浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷(學(xué)生版)

考試復(fù)習(xí)備考資料一試卷或考點

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考試復(fù)習(xí)備考資料

（試卷、考點）

第1頁，共20頁

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一、選擇題1（本題共13小題，每小題3分，共39分每小題列出的四個備選項中只有一個是

符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）（共13題；共39分）

1.據(jù)《自然》雜志2021年5月17日報道，中國科學(xué)家在稻城"拉索"基地（如圖）探測到迄今為止最高能

量的丫射線，能量值為1.40XlOgeV,即（）

A.1.40X1015VB.2.24X10一氣c.2.24XW4WD.2.24X10一勺

2.用高速攝影機拍攝的四張照片如圖所示，下列說法正確的是（）

A.研究甲圖中貓在地板上行走的速度時，貓可視為質(zhì)點B.研究乙圖中水珠形狀形成的原因時，旋轉(zhuǎn)球可

視為質(zhì)點C.研究丙圖中飛翔鳥兒能否停在樹樁上時，鳥兒可視為質(zhì)點D.研究丁圖中馬術(shù)運動員和馬能否

跨越障礙物時，馬可視為質(zhì)點

3.如圖所示，在火箭發(fā)射塔周圍有鋼鐵制成的四座高塔，高塔的功能最有可能的是（）

A.探測發(fā)射臺周圍風(fēng)力的大小B.發(fā)射與航天器聯(lián)系的電磁波C.預(yù)防雷電擊中待發(fā)射的火箭D.測量火箭

發(fā)射過程的速度和加速度

4.2021年5月15日，天問一號著陸器在成功著陸火星表面的過程中，經(jīng)大氣層290s的減速，速度從

4.9X103m/s減為4.6X102m/s:打開降落傘后，經(jīng)過90s速度進(jìn)一步減為1.0X102m/s;與降

落傘分離，打開發(fā)動機減速后處于懸停狀態(tài)；經(jīng)過對著陸點的探測后平穩(wěn)著陸。若打開降落傘至分離前的

運動可視為豎直向下運動，則著陸器（）

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A.打開降落傘前，只受到氣體阻力的作用B.打開降落傘至分離前，受到的合力方向豎直向上C.打開降落

傘至分離前，只受到浮力和氣體阻力的作用D.懸停狀態(tài)中，發(fā)動機噴火的反作用力與氣體阻力是平衡力

5.如圖所示，虛線是正弦交流電的圖像,實線是另一交流電的圖像，它們的周期T和最大值U,相同，則

實線所對應(yīng)的交流電的有效值U滿足（）

D.U<—

2

6.某書中有如圖所示的圖，用來表示橫截面是形導(dǎo)體右側(cè)的電場線和等勢面，其中a、b是同一條實線

上的兩點，c是另一條實線上的一點，d是導(dǎo)體尖角右側(cè)表面附近的一點。下列說法正確的是（）

A.實線表示電場線B.離d點最近的導(dǎo)體表面電荷密度最大C."〈"形導(dǎo)體右側(cè)表面附近電場強度方向均相

同D.電荷從a點到c點再到b點電場力做功一定為零

7.質(zhì)量為m的小明坐在秋千上擺動到最高點時的照片如圖所示，對該時刻，下列說法正確的是（）

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A.秋千對小明的作用力小于mgB.秋千對小明的作用力大于mgC.小明的速度為零，所受合力為零D.小明

的加速度為零，所受合力為零

8.大功率微波對人和其他生物有一定的殺傷作用。實驗表明，當(dāng)人體單位面積接收的微波功率達(dá)到250W/m2

時會引起神經(jīng)混亂，達(dá)到1000W/m2時會引起心肺功能衰竭?，F(xiàn)有一微波武器，其發(fā)射功率

P=3X107W?若發(fā)射的微波可視為球面波，則引起神經(jīng)混亂和心肺功能衰竭的有效攻擊的最遠(yuǎn)距離約

為（）

A.100m25mB.100m50mC.200m100mD.200m50m

9.將一端固定在墻上的輕質(zhì)繩在中點位置分叉成相同的兩股細(xì)繩，它們處于同一水平面上。在離分叉點相

同長度處用左、右手在身體兩側(cè)分別握住直細(xì)繩的一端，同時用相同頻率和振幅上下持續(xù)振動，產(chǎn)生的橫

波以相同的速率沿細(xì)繩傳播。因開始振動時的情況不同，分別得到了如圖甲和乙所示的波形。下列說法正

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

、

A.甲圖中兩手開始振動時的方向并不相同B.甲圖中繩子的分叉點是振動減弱的位置C.乙圖中繩子分叉

點右側(cè)始終見不到明顯的波形D.乙圖只表示細(xì)繩上兩列波剛傳到分叉點時的波形

10.空間站在地球外層的稀薄大氣中繞行，因氣體阻力的影響，軌道高度會發(fā)生變化?？臻g站安裝有發(fā)動機

，可對軌道進(jìn)行修正。圖中給出了國際空間站在2020.02-2020.08期間離地高度隨時間變化的曲線，則空間

A.繞地運行速度約為2.Okm/sB.繞地運行速度約為8.Okm/sC.在4月份繞行的任意兩小

時內(nèi)機械能可視為守恒D.在5月份繞行的任意兩小時內(nèi)機械能可視為守恒

11.中國制造的某一型號泵車如圖所示，表中列出了其部分技術(shù)參數(shù)。已知混凝土密度為2.4X103kg/m3

,假設(shè)泵車的泵送系統(tǒng)以150nl3/h的輸送量給30m高處輸送混凝土，則每小時泵送系統(tǒng)對混凝土做的功

至少為（）

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發(fā)動機最大輸出功率（kW）332最大輸送高度（m）63

