2020屆山東省高考物理模擬試題附答案

2020屆山東省新高考物理模擬試題一、選擇題1.下列說(shuō)法正確的是（）A.放射性物質(zhì)的溫度降低，其半衰期將變大B.大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷，將輻射出4種頻率的光C.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，改用波長(zhǎng)較長(zhǎng)的光照射就有可能發(fā)生D.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，總能量也增大2.某同學(xué)前后兩次從同一位置水平投出兩支飛鏢1和飛鏢2到靶盤上，飛鏢落到靶盤上的位置如圖所示，忽略空氣阻力，則兩支飛鏢在飛行過(guò)程中A.速度變化量B.飛行時(shí)間C.初速度D.角度3.如圖所示，S1和S2是兩個(gè)相干波源，其振幅均為A，周期均為T。實(shí)線與虛線分別表示兩列波的波峰和波谷。此刻，c是波谷與波谷的相遇點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是Aa處質(zhì)點(diǎn)始終處于離平衡位置2A處B.隨著時(shí)間的推移，c處的質(zhì)點(diǎn)將向右移動(dòng)C.從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)T，c處的質(zhì)點(diǎn)將通過(guò)平衡位置D.若S2不動(dòng)，S1沿S1b連線向b運(yùn)動(dòng)，則b處質(zhì)點(diǎn)仍然始終處于平衡位置4、從地面以大小為v1的初速度豎直向上拋出一個(gè)皮球,經(jīng)過(guò)時(shí)間t皮球落回地面,落地時(shí)皮球的速度大小為v2.已知皮球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比,重力加速度大小為g.下面給出時(shí)間t的四個(gè)表達(dá)式中只有一個(gè)是合理的.你可能不會(huì)求解t,但是你可以通過(guò)一定的物理分析,對(duì)下列表達(dá)式的合理性做出判斷.根據(jù)你的判斷,你認(rèn)為t的合理表達(dá)式應(yīng)為(重力加速度為g)()A.B.C.D.5.假設(shè)某籃球運(yùn)動(dòng)員準(zhǔn)備投三分球前先屈腿下蹲再豎直向上躍起，已知他的質(zhì)量為m，雙腳離開地面時(shí)的速度為，從開始下蹲到躍起過(guò)程中重心上升的高度為h，則下列說(shuō)法正確的是A.從地面躍起過(guò)程中，地而對(duì)他所做的功為0B.從地面躍起過(guò)程中，地面對(duì)他所做的功為C.從下蹲到離開地面上升過(guò)程中，他的機(jī)械能守恒D.離開地面后，他在上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)；在下落過(guò)程中處于失重狀態(tài)6.人類探索宇宙的腳步從未停止，登上火星、探尋火星的奧秘是人類的夢(mèng)想，中國(guó)計(jì)劃于2020年登陸火星。地球和火星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，忽略行星自轉(zhuǎn)影響。根據(jù)下表，火星和地球相比行星半徑/m質(zhì)量/kg軌道半徑/m地球6.4×1066.0×10241.5×1011火星3.4×1066.4×10232.3×1011A.火星的第一宇宙速度較大B.火星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度較大C.火星表面的重力加速度較大D.火星的公轉(zhuǎn)周期較大7、如圖所示，A受到沿斜面向上的拉力F1和垂直于斜面的拉力F2作用，正在沿傾角為斜面向下運(yùn)動(dòng)，斜面體B始終保持靜止不動(dòng)。斜面體B受到地面的摩擦力向右，物塊A正在下滑時(shí)，則（）A.物塊與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)B.若只撤去F2，則B受到地面的摩擦力變小C.若同時(shí)撤去F1和F2，物塊A將可能勻速運(yùn)動(dòng)D.若只增大A的質(zhì)量，物塊B受到地面的摩擦力將變大8、如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.閉合開關(guān)S,增大可變電阻R的阻值后，電壓表示數(shù)的變化量為△U，在這個(gè)過(guò)程中，下列判斷正確的是A.電阻R1兩端的電壓減小，減小量等于△UB.電壓表示數(shù)變化量△U和電流表示數(shù)變化△I比值不變C.電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值不變D.電容器的帶電量減小，減小量大于C△U9.如圖所示，三小球a、b、c的質(zhì)量都是m，都放于光滑的水平面上，小球b、c與輕彈簧相連且靜止，小球a以速度%沖向小球b，碰后與小球b粘在一起運(yùn)動(dòng).在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A.三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，總機(jī)械能不守恒B.三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，總機(jī)械能也守恒C.