四川省宜賓縣第一中學(xué)校2017-2018學(xué)年高一下學(xué)期期末模擬物理試題含答案

2018年春期四川省宜賓縣一中高一年級期末模擬考試物理試題一．選擇題（本大題共12小題，每題4分，共48分；期中1-8題為單項選擇題，9-12題為多選題）1．發(fā)現(xiàn)萬有引力定律和測出引力常量的科學(xué)家分別是A．開普勒、卡文迪許B．牛頓、伽利略C．牛頓、卡文迪許D．開普勒、伽利略2．做勻速圓周運動的物體．速度時刻都在改變，因此必有加快度B．線速度大小保持不變，因此物體處于均衡狀態(tài)C．加快度的大小保持不變，因此是勻變速曲線運動．其合外力供給向心力，是恒力作用下的曲線運動3．如圖是地球的四顆不一樣的衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運動．以下說法正確的選項是A．近地衛(wèi)星的周期能夠大于24小時B．同步衛(wèi)星能夠和月亮同樣高C．四顆衛(wèi)星的軌道平面必過地心D．理論上極地衛(wèi)星必定和同步衛(wèi)星同樣高4．質(zhì)量是5g的小球以5m/s的速度豎直落到地板上，直向下的方向為正方向，且小球與地板的作用時間為

隨后以3m/s的速度反向彈回，若取豎0.1s，不計空氣阻力，g=10m/s2，則小球?qū)Φ匕宓木鶆蜃魇箘艦锳．150N，豎直向下B．450N，豎直向下C．90N，豎直向上D．130N，豎直向上5．如下圖，質(zhì)量同樣的兩小球a、b分別從斜面頂端A和斜面中點B沿水平方向拋出，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，以下說法正確的選項是A．小球a、b在空中飛翔的時間之比為2：1B．小球a、b抵達斜面底端時速度方向與斜面夾角之比為1：1C．小球a、b拋出時的初速度大小之比為2：1D．小球a、b抵達斜面底端時的動能之比為4：16．在同一高度將質(zhì)量相等的三個小球以大小同樣的速度分別豎直上拋、豎直下拋、水平拋出，不計空氣阻力．從拋出到落地過程中，三球A．運動時間同樣B．落地時的速度同樣C．落地時重力的功率同樣D．落地時的動能同樣7．已知引力常量G和以下某組數(shù)據(jù)，不可以計算出地球質(zhì)量．這組數(shù)據(jù)是A．地球繞太陽運轉(zhuǎn)的周期及地球與太陽之間的距離B．月球繞地球運轉(zhuǎn)的周期及月球與地球之間的距離C．人造地球衛(wèi)星在地面鄰近繞行的速度及運轉(zhuǎn)周期D．若不考慮地球自轉(zhuǎn)，已知地球的半徑及重力加快度8．如下圖，一小物塊以為7m/s，若該物塊以6m/s

7m/s的初速度從曲面的A點沿曲面下滑，運動到B點的速度仍的初速度仍由A點下滑，那么，它運動到B點時的速度是A．大于6m/sB．等于6m/sC．小于6m/sD．條件不足，沒法判斷9．如下圖，人在距地面高h、離靶面距離L處，將質(zhì)量為m的飛鏢以v0水平投出，落在靶心正下方．只改變m、h、L、v0四個量中的一個，可使飛鏢投中靶心的是A．適合增大

v0

B．適合提升

h

C．適合減小

m

D．適合增大

L10．如下圖，質(zhì)量

m=0.2g

的物塊在斜面頂端由靜止開始沿傾角為

30°的粗拙斜面勻加快下滑，加快度

a=2m/s2，下滑的距離為

4m．以下判斷正確的選項是（取

g﹣=10m/s2）A．物塊的重力勢能減少

8J

B．物塊的動能增添

4J

C．物塊的機械能減少

2.4J

D．物塊的合外力做功為

1.6J11．靜止在水平川面上質(zhì)量為

10g

的物塊，遇到恒定的水平拉力作用做直線運動，經(jīng)過

1s撤去水平拉力。其運動的

v-t

圖像如下圖。重力加快度

g=l0m/s2，則A．物塊遇到的水平拉力大小為20NB．物塊遇到的阻力大小為10NC．0?3s內(nèi)物塊遇到的合外力做功為0D．0?3s內(nèi)物塊遇到的阻力做功為-20J12．在傾角為θ的固定圓滑斜面上有兩個用輕彈簧相連結(jié)的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧勁度系數(shù)為，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運動，直到物塊A達到最大速度v，此時物塊B剛要走開擋板C。重力加快度為

g，則A．在此過程中，物塊A的位移為2mgsinkB．在此過程中，物塊A的機械能增添量為2m2g2sin21mv2k2C．在此過程中，彈簧的彈性勢能增添量為2m2g2sin2kD．物塊B剛要走開擋板C時，忽然撤去恒力F，物塊A的加快度等于Fmgsinm二．實驗研究題：此題共2小題，共16分13．某學(xué)習(xí)小組欲考證動能定理，他們在實驗室找到了打點計時器、學(xué)生電、導(dǎo)線、細線、復(fù)寫紙、紙帶、長木板、滑塊、沙及沙桶，組裝了一套如下圖的實驗考證裝置．若你是小組中的一位成員，為了達成該考證明驗，（1）你以為還需要的器械有；2）實驗時為了使得沙和沙桶的總重力可作為滑塊遇到的合外力，應(yīng)做雙方面減少偏差的舉措：a．細沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)知足；b．將長木板左端適合墊高的目的是．14．在用落體法“考證機械能守恒定律”實驗時，某同學(xué)依據(jù)正確的步驟操作（如圖1），并選得一條如圖2所示的紙帶．此中O是開端點，A、B、C是打點計時器連續(xù)打下的3個點，該同學(xué)用毫米刻度尺丈量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖2中（單位cm），重錘質(zhì)量為0.5g，重力加快度g=9.80m/s2．（1）依據(jù)圖