整車滿載質(zhì)量（kg）5.4X1最大輸送量（m3/h）180

A.1.08X107JB.5.04X107JC.1.08X108JD.2.72X10町

12.用激光筆照射透明塑料制成的光盤邊緣時觀察到的現(xiàn)象如圖所示。入射點。和兩出射點P、Q恰好位于

光盤邊緣等間隔的三點處，空氣中的四條細(xì)光束分別為入射光束a、反射光束b、出射光束c和d、已知光

束a和b間的夾角為90°，則（）

A.光盤材的折射率n=2B.光在光盤內(nèi)的速度為真空中光速的三分之二C.光束b、c和d的強度之和等

于光束a的強度D.光束c的強度小于O點處折射光束0P的強度

31

13.已知普朗克常量h=6.63X10&J.s,電子的質(zhì)量為9.11X10-kg,一個電子和一滴直徑約

為4Hm的油滴具有相同動能，則電子與油滴的德布羅意波長之比的數(shù)量級為（）

A.10-8B.106C.108D.1016

二、選擇題H（本題共3小題，每題2分，共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合

題目要求的.全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得。分）（共3題；共18分

）

14.對四個核反應(yīng)方程（1）毅/瑜4Th+如;（2）揩Th-豺,pa+%;（3）鏟N+加一?（）+相；

（4）和++|n+17.6MeV?下列說法正確的是（）

A.（1）（2）式核反應(yīng)沒有釋放能量B.（1）（2）（3）式均是原子核衰變方程C.（3）式是人類第一次

實現(xiàn)原子核轉(zhuǎn)變的方程D.利用激光引發(fā)可控的（4）式核聚變是正在嘗試的技術(shù)之一

15.如圖所示，有兩根用超導(dǎo)材料制成的長直平行細(xì)導(dǎo)線a、b,分別通以80A和100A流向相同的電流，

兩導(dǎo)線構(gòu)成的平面內(nèi)有一點P，到兩導(dǎo)線的距離相等。下列說法正確的是（）

a---------------<--------------------80A

P

b100A

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A.兩導(dǎo)線受到的安培力Fb=125F1B.導(dǎo)線所受的安培力可以用F=ILB計算C.移走導(dǎo)線b前后，p點

的磁感應(yīng)強度方向改變D.在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，不存在磁感應(yīng)強度為零的位

置

16.肥皂膜的干涉條紋如圖所示，條紋間距上面寬、下面窄。下列說法正確的是（）

A.過肥皂膜最高和最低點的截面一定不是梯形B.肥皂膜上的條紋是前后表面反射光形成的干涉條紋C.

肥皂膜從形成到破裂，條紋的寬度和間距不會發(fā)生變化D.將肥皂膜外金屬環(huán)左側(cè)的把柄向上轉(zhuǎn)動90。

條紋也會跟著轉(zhuǎn)動90°

三、非選擇題（本題共6小題，共55分）（共6題；共55分）

17.

（1）在"驗證機械能守恒定律"實驗中，小王用如圖1所示的裝置，讓重物從靜止開始下落，打出一條清晰

的紙帶，其中的一部分如圖2所示。。點是打下的第一個點，A、B、C和D為另外4個連續(xù)打下的點。

回

01cm2319202122232425262728293031323334

國2

①為了減小實驗誤差，對體積和形狀相同的重物，實驗時選擇密度大的理由是。

②已知交流電頻率為50Hz，重物質(zhì)量為200g,當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.80m/s2.則從。點到C點，重

物的重力勢能變化量的絕對值A(chǔ)EP|=J、C點的動能Eke=J（計算結(jié)果均保留3

位有效數(shù)字）。比較EkC與|AEp|的大小，出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是。

A.工作電壓偏高B.存在空氣阻力和摩擦力C.接通電源前釋放了紙帶

（2）圖示是"用雙縫干涉測量光的波長"實驗的裝置。實驗中：

①觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，值得嘗試的是。（單選）

A.旋轉(zhuǎn)測量頭B.增大單縫與雙縫間的距離C.調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行

②要增大觀察到的條紋間距，正確的做法是（單選）

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A.減小單縫與光源間的距離B.減小單縫與雙縫間的距離

C.增大透鏡與單縫間的距離D.增大雙縫與測量頭間的距離

18.小李在實驗室測量一電阻R的阻值。

（1）因電表內(nèi)阻未知，用如圖1所示的電路來判定電流表該內(nèi)接還是外接。正確連線后，合上開關(guān)S,將

滑動變阻器的滑片P移至合適位置。單刀雙擲開關(guān)K擲到1,電壓表的讀數(shù)Ui=1.65V,電流表的示數(shù)