當(dāng)小球b、c速度相等時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能最大D.當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小球c的動(dòng)能一定最大，小球b的動(dòng)能一定不為零10、有一臺(tái)理想變壓器及所接負(fù)載如圖所示，在原線圈c、d兩端加上交變電流。已知b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想交流電表，電容器的耐壓值足夠大。則下列說(shuō)法正確的是A.開關(guān)S1始終接a，當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)電壓表V1和V2示數(shù)均不變B.開關(guān)S1始終接a，當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)電流表A1和A2示數(shù)均變小C.保持滑片P的位置不變，將開關(guān)S1由a改接b，電壓表V1和V2示數(shù)均變大D.保持滑片P的位置不變，將開關(guān)S1由a改接b，電容器所帶電荷量的最大值將增大11、在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)靜止的放射性原子核()發(fā)生了一次α衰變。放射出的α粒子()在與磁場(chǎng)垂直的平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為R。以m、q分別表示α粒子的質(zhì)量和電荷量，生成的新核用Y表示。下面說(shuō)法正確的是A.發(fā)生衰變后產(chǎn)生的α粒子與新核Y在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡正確的是圖丙B.新核Y在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑為RY＝C.α粒子的圓周運(yùn)動(dòng)可以等效成一個(gè)環(huán)形電流，且電流大小為I＝D.若衰變過(guò)程中釋放的核能都轉(zhuǎn)化為α粒子和新核的動(dòng)能，則衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為Δm＝12、如圖是某繩波形成過(guò)程的示意圖。質(zhì)點(diǎn)1在外力作用下沿豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，帶動(dòng)質(zhì)點(diǎn)2、3、4…各個(gè)質(zhì)點(diǎn)依次上下振動(dòng)，把振動(dòng)從繩的左端傳到右端。t=T/4時(shí)，質(zhì)點(diǎn)1到達(dá)最高位置，質(zhì)點(diǎn)5剛要開始運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是A.t=T/4時(shí)，質(zhì)點(diǎn)5開始向下運(yùn)動(dòng)B.t=T/4時(shí)，質(zhì)點(diǎn)3的加速度方向向下C.從t=T/2開始的一小段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)8的速度正在增大D.在t=3T/2時(shí)，1到17個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好第一次構(gòu)成一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的完整正弦圖像二、實(shí)驗(yàn)題13、如圖所示，為某同學(xué)設(shè)計(jì)的“探究加速度與物體所受合力F及質(zhì)量m的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置簡(jiǎn)圖.（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是____。A.控制變量法B.假設(shè)法C.理想實(shí)驗(yàn)法D.等效替代法（2）在保持小車受力相同時(shí)，探究加速度與質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)屮，以下故法正確的是______。A.平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將裝有砝碼的小桶用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小車上B.每次改變小車的質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力C.實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開小車，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D.為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象（3）下圖是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分，其中O、A、B、C、D是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖，打“B”計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為___________________m/s.