阻，小明設(shè)計了如圖11（a）所示的電路，實驗步驟如下：

①斷開Si和S2,將R調(diào)到最大；

②合上Si,調(diào)節(jié)火使G滿偏；

③合上S2,調(diào)節(jié)Ro的值到Ro,使G半偏，此刻認為G的內(nèi)阻Rg=Ro'；

在上述可供選擇的器材中，為了使測量盡量精確，滑動變阻器應(yīng)該選擇

（填“甲”或“乙”），電源應(yīng)該選擇（填出”或“及”）；在實驗中

認為電流計G的內(nèi)阻Rg=Ro;此結(jié)果與Rg的真實值相比（填“偏

大”“偏小”或“相等”）。

⑵若測得的電流計G的內(nèi)阻Rg=100。，小芳用電源田、電阻箱Ro和電流計G

連接了如圖（b）所示的電路，在電流計兩端接上兩個表筆，設(shè)計出一個簡易的歐姆

表，并將表盤的電流刻度轉(zhuǎn)化為電阻刻度，閉合開關(guān)，將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻

箱，使指針指在“3mA”處，此處刻度應(yīng)標阻值為C（填“0”或“8”）,再

保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻找出對應(yīng)的電流刻度，

則“2mA”處對應(yīng)表筆間電阻阻值為Qo

解析（1）根據(jù)半偏法的實驗原理，為使測量精確度較高，要求滑動變阻器接入電

路的電阻遠大于電流計內(nèi)阻，以減小因閉合S2而引起的總電流的變化，從而減小

誤差。電源電動勢越大，電流計滿偏時，滑動變阻器接入電路的電阻越大，因此

電源選后2,滑動變阻器選甲。閉合S2導致閉合回路中的總電阻減小，則回路中

的總電流增大，調(diào)節(jié)R）使G半偏，則此時流過電阻箱的電流大于流過電流計的

電流，電阻箱接入電路的阻值小于電流計的實際內(nèi)阻，因此測量值與真實值相比

偏小。

（2）此歐姆表測量的是兩表筆間的電阻，因此將兩表筆斷開時，兩表筆間的電阻無

窮大，則“3mA”處，應(yīng)標的阻值為8,閉合開關(guān)，將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，

使指針指在/g=3mA處，則此時/g=R.JNo,代入數(shù)據(jù)解得r+Ro=4OOQ,

設(shè)兩表筆間接入?yún)^(qū)時，電流計示數(shù)為/=2mA,則。=/七=0.2丫，有UI=￡I-

U=1.3V,則通過電流計的電流和流過R-的電流之和/總=J^=3.25mA,因此

流過R?的電流乙=1.25mA,則

1X

答案（1）甲（1分）氏（1分）偏?。?分）（2）8（2分）160（2分）

四'計算題（本題共4小題，共46分）

15.（8分）如圖12所示，勻強磁場中有一個用軟導線制成的單匝閉合線圈，線圈平

面與磁場垂直。已知線圈的面積S=0.3m2、電阻H=0.6Q,磁場的磁感應(yīng)強度8

=0.2To現(xiàn)同時向兩側(cè)拉動線圈，線圈的兩邊在加=0.55時間內(nèi)合到一起。求線

圈在上述過程中

（1）感應(yīng)電動勢的平均值E；

（2）感應(yīng)電流的平均值/,并在圖中標出電流方向;

⑶通過導線橫截面的電荷量4。

解析（1）感應(yīng)電動勢的平均值

“等（1分）

磁通量的變化△中=BAS（1分）

曰lBNS

解得E=^~

代入數(shù)據(jù)得E=Q12V（1分）

F

（2）平均電流/=左

代入數(shù)據(jù)得/=0.2A（電流方向如下圖）（1分）

（2分）

（3）電荷量4=/加（1分）

代入數(shù)據(jù)得夕=0.1C（1分）

答案（1）0.12V（2）0.2A（電流方向見圖）（3）0.1C

16.（8分）（2020?煙臺一中等校聯(lián)考）如圖13所示，絕熱汽缸放在水平地面上，質(zhì)

量為m,橫截面積為S的絕熱活塞上下兩室分別充有一定量的氫氣A和氮氣3（視

為理想氣體），豎直輕彈簧上端固定，下端與活塞相連。初始時，兩室氣體的絕對

溫度均為71）,活塞與汽缸底部的間距為L與頂部的間距為3L,彈簧勁度系數(shù)為

管（g為重力加速度大?。⒃L為2心現(xiàn)對B緩慢加熱，當彈簧處于原長狀態(tài)時

停止加熱，此時A的絕對溫度為〃i7b,8的絕對溫度為〃27b。已知〃2>3〃I,求對

8停止加熱時A、3的壓強各為多大？

A

3L

B

圖13

解析設(shè)初始時，A、B的壓強分別為"|、PBI,停止加熱時，A、B的壓強分別

為pA2、pin

對活塞，初態(tài)有pmS+F=pA]S+mg（\分）

根據(jù)胡克定律有F=*.QL—2L）Q分）

末態(tài)有pinS=pAiS+mg{\分）

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，對A有

PAZ2LS,,八、

To=mT0（1分）

對B有*=喘加分）

解得鴛。（1分）

______3小一身

（1分）

（722—3〃1）S°

黃安〃2"-3"1〃起

口PB2（〃2-3〃1）S，，2（?2—3?1）S

17.（14分）小明以初速度00=10m/s豎直向上拋出一個質(zhì)量〃2=0.1kg的小皮球,

最后在拋出點接住。假設(shè)小皮球在空氣中所受阻力大小恒為重力的吉。g取10

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