如圖2所示，其讀數(shù)I!A；將K擲到2,電壓表和電流表的讀數(shù)分別為U2=1.75V,

Il=0.33Ao由此可知應(yīng)采用電流表（填"內(nèi)"或"外"）接法。

（2）完成上述實驗后，小李進(jìn)一步嘗試用其它方法進(jìn)行實驗：

①器材與連線如圖3所示，請在虛線框中畫出對應(yīng)的電路圖；

②先將單刀雙擲開關(guān)擲到左邊，記錄電流表讀數(shù)，再將單刀雙擲開關(guān)挪到右邊，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電

流表的讀數(shù)與前一次盡量相同，電阻箱的示數(shù)如圖3所示。則待測電阻A=Q。此方法

（填"有"或"無"）明顯的實驗誤差，其理由是。

19.機動車禮讓行人是一種文明行為。如圖所示，質(zhì)量m=1.0X103kg的汽車以V]=36km/h的速度

在水平路面上勻速行駛，在距離斑馬線s=20m處，駕駛員發(fā)現(xiàn)小朋友排著長1=6m的隊伍從斑馬線

一端開始通過，立即剎車，最終恰好停在斑馬線前。假設(shè)汽車在剎車過程中所受阻力不變，且忽略駕駛員

反應(yīng)時間。

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（1）求開始剎車到汽車停止所用的時間和所受阻力的大??；

（2）若路面寬L=6m,小朋友行走的速度v0=0.5m/s,求汽車在斑馬線前等待小朋友全部通過所需

的時間；

（3）假設(shè)駕駛員以V2=54m/h超速行駛，在距離斑馬線s=20m處立即剎車，求汽車到斑馬線時的速

度。

20.如圖所示，水平地面上有一高H=0.4m的水平臺面，臺面上豎直放置傾角6=37°的粗糙直軌道AB

、水平光滑直軌道BC、四分之一圓周光滑細(xì)圓管道CD和半圓形光滑軌道DEF,它們平滑連接，其中

管道CD的半徑r=0.1m、圓心在0i點，軌道DEF的半徑R=0.2m、圓心在02點，0i、D、02

和F點均處在同一水平線上。小滑塊從軌道AB上距臺面高為h的P點靜止下滑，與靜止在軌道BC上等

質(zhì)量的小球發(fā)生彈性碰撞，碰后小球經(jīng)管道CD、軌道DEF從F點豎直向下運動，與正下方固定在直桿

上的三棱柱G碰撞，碰后速度方向水平向右，大小與碰前相同，最終落在地面上Q點，已知小滑塊與軌道

AB間的動摩擦因數(shù)n=-,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

12

（1）若小滑塊的初始高度h=0.9m,求小滑塊到達(dá)B點時速度v0的大小；

（2）若小球能完成整個運動過程，求h的最小值hmin；

（3）若小球恰好能過最高點E,且三棱柱G的位置上下可調(diào)，求落地點Q與F點的水平距離x的最大值

Xmax。

21.一種探測氣體放電過程的裝置如圖中所示，充滿就氣（Ne）的電離室中有兩電極與長直導(dǎo)線連接，并

通過兩水平長導(dǎo)線與高壓電源相連。在與長直導(dǎo)線垂直的平面內(nèi)，以導(dǎo)線為對稱軸安裝一個用阻值

Ro=10Q的細(xì)導(dǎo)線繞制、匝數(shù)N=5X103的圓環(huán)形螺線管，細(xì)導(dǎo)線的始末兩端c、d與阻值R=90Q

的電阻連接。螺線管的橫截面是半徑a=1.0X1021n的圓，其中心與長直導(dǎo)線的距離r=0.1m?氣

體被電離后在長直導(dǎo)線回路中產(chǎn)生順時針方向的電流I，其I-t圖像如圖乙所示。為便于計算，螺線管

內(nèi)各處的磁感應(yīng)強度大小均可視為B=旦，其中k=2義10-7T-m/A。

r

（1）求0~6.0XW3s內(nèi)通過長直導(dǎo)線橫截面的電荷量Q；

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（2）求3.0X10一3$時，通過螺線管某一匝線圈的磁通量①；

（3）若規(guī)定c-R-d為電流的正方向，在不考慮線圈自感的情況下，通過計算，畫出通過電阻R的

1R-t圖像;