由紙帶求出小車的加速度的大小為_____________m/s2.(計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（4）如圖所示是某同學(xué)在探究加速度與力的關(guān)系時(shí)，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的a?F圖線.其中圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是______，圖線在末端彎曲的原因是______.14、18.在“測(cè)定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)出金屬絲的電阻R1，甲、乙兩同學(xué)分別采用了不同的方法進(jìn)行測(cè)量：（1）①甲同學(xué)直接用多用電表測(cè)其電阻，該同學(xué)選擇×10Ω倍率，用正確的操作方法測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過(guò)角度太大．為了準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)你從以下給出的操作步驟中，選擇必要的步驟，并排出合理順序：．（填步驟前的字母）A．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至歐姆擋“×1Ω”B．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至歐姆擋“×100Ω”C．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至“OFF”，并拔出兩表筆D．將兩表筆分別連接到Rx的兩端，讀出阻值后，斷開兩表筆E．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針對(duì)準(zhǔn)刻度盤上歐姆擋的零刻度，斷開兩表筆②按正確步驟測(cè)量時(shí)，指針指在圖1示位置，Rx的測(cè)量值為Ω．（2）乙同學(xué)則利用實(shí)驗(yàn)室里下列器材進(jìn)行了測(cè)量：電壓表V（量程0～5V，內(nèi)電阻約10kΩ）電流表A1（量程0～500mA，內(nèi)電阻約20Ω）電流表A2（量程0～300mA，內(nèi)電阻約4Ω）滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為10Ω，額定電流為2A）滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為250Ω，額定電流為0.1A）直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為4.5V，內(nèi)電阻約為0.5Ω）電鍵及導(dǎo)線若干為了較精確畫出I﹣U圖線，需要多測(cè)出幾組電流、電壓值，故電流表應(yīng)選用，滑動(dòng)變阻器選用（選填器材代號(hào)），乙同學(xué)測(cè)量電阻的值比真實(shí)值（選填“偏大”“偏小”“相等”），利用選擇的器材，請(qǐng)你在圖2方框內(nèi)畫出理想的實(shí)驗(yàn)電路圖，并將圖3中器材連成符合要求的電路．三、計(jì)算題15、（11分）如圖所示，兩個(gè)可導(dǎo)熱的氣缸豎直放置，它們的底部都由一細(xì)管連通（忽略細(xì)管的容積）。兩氣缸各有一個(gè)活塞，質(zhì)量分別為m1和m2，活塞與氣缸無(wú)摩擦。活塞的下方為理想氣體，上方為真空。當(dāng)氣體處于平衡狀態(tài)時(shí)，兩活塞位于同一高度h。（已知m1＝3m，m2＝2m）

（1）在兩活塞上同時(shí)各放一質(zhì)量為m的物塊，求氣體再次達(dá)到平衡后兩活塞的高度差（假定環(huán)境溫度始終保持為T0）。

（2）在達(dá)到上一問(wèn)的終態(tài)后，環(huán)境溫度由T0緩慢上升到T，試問(wèn)在這個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)活塞做了多少功？氣體是吸收還是放出了熱量？（假定在氣體狀態(tài)變化過(guò)程中，兩物塊均不會(huì)碰到氣缸頂部）。16、如圖所示，質(zhì)量M＝1.5kg的小車靜止于光滑水平面上并緊靠固定在水平面上的桌子右邊，其上表面與水平桌面相平，小車的左端放有一質(zhì)量為0.5kg的滑塊Q。水平放置的輕彈簧左端固定，質(zhì)量為0.5kg的小物塊P置于光滑桌面上的A點(diǎn)并與彈簧的右端接觸，此時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)用水平向左的推力F將P緩慢推至B點(diǎn)(彈簧仍在彈性限度內(nèi))，推力做功WF＝4J，撤去F后，P沿桌面滑到小車左端并與Q發(fā)生彈性碰撞，最后Q恰好沒(méi)從小車上滑下。已知Q與小車表面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1。(取g＝10m/s2)求：(1)P剛要與Q碰撞前的速度是多少？(2)Q剛在小車上滑行時(shí)的初速度v0是多少？(3)為保證Q不從小車上滑下，小車的長(zhǎng)度至少為多少？17、如圖所示，在xoy平面內(nèi)，有一線狀電子源沿x正方向發(fā)射速度均為v的電子，形成寬為2R、在y軸方向均為分布且關(guān)于x軸對(duì)稱的電子流。