2中的數(shù)據(jù)，可知重物由

O點運動到

B點，重力勢能減少許△

Ep=

J，動能的增添量△E=

J．（計算結(jié)果保存

3位有效數(shù)字）（2）重力勢能的減少許△Ep常常大于動能的增添量△E，這是由于．（3）他進一步剖析，發(fā)現(xiàn)本實驗存在較大偏差，為此設(shè)計出用如圖3所示的實驗裝置考證機械能守恒定律．經(jīng)過電磁鐵控制的小鐵球從A點自由著落，著落過程中經(jīng)過光電門B時，經(jīng)過與之相連的毫秒計時器（圖中未畫出）記錄擋光時間t，用毫米刻度尺測出AB之間的距離h，用精細儀器測得小鐵球的直徑d．重力加快度為g．實驗前應(yīng)調(diào)整光電門地點使小球著落過程中球心經(jīng)過光電門中的激光束．題中所給的d、t、h、g應(yīng)知足關(guān)系式，方可考證機械能守恒定律．（4）比較兩個方案，改良后的方案對比原方案的長處是：．15．（8分）如下圖，在排球競賽中，假如運動員在緊貼網(wǎng)處沿水平方向（垂直于網(wǎng)）扣球，扣球時球離地高度為y，水平射程為。把扣球后排球的運動近似看做平拋運動，重力加快度為g，則：1）排球被扣出時的速度v0的表達式；2）排球賽場長為18m，網(wǎng)高為2.45m，要使排球不被扣出界外，扣出球時的最大速度是多大。（g取9.8m/s2）。16．（12分）如下圖，在豎直平面內(nèi)有軌道ABC，此中AB段為水平直軌道，與質(zhì)量m=0.5g的小物塊（可視為質(zhì)點）之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，BC段為圓滑半圓形軌道，軌道半徑R=2m，軌道AB與BC在B點相切．小物塊在水平拉力F=3N的作用下從A點由靜止開始做勻加快直線運動，抵達圓弧軌道的最低點B時撤去拉力，此時速度vB=10m/s．取g=10m/s2，則：1）拉力F做了多少功；2）經(jīng)過B點后瞬時，物塊對軌道的壓力是多大；（3）若物塊從最高點C飛出后落到水平軌道上的D點（圖中未畫出），求BD間的距離．17．（16分）如下圖，一傾角為θ=37°的傳遞帶兩頭緊挨著兩水平平臺，底端的平臺粗拙，頂端的平臺圓滑，頂端平臺上有一輕質(zhì)彈簧，其右端固定在豎直墻上，自由伸長時左端恰幸虧傳遞帶的頂端。傳遞帶一直以v=lm/s的速率順時針運轉(zhuǎn)，現(xiàn)把裝有貨物的貨箱無初速地放在傳遞帶的底端，貨箱先加快后勻速運動到傳遞帶頂端的平臺上，壓縮彈簧至最短時（在彈性限度內(nèi)），將彈簧鎖定并取下貨物，而后排除鎖定，彈簧將空貨箱彈出，空貨箱沿傳遞帶下滑到傳遞帶底端的粗拙平臺上。已知傳遞帶兩頭的距離為

L=5.0m，空貨箱質(zhì)量為m=2g，貨物質(zhì)量為

M=6g，貨箱與傳遞帶間的動摩擦因數(shù)為μ

=0.8，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加快度

g=l0m/s

2，貨箱一直沒有走開傳遞帶及平臺。求：1）裝有貨物的貨箱向上加快運動的時間；2）空貨箱被彈簧彈回傳遞帶頂端時的速度大??；3）從貨箱開始向上運動到返回到傳遞帶底端的過程中，因與傳遞帶摩擦而產(chǎn)生的熱能為多少。2018年春期四川省宜賓縣一中高一年級期末模擬考試物理試題答案1.C

2.A

3.C

4.B

5.B

6.D

7.A

8.A

9.AB

10.CD

11.BC

12.AB13.（1）刻度尺、天平；（2）a、細沙和沙桶的質(zhì)量應(yīng)遠小于滑塊的質(zhì)量；

b、均衡摩擦力．戰(zhàn)勝阻力做功（或阻力作用的緣由）①阻力減小，②速度丈量更精準(zhǔn)1v0g15．解(1)由平拋運動的規(guī)律有：gt2xv0txy得：2y2當(dāng)y=2.45m、=9m時，排球被扣出時速度最大；9.8最大速度大小為：v0922.4592m/s16.解：（1）物塊在水平面上運動時，由牛頓第二定律得：F﹣μmg=ma解得a=4m/s2；則AB間的距離SAB==12.5m拉力F做功W=FSAB=37.5J（2）由牛頓第二定律N﹣mg=m，解得N=30N由牛頓第三定律得物塊對軌道的壓力N′=N=30N（3）從B到C的過程，由機械能守恒定律得2mgR+物塊走開C點后做平拋運動，則2R=

==vCt代入數(shù)據(jù)解得=4m17.解：(1)貨箱向上加快運動，對裝貨的貨箱由牛頓第二定律有：(mM)gcos(mM)gsin(mM)a解得：a2=0.4m/s由運動公式有：vat11=2.5s解得：t(2)從裝貨貨箱與彈簧接觸到空貨箱走開彈簧過程，由能量守恒有：1