（4）若規(guī)定c-R-d為電流的正方向，考慮線圈自感，定性畫出通過電阻R的iR-t圖像。

22.如圖甲所示，空間站上某種離子推進(jìn)器由離子源、間距為d的中間有小孔的兩平行金屬板M、N和邊長

為L的立方體構(gòu)成，其后端面P為噴口。以金屬板N的中心。為坐標(biāo)原點，垂直立方體側(cè)面和金屬板建立

x、y和z坐標(biāo)軸。M、N板之間存在場強為E、方向沿z軸正方向的勻強電場；立方體內(nèi)存在磁場，其磁

感應(yīng)強度沿z方向的分量始終為零，沿x和y方向的分量Bx和B,.隨時間周期性變化規(guī)律如圖乙所示，

圖中Bo可調(diào)。債離子（Xe2+）束從離子源小孔S射出，沿z方向勻速運動到M板，經(jīng)電場加速進(jìn)入磁

場區(qū)域，最后從端面P射出，測得離子經(jīng)電場加速后在金屬板N中心點。處相對推進(jìn)器的速度為v。。己知

單個離子的質(zhì)量為m、電荷量為2e，忽略離子間的相互作用，且射出的離子總質(zhì)量遠(yuǎn)小于推進(jìn)器的質(zhì)量

（1）求離子從小孔S射出時相對推進(jìn)器的速度大小v；

（2）不考慮在磁場突變時運動的離子，調(diào)節(jié)Bo的值，使得從小孔S射出的離子均能從噴口后端面P射出

，求Bo的取值范圍；

（3）設(shè)離子在磁場中的運動時間遠(yuǎn)小于磁場變化周期T,單位時間從端面P射出的離子數(shù)為n,且

Bo=遇W。求圖乙中to時刻離子束對推進(jìn)器作用力沿z軸方向的分力。

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答案解析部分

一、選擇題1（本題共13小題，每小題3分，共39分每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求

的，不選、多選、錯選均不得分）

1.【答案】D

【考點】單位制及量綱

【解析】【解答】已知le=1.6X10-19C,根據(jù)電功的表達(dá)式W=qU可得：

1.40X1015eV=1.40X1015X1.6X10'19J=2.24X10-4J

故選D。

【分析】利用元電荷的大小結(jié)合電功的表達(dá)式可以進(jìn)行單位轉(zhuǎn)化。

2.【答案】A

【考點】質(zhì)點

【解析】【解答】物體能否作為質(zhì)點主要看所研究的問題；對于ABCD,當(dāng)研究甲圖中貓在地板上行走的

速度時，貓的大小對研究貓的速度沒有影響，可將貓看做質(zhì)點；當(dāng)研究乙圖中水珠形狀形成的原因時，旋

轉(zhuǎn)球的大小和形狀對水珠形狀的形成有影響，所以旋轉(zhuǎn)球不能看做質(zhì)點；當(dāng)研究圖丙中飛翔鳥兒能否停在

樹樁上時，鳥兒的大小對能否停在樹樁上有影響，所以不能將鳥兒看做質(zhì)點；當(dāng)研究丁圖中馬術(shù)運動員和

馬能否跨越障礙物時，馬的大小對是否跨越障礙物有影響，所以不能把馬看做質(zhì)點，因此選項A正確；選

項B、C、D錯誤。

故選A?

【分析】物體能否作為質(zhì)點主要看物體本身的大小對所研究的問題有沒有影響。

3.【答案】C

【考點】靜電感應(yīng)與靜電的防止

【解析】【解答】在火箭發(fā)射的過程中為了避免受到雷電的影響，所以在火箭發(fā)射塔周圍設(shè)計鋼鐵制成的

四座高樓，目的是為了吸引雷電，致使起到保護(hù)火箭發(fā)射塔的作用。

故選C。

［分析］在火箭發(fā)射塔周圍設(shè)置有鋼鐵制成的高樓是利用高樓的避雷作用。

4.【答案】B

【考點】共點力平衡條件的應(yīng)用，牛頓第二定律

【解析】【解答】A.著陸器在打開降落傘前，由于在大氣層中做減速運動，對著陸器進(jìn)行受力分析，可

以得出陸器受大氣的阻力作用以及火星的引力作用，選項A錯誤；

B.著陸器打開降落傘至分離前做減速運動，由于速度方向向下，著陸器做減速運動則其加速度方向與運

動方向相反，可得加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可得合力方向豎直向上，B正確；

C.著陸器在打開降落傘至分離前，下落過程中其著陸器受到了浮力、空氣的阻力、以及火星對它的引力

作用，選項C錯誤；

D.著陸器懸停過程中處于平衡狀態(tài)，對著陸器進(jìn)行受力分析，著陸器受到了氣體對發(fā)動機的作用力、火

星的吸引力及氣體的阻力，所以著陸器不是屬于二力平衡，選項D錯誤。

故選B,

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【分析】打開降落傘前，著陸器受到了火星引力和大氣阻力的作用；著陸器做減速運動的過程其加速度

方向向上則合力方向向上；懸停過程，著陸器受到發(fā)動機噴火的作用力和氣體阻力及火星的引力而平衡。

5.【答案】D

【考點】交流電的最大值與有效值

【解析】【解答】如圖所示，當(dāng)交流電的圖像屬于正弦交流電時，根據(jù)電壓的峰值和有效值的關(guān)系可得：

U有效值=董=等

從圖像可知，其實線圖線對應(yīng)每一時刻的電壓瞬時值都小于或等于虛線圖線的電壓瞬時值，則一個周期內(nèi)