電子流沿x方向射入一個(gè)半徑為R、中心位于原點(diǎn)O的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域（區(qū)域邊界存在磁場(chǎng)），磁場(chǎng)方向垂直xoy平面向里，電子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后均從P點(diǎn)射出．在磁場(chǎng)區(qū)域的正下方，正對(duì)的金屬平行板K和A與x軸平行，其中K板與P點(diǎn)的距離為d，中間開有寬度為2d且關(guān)于y軸對(duì)稱的小孔．A與K兩板間加有恒定電壓UAK，且K板電勢(shì)高于A板電勢(shì)，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，，不計(jì)電子重力及它們間的相互作用．（1）能打到A板上的電子在進(jìn)入平行金屬板時(shí)與金屬板K的夾角應(yīng)滿足什么條件？（2）能進(jìn)入AK極板間的電子數(shù)占發(fā)射電子總數(shù)的比例為多大？18、如圖所示，足夠長(zhǎng)的水平軌道左側(cè)b1b2﹣c1c2部分軌道間距為2L，右側(cè)c1c2﹣d1d2部分的軌道間距為L(zhǎng)，曲線軌道與水平軌道相切于b1b2，所有軌道均光滑且電阻不計(jì)．在水平軌道內(nèi)有斜向下與豎直方向成θ=37°的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.1T．質(zhì)量為M=0.2kg的金屬棒B垂直于導(dǎo)軌靜止放置在右側(cè)窄軌道上，質(zhì)量為m=0.1kg的導(dǎo)體棒A自曲線軌道上a1a2處由靜止釋放，兩金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，A棒總在寬軌上運(yùn)動(dòng)，B棒總在窄軌上運(yùn)動(dòng)．已知：兩金屬棒接入電路的有效電阻均為R=0.2Ω，h=0.2m，L=0.2m，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2求：（1）金屬棒A滑到b1b2處時(shí)的速度大??；（2）金屬棒B勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小；（3）在兩棒整個(gè)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)金屬棒A某截面的電量；（4）在兩棒整個(gè)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒A、B在水平導(dǎo)軌間掃過(guò)的面積之差．2020屆山東省新高考物理模擬試題答案題號(hào)123456789101112答案1、【答案】D【詳解】A．原子核的半衰期與外界條件及所處狀態(tài)無(wú)關(guān)，由自身決定，A錯(cuò)誤。B．大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷，任選兩條軌道，所以輻射出種頻率光子，B錯(cuò)誤。C．根據(jù)光速方程：可知，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，頻率降低，所以該光不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，波長(zhǎng)更長(zhǎng)即頻率更低的光，依然不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤。D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，需要吸收能量，總能量增大，根據(jù)庫(kù)侖力提供向心力：，可知，軌道半徑越大，速度越小，動(dòng)能越小，總能量等于動(dòng)能加勢(shì)能，所以勢(shì)能增大，D正確。2、【答案】D【解析】B、飛鏢1下落的高度小，根據(jù)，解得，可知飛行時(shí)間，故B錯(cuò)誤；A、加速度相等，都為g，則速度變化量，可得，故A錯(cuò)誤；C、由于水平位移相等，根據(jù)，可知初速度，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)，對(duì)于飛鏢1，時(shí)間短，初速度大，則tanθ1＞tanθ2，所以θ1＞θ2，故D正確；故選D。3、【答案】C【解析】a處是波峰與波峰疊加，為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅為2A，但質(zhì)點(diǎn)并不始終處于離平衡位置2A處，A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波移動(dòng)，B錯(cuò)誤；從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)T，c處為平衡位置與平衡位置相遇，質(zhì)點(diǎn)將通過(guò)平衡位置，C正確；兩列波傳到b點(diǎn)的振動(dòng)情況一直在變化，當(dāng)S2不動(dòng)，S1沿S1b連線向b運(yùn)動(dòng)，b處質(zhì)點(diǎn)不可能始終處于平衡位置，D錯(cuò)誤。故選C。4、【答案】B【詳解】時(shí)間的單位應(yīng)該是s，的單位為m，故A錯(cuò)誤；如果不考慮空氣的阻力，則v1=v2，，故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間．