所產(chǎn)生的熱量中，其虛線所對應(yīng)圖線的熱量要大于實線圖線所對應(yīng)的熱量，根據(jù)焦耳定律可以判別虛線所

對應(yīng)的有效值要大于實線對應(yīng)的電壓有效值；根據(jù)虛線的有效值大小可以得出實線對應(yīng)電壓的有效值為：

u<、見

2

故選D。

【分析】利用正弦交流電的峰值可以求出電壓的有效值大小，利用圖像電壓的瞬時值比較可以判別實線

所代表的交流電有效值的大小。

6.【答案】D

【考點】靜電感應(yīng)與靜電的防止

【解析】【解答】A.當(dāng)導(dǎo)體處于靜電平衡時，其本身就是等勢體，其電場線與等勢面垂直，其周圍就會

存在一個一個等勢面，所以可以得出實線為等勢面，不是電場線，則A錯誤；

B.等勢面密集的地方其電場線一樣密集；根據(jù)等勢面的疏密表示電場線的疏密，且電場線的疏密程度可

以比較電場強度的大?。粡膱D可以得出d點的等勢面較為稀疏，所以d點的電場強度比較小，由于電場強

度比較小所以其靠近d點處的電荷密度則比較少；所以B錯誤；

C.導(dǎo)體處于等勢體，則導(dǎo)體右側(cè)上下上下部分的電場線分布方向不同，所以在"〈”形導(dǎo)體右側(cè)表面上下部

分附近電場強度方向不相同，所以C錯誤；

D.從圖可得其a、b兩點處于同一等勢面上，根據(jù)電勢差與電場力做功的關(guān)系，當(dāng)a、b之間的電勢差等

于0,則電荷從a點到c點再到b點電場力做功一定為零，所以D正確；

故選D。

【分析】由于導(dǎo)體處于靜電平衡所以實線時等勢面；利用等勢面的疏密可以判別電場強度和電荷的密集

程度；在導(dǎo)體右側(cè)上下部分其電場強度方向不同；利用等勢面電勢相等可以判別電場力做功的情況。

7.【答案】A

【考點】牛頓第二定律

【解析】【解答】當(dāng)小明隨秋千到達(dá)最高點時，小明受到了重力和拉力的作用，設(shè)秋千的擺長為I，擺到

最高點時擺繩與豎直方向的夾角為9,秋千對小明的作用力為F,沿繩子方向和垂直于繩子方向進(jìn)行正

交分解：沿擺繩方向受力分析根據(jù)牛頓第二定律有有F-mgcos0=小

由于小明的速度為0,則有F二mgcos0<mg

沿垂直擺繩方向，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinO二購

解得小明在最高點的加速度為a=gsin0,其合力為F合二mgsin0

所以A正確；BCD錯誤；

故選Ao

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考試復(fù)習(xí)備考資料一試卷或考點

浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷（學(xué)生版）

【分析】利用沿繩子方向的牛頓第二定律可以比較秋千對人的作用力及人本身重力的大?。焕么怪庇?/p>

繩子方向的牛頓第二定律可以求出小明的加速度及合力的大小。

8.【答案】B

【考點】瞬時功率與平均功率

【解析】【解答】由于發(fā)射的微波可視為球面波，設(shè)球面的半徑為r,其球面的體積為：S=4r2;已知

發(fā)生功率為P,則單位面積接收微波功率為p'=￡=

S4冗產(chǎn)

解得「=后

當(dāng)人體單位面積接收到的微波功率達(dá)到250W/m2s時，則引起神經(jīng)混亂時有

ri==J——xI。'-----g100m

74nli弋4X3.14X250

當(dāng)人體單位面積接收到的微波功率達(dá)到1000W/m2s時，引起心肺功能衰竭時有

r2=I—7-=;------------七50m

74ntA/4X3.14X1000

所以B符合題意；ACD不符合題意；

故選Bo

【分析】利用發(fā)射功率和球體的表面積可以求出有效攻擊范圍的表達(dá)式，結(jié)合實際發(fā)射功率的大小可以

求出有效攻擊的最遠(yuǎn)距離。

9.【答案】C

【考點】波的干涉和衍射

【解析】【解答】AB.從甲圖中可知在分叉點以后其橫波的振幅變大，所以可以得出兩手開始振動時的方

向相同，則甲圖中分叉點是振動加強的位置，所以AB不符合題意；

CD.從乙圖的分叉點之前可以得出兩個手的振動方向相反所以其分叉點時振動減弱的位置，所以在分叉點

的右側(cè)由于波疊加后都是減弱區(qū)域所以看不到明顯的波形圖；所以C符合題意；D不符合題意；

故選C。

【分析】甲圖中從分叉點后的振動情況可以判別兩手開始振動的方向相同，其分叉點屬于振動的加強點；

乙圖中由于兩手開始振動的方向相反所以在分叉點后看不到明顯的波形圖。

10.【答案】D

【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用

【解析】【解答】AB.地球?qū)臻g站的引力提供空間站做勻速圓周運動的向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得

:G%=嚀解得：v=用由于軌道半徑在變化，則運行速度在變化，所以A選項不符合題意；由于圓

周最大運行速度為第一宇宙速度7.9km/s,所以B選項不符合題意；

C.從圖可知在4月份軌道半徑出現(xiàn)明顯的變大，由于阻力做負(fù)功所以機械能不守恒，故C錯誤；

D.從圖可知在5月份軌道半徑基本不變，故可視為機械能守恒，故D正確。

故選D。

【分析】利用第一宇宙速度的大小結(jié)合半徑的大小可以判別其空間站的線速度大小；利用軌道半徑不變

可以判別空間站的機械能保持不變。

11.【答案】C

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考試復(fù)習(xí)備考資料一試卷或考點

浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷（學(xué)生版）

【考點】恒力做功

【解析】【解答】泵車的泵送系統(tǒng)以150m3/h的輸送量給30m高處輸送混凝土，那么每小時輸送的混凝

土質(zhì)量為：m=pV；把m質(zhì)量的混凝土抬高30m其需要克服重力做功為：呢=mgh;每小時泵送系統(tǒng)