由于空氣阻力作用，v2＜v1，，故B答案是合理的，故B正確。假設(shè)空氣的阻力為0，則v1=v2，則t上=t下，故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間，而，故C錯(cuò)誤。若沒(méi)有空氣阻力，v1=v2，時(shí)間應(yīng)為，故選項(xiàng)D中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不合理，故D錯(cuò)誤。5、【答案】A【解析】A.從地面躍起過(guò)程中，地面對(duì)人沒(méi)有位移，所以地而對(duì)他所做的功為0，故A正確；B錯(cuò)誤；C、.從下蹲到離開地面上升過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加，重力勢(shì)能也增加所以他的機(jī)械能是增加的，故C錯(cuò)誤；D、離開地面后，他在上升過(guò)程和下落過(guò)程中都有向下的加速度，所以都處于處于失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：A6、【答案】D【詳解】A.根據(jù)得，第一宇宙速度火星質(zhì)量和半徑的比值較小，則火星的第一宇宙速度較小，故A錯(cuò)誤。BD.火星和地球均繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)得：火星的軌道半徑較大，則加速度較小，周期較大，故D正確，B錯(cuò)誤。C.根據(jù)，得：由于火星質(zhì)量和半徑的二次方比值較小，則火星表面的重力加速度較小，故C錯(cuò)誤。7、【答案】D【解析】【詳解】AC．根據(jù)題意可知：設(shè)斜面傾角為，對(duì)斜面體因?yàn)榈孛鎸?duì)斜面體摩擦力向右，所以物塊對(duì)斜面體的壓力的水平分力小于物塊對(duì)斜面體摩擦力的水平分力，設(shè)物塊斜面體之間彈力為FN，有：，所以，同時(shí)撤去兩力，，物塊將減速，AC錯(cuò)誤。B．對(duì)斜面受力分析可知：，只撤去F2，地面對(duì)B的摩擦力變大，B錯(cuò)誤。D．對(duì)斜面受力分析可知：，只增大物塊質(zhì)量，摩擦力變大，D正確。8、【答案】B【解析】AD、閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻R1兩端的電壓減小，由閉合電路歐姆定律得它們的總電壓即路端電壓增大，由得電阻R兩端的電壓增大，，所以電阻R1兩端的電壓減小量小于△U，故A錯(cuò)誤，由于電容器與電阻R1并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓等于電阻R1兩端的電壓，所以有電容器的兩端的電壓減小，帶電量減小，減小量小于C△U，故D錯(cuò)誤；B、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，由數(shù)學(xué)知識(shí)得，所以電壓表示數(shù)變化量和電流表示數(shù)變化的比值不變，故B正確；C、由圖可知，由于R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大．故C錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)睛】?jī)呻姳碜x數(shù)的比值要根據(jù)歐姆定律和閉合電路歐姆定律來(lái)分析，注意，，R是非線性電阻。9、【答案】CD【解析】【詳解】AB、在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，小球a與b碰撞后粘在一起，動(dòng)能減小，機(jī)械能減小，故AB錯(cuò)誤；

C、a與b碰撞后，彈簧被壓縮，彈簧對(duì)b產(chǎn)生向左的彈力，對(duì)c產(chǎn)生向右的彈力，ab做減速運(yùn)動(dòng)，c做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)c的速度大于ab的速度后，彈簧壓縮量減小，則當(dāng)小球b、c速度相等時(shí)，彈簧壓縮量，彈性勢(shì)能最大，故C正確；D、當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小球c的動(dòng)能一定最大，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分析可知，小球b的動(dòng)能不為零，故D正確；故選CD?！军c(diǎn)睛】含有彈簧的問(wèn)題，難點(diǎn)是對(duì)物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程的分析，得到彈簧勢(shì)能最大的臨界條件；本題根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒分析求得。10、【答案】BCD【解析】開關(guān)S1始終接a，副線圈電壓不變，當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的總電阻變大，電流變小，所以電流表的示數(shù)均變小，B正確；副線圈電壓不變，所以電壓表V1的示數(shù)不變，電壓表V2測(cè)量的是滑動(dòng)變阻器的電壓，因?yàn)榭傠娏髯冃。远ㄖ惦娮璧姆謮鹤冃?，所以滑?dòng)變阻器的分壓變大，故V2示數(shù)變大，A錯(cuò)誤；保持滑片P的位置不變，將開關(guān)S1由a改接b，副線圈電壓變大，滑動(dòng)變阻器的分壓變大，所以電容器兩端電壓變大，電荷量增多，CD正確．