對混凝土做的功

88

W=WG=1.08X10J代入數(shù)據(jù)可得：W=1.08X10J

故選C。

【分析】利用體積公式可以求出每小時運送的混凝土質(zhì)量的大小，結(jié)合上升的高度可以求出系統(tǒng)做功的

大小。

12.【答案】D

【考點】光的折射

【解析】【解答】A.畫出激光經(jīng)過光盤折射的光路圖，作出經(jīng)過。點折射的法線，如圖所示：由于光速

a和b之間的夾角為90°，由幾何關(guān)系可得入射角為i=45°

由于POQ為等邊三角形，根據(jù)等邊三角形的特點可得：折射角為r=30°

根據(jù)折射定律有n=業(yè)空=彳=也

sin30jv

所以A錯誤；

B.已知光盤材料的折射率n=&，根據(jù)v=&=旦，所以B錯誤；

vn2

C.由于光速在Q處除了折射光線還有反射光線，所以光束在b、c和d的強度之和小于光束a的強度，所

以C錯誤；

D.在P處，從圖可得光束c的強度與反射光線PQ強度之和等于折身光線OP的強度，所以D正確；

故選D。

【分析】利用幾何關(guān)系可以求出入射角和反射角的大小，結(jié)合折射定律可以求出折射率的大??；利用折

射率可以求出光在介質(zhì)中傳播速度的大??；由于光發(fā)生反射所以其光束在b、c、d處的強度小于光束a的

強度；光束c的強度等于0點處折射光束和反射光束的強度。

13.【答案】C

【考點】動量，物質(zhì)波

【解析】【解答】已知電子和油滴的動能大小，根據(jù)動能和動量的表達(dá)式有：P=師；根據(jù)德布羅意波

長公式X=-

P

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考試復(fù)習(xí)備考資料一試卷或考點

浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷（學(xué)生版）

聯(lián)立兩式可得X=上

已知油滴的直徑，根據(jù)密度公式可以求出油滴的質(zhì)量為：

111油=p?jcP=0.8X103X1X3.14X（4X10-6）3=2.7X10-14kg根據(jù)波長和動能的表達(dá)

66

式可得：當(dāng)粒子動能相同時，則其波長與質(zhì)量的二次方根成反比，所以有普=%

入油4m電

代入數(shù)據(jù)解得守=4段”;七1.7X108

入油\9.11X10-8

所以C符合題意；ABD不符合題意；

故選C。

【分析】利用動量和動能的表達(dá)式可以求出動量的大小，結(jié)合動量和波長的關(guān)系可以求出波長的表達(dá)式，

再利用體積公式可以求出質(zhì)量的表達(dá)式，最后利用質(zhì)量的比值可以求出波長的比值。

二、選擇題n（本題共3小題，每題2分，共6分每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的.

全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得。分）

14.【答案】C,D

【考點】原子核的衰變、半衰期，核裂變與核聚變

【解析】【解答】A.從（1）中的反應(yīng)物只有一個，其生成物有氫核可以得出（1）是a衰變，從（2）

的反應(yīng)物只有一個，其生成物有電子可以得出（2）是B衰變，所有核反應(yīng)屬于自發(fā)過程，其反應(yīng)過程

均有能量放出，故A錯誤；

B.從（3）的核反應(yīng)方程的生成物和反應(yīng)物可以得出（3）不是衰變方程，是人工核轉(zhuǎn)變，故B錯誤；

C.（3）式的核反應(yīng)方程屬于人工反應(yīng)，是人類第一次實現(xiàn)原子核轉(zhuǎn)變的方程，故C正確；

D.（4）式屬于核聚變方程，而利用激光引發(fā)可控的（4）式核聚變是正在嘗試的技術(shù)之一，故D正確。

故選CD。

【分析】利用核反應(yīng)的特點可以判別（1）（2）都屬于原子核的衰變，其反應(yīng)過程有能量的釋放；其（3

）屬于人工核反應(yīng)過程，其（4）屬于核聚變反應(yīng)。

15.【答案】B,C,D

【考點】磁感應(yīng)強度，安培力

【解析】【解答】A.a導(dǎo)線和b導(dǎo)線之間的安培力屬于相互作用力，根據(jù)牛頓第三定律可得兩導(dǎo)線受到的

安培力大小相等，故A錯誤；

B.根據(jù)安培定則可以判別兩個導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)方向都是垂直于紙張向里或向外，其磁場方向與通電導(dǎo)

線的電流方向垂直，所以計算兩個導(dǎo)線所受的安培力可以用F=ILB計算，故B正確；

C.移走導(dǎo)線b前，根據(jù)安培定則可以得出b導(dǎo)線在P點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向垂直于紙張向里，其a導(dǎo)

線在P點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向垂直于紙張向外，由于b導(dǎo)線電流大在P點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度比較大；利

用矢量疊加法則可得P點磁場方向與b產(chǎn)生磁場方向同向，向里，當(dāng)移走導(dǎo)線b后，p點磁場方向與a產(chǎn)

生磁場方向相同，向外，故C正確；

D.在離兩導(dǎo)線所在的平面有一定距離的有限空間內(nèi)，根據(jù)安培定則可以得出兩導(dǎo)線在任意點產(chǎn)生的磁場

均不在同一條直線上，再根據(jù)矢量疊加法則可得不存在磁感應(yīng)強度為零的位置。故D正確。

故選BCDo

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浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷（學(xué)生版）

【分析】兩導(dǎo)線之間的安培力屬于相互作用力其大小相等；由于通電導(dǎo)線和磁場方向垂直所以直接可以

利用安培力的表達(dá)式計算安培力的大小利用安培定則結(jié)合磁感應(yīng)強度的疊加可以判別磁場的方向及大小。

16.【答案】A,B

【考點】光的干涉

【解析】【解答】A.由于重力的作用會導(dǎo)致液體向下流，所以會導(dǎo)致膜上層薄下層厚，且由于液體表面

張力使液面收縮所以其橫截面是一個圓滑的曲面不是梯形；所以A選項符合題意；

B.肥皂膜上產(chǎn)生的彩色條紋屬于等厚干涉，是由于肥皂膜前后表面對光線的反射而形成的干涉條紋，屬

于光的干涉現(xiàn)象，所以B符合題意；

C.當(dāng)膜發(fā)生破裂時會導(dǎo)致其上下層的薄膜厚度發(fā)生改變，導(dǎo)致前后干涉的振動加強和減弱點發(fā)生變化，

所以條紋間距和寬度會因此改變；所以C選項不符合題意：

D.當(dāng)金屬環(huán)旋轉(zhuǎn)的過程，其薄膜的液體分子由于重力的作用會重新分布，其膜的形狀和厚度會發(fā)生改變，

所以其條紋會重新分布，不會跟著轉(zhuǎn)動一定角度，所以D選項不符合題意。

故選AB。

【分析】肥皂膜由于本身的重力導(dǎo)致其橫截面時一個圓滑的曲面不是梯形；當(dāng)肥皂膜破裂時其厚度發(fā)生

變化所以條紋寬度和間距都會發(fā)生變化；當(dāng)肥皂膜旋轉(zhuǎn)90°,其肥皂膜的厚度和形狀會重新分布所以條

紋不會直接旋轉(zhuǎn)90。.

三、非選擇題（本題共6小題，共55分）

17.【答案】（1）阻力與重力之比更?。ɑ蚱渌侠斫忉專?；0.547；0.588；C（2）C；D

【考點】驗證機械能守恒定律

【解析】【解答】①重物下落過程中會受到阻力的作用，在驗證機械能守恒實驗時，為了使阻力的影響越

小越好，因此要選擇密度大的重物可以使阻力與重力之比更小

②要求重物從。到C過程其重力勢能的變化量，由圖中可知OC之間的距離為xoc=27.90cm,己知OC

之間的距離，根據(jù)重力做功可以得出重力勢能的減少量為

IAEP|=mgxoc=0.2X9.8X0.2790J=0.547J

根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有：勻變速運動時間中點的速度等于這段時間的平均速度，因此C點的瞬時速

330233

度為：vc=遜=°-~°-m/s=2.425m/s

2T2X0.02

根據(jù)動能的表達(dá)式可得動能的增加量為：Eke=軻”：X0.2X2.425X2.425J=0.588J

當(dāng)工作電壓偏高時其打點的周期和頻率不會影響所以不會影響其動能和重力勢能的變化量；當(dāng)實驗存在摩

擦力和阻力，其摩擦力和阻力對物體做功會導(dǎo)致其機械能的減小，則會使重力勢能的減少量大于動能的增

加量；當(dāng)提前釋放了紙帶，會導(dǎo)致紙帶的初速度不為零，導(dǎo)致物體下落到C點的速度偏大則會導(dǎo)致動能的

增加量大于重力勢能的減少量。

（2）①當(dāng)粗調(diào)時不能看見清晰的條紋，其可能原因是單縫與雙縫不平行，所以應(yīng)該調(diào)節(jié)撥桿時條紋變得

清晰；旋轉(zhuǎn)測量頭是為了測量其條紋之間的距離，其增大單縫與雙縫之間的距離是改變條紋的間距，故選

Co

②根據(jù)條紋間距和波長的關(guān)系式有：Ax』

d

從表達(dá)式可得要增大條紋間距可以增大雙縫到光屏的距離I,減小雙縫的間距d；

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浙江省2021年普通高校物理6月招生選考試卷（學(xué)生版）

故選D。

【分析】（1）驗證機械能守恒選擇重物的密度大時為了減小阻力的影響；（2）利用高度的變化可以求

出重力勢能的減少量；利用平均速度公式結(jié)合質(zhì)量可以求出動能的增量；實驗先釋放紙帶再打開電源會導(dǎo)

致其動能的增量大于重力勢能的減少量；（3）為了使條紋清晰其單縫和雙縫必須平行；利用干涉條紋的

間距表達(dá)式可以判別增大條紋間距的方法。

18.【答案】電阻箱的最小分度與待測電阻比較接

近（或其它合理解釋）

【考點】電阻的測量

【解析】【解答］（1）已知電流表的量程為O.6A,其分度值為OQ2A,利用電流表表盤刻度可知電流大小

為0.34A

當(dāng)電流表外接時其電壓表讀數(shù)為1.65V,當(dāng)電流表內(nèi)接時其電壓表讀數(shù)為1.75V；則可得：電壓表的百分比

變化為H1=一百：跑X100°/=5.7%

0

當(dāng)電流表外接時其電流表讀數(shù)為0.34A,當(dāng)電流表內(nèi)接時其電流表讀數(shù)為O.33A；電流表的百分比變化為

3Q33。。/。=

n2=°-Q~3,xio3.oo/o

從百分比的大小可知電壓表的示數(shù)變化更明顯，說明電流表內(nèi)接時分壓更嚴(yán)重，因此不能讓電流表分壓，

采用外接法。

（2）①已知電阻箱和待測電阻并聯(lián)，再與單刀雙擲開關(guān)、電源、滑動變阻器、電流表串聯(lián)，電路圖如圖

②由于兩次實驗中電路電流相同，根據(jù)歐姆定律有：I=電4+R、=>R；

根據(jù)表達(dá)式可得：Rx=Ro

根據(jù)電阻箱的讀數(shù)可得Rx=5Q

電阻箱在測量阻值時，只能測量到最小分度值，測量阻值只能與電阻值接近，所以存在誤差，例如待測電

阻為5.3Q,則實驗只能測得其為R,=5Q，誤差較大。

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【分析】（1）利用電流表的量程和分度值可以讀出電流的大?。豪秒妷罕砗碗娏鞅淼淖兓俜直瓤梢?/p>

判別電流表分壓嚴(yán)重所以不能實驗電流表內(nèi)接法；（2）利用實物圖畫出對應(yīng)的電路圖；利用等效法結(jié)合

電阻箱的阻值可以求出待測電阻的大??；由于電阻箱測量只能到最小分度值所以其測量存在一定的誤差。

19.【答案】（1）根據(jù)平均速度t1=1

解得剎車時間ti=4s

剎車加速度a=?

根據(jù)牛頓第二定律Ff=ma

解得Ff=2.5X103N

（2）小朋友過時間t2=匕4

Vo

等待時間t=t2-ti=20s

（3）根據(jù)e-V?=2as

解得v=54m/s

【考點】勻變速直線運動基本公式應(yīng)用，牛頓第二定律

【解析】【分析】（1）汽車做勻減速直線運動，已知初末速度的大小可以求出剎車過程平均速度的大小，

結(jié)合運動的位移可以求出勻減速的時間，利用速度公式可以求出加速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求

出摩擦力的大?。唬?）已知小朋友隊伍的長度，結(jié)合運動的速度可以求出汽車等待的時間；（3）汽車

做勻減速直線運動，利用速度位移公式可以求出汽車到達(dá)斑馬線的速度大小。

20.【答案】（1）小滑塊在AB軌道上運動mgh-umgcos0'―--=TUVQ

sin02

代入數(shù)據(jù)解得vo==4m/s

（2）小滑塊與小球碰撞后動量守恒，機械能守恒，

因此有mvo=mVA+mVB，Anvo=HIIVA+nnvi

解得VA=0,VB=4m/s

小球沿CDEF軌道運動，在最高點可得mg二出

R

從C點到E點由機械能守恒可得AnVEmin+mg（R+r）=nnvimin

v

其中Bmin~；Jghmin，解得hmjn=0.45m

（3）設(shè)F點到G點的距離為y,小球從E點到Q點的運動，

由動能定理^HVG二AnvEmin+mg（R+y）

由平拋運動可得x=vet，II+r-y=^gt2

聯(lián)立可得水平距離為x=27（0.5-y）（0.3+y）

由數(shù)學(xué)知識可得當(dāng)0.5-y=0.3+y

第17頁，共20頁

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取最小，最小值為Xmin=0.8m

【考點】動能定理的綜合應(yīng)用，動量守恒定律

【解析】【分析】（1）小滑塊從斜面釋放，利用動能定理可以求出滑塊到達(dá)B點的速度大?。海?）小

滑塊與小球碰撞的過程不受外力，利用動量守恒定律及能量守恒定律可以求出碰后速度的大??；小球恰好

經(jīng)過最高點，利用牛頓第二定律可以求出經(jīng)過最高點的速度，再利用機械能守恒定律可以求出h的最小值

;（3）小球從E點到Q點，利用動能定理可以求出小球到達(dá)G點的速度表達(dá)式，從G點離開后做平拋

運動，利用位移公式可以求出水平位移的表達(dá)式，利用數(shù)學(xué)知識可以求出水平距離的最大值。

21.【答案】（1）由電量和電流的關(guān)系q=It可知I-t圖像下方的面積表示電荷量，因此有

Q=ilAti+12A=2+i3At3

代入數(shù)據(jù)解得Q=0.5C

（2）由磁通量的定義可得?=BS=-XJia2

r

代入數(shù)據(jù)可得中=6.28X10-8Wb

（3）在0~1.0X10-3s時間內(nèi)電流均勻增加，有楞次定律可知感應(yīng)電流的方向c-R-d,產(chǎn)生恒定的

感應(yīng)電動勢E=1=地三尤X4

A