11、【答案】BCD【詳解】由動(dòng)量守恒可知衰變后產(chǎn)生的α粒子與新核Y運(yùn)動(dòng)方向相反，所以在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡圓外切，根據(jù)可得，可知α粒子半徑大，由左手可知兩粒子圓周運(yùn)動(dòng)方向相同，丁圖正確，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由可知，新核Y在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，故選項(xiàng)B正確；圓周運(yùn)動(dòng)的周期為，環(huán)形電流為，故選項(xiàng)C正確；對(duì)α粒子由洛倫磁力提供向心力可得，由質(zhì)量關(guān)系可知衰變后新核Y質(zhì)量為，由衰變過(guò)程中動(dòng)量守恒可得可知，系統(tǒng)增加的能量為，由質(zhì)能方程可得，聯(lián)立解得衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為，故選項(xiàng)D正確。12、【答案】BD【解析】A項(xiàng)：由題意可知，在質(zhì)點(diǎn)1位于波峰可知，質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上，根據(jù)受迫振動(dòng)的振動(dòng)方向與波源振動(dòng)方向相同，所以質(zhì)點(diǎn)5的起振方向向上，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：t=T/4時(shí)，質(zhì)點(diǎn)3位于平衡位置上方，所以加速度方向向下，故B正確；C項(xiàng)：在t=T/2時(shí)，質(zhì)點(diǎn)8開始向上振動(dòng)，所以振動(dòng)速度減小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：在t=T時(shí)，1到16個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好第一次構(gòu)成一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的完整正弦圖像，故D錯(cuò)誤。二、實(shí)驗(yàn)題13、【答案】(1).A(2).BD(3).0.54(4).1.5(5).未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力(6).未滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量【解析】【詳解】（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法；（2）平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)不掛小桶，讓小車拖著紙帶在木板上做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；每次改變小車質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力，選項(xiàng)B正確；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源后放小車，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因?yàn)闉檎汝P(guān)系，故為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象，選項(xiàng)D正確；故選BD。（3）計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.02s×5=0.1s，打B計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為；根據(jù)逐差法得，小車的加速度（4）由圖線可知，當(dāng)力F到達(dá)一定值時(shí)才有加速度，故圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；圖線在末端彎曲的原因是未滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量；14、【答案】（1）AEDC，22（2）A2，R1；偏??；如圖所示；【解析】【詳解】解：（1）①發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過(guò)角度太大，知電阻較小，則換用“×lΩ”，換擋后需重新調(diào)零．然后去測(cè)電阻，最后將旋鈕旋至“OFF”擋或交流電壓的最高擋．故合理順序?yàn)椋篈EDC．②Rx的測(cè)量值為22×1Ω=22Ω．（2）通過(guò)電阻電流的最大值大約，所以選擇量程為300mA的電流表測(cè)量比較準(zhǔn)確．總阻值為250Ω的滑動(dòng)變阻器阻值相對(duì)較大，測(cè)量時(shí)誤差大，所以選擇總阻值為10Ω的滑動(dòng)變阻器．由于待測(cè)電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法．因采用外接法，則由于電壓表的分流而使電流表測(cè)量結(jié)果偏大，由歐姆定律可知，所測(cè)電阻偏?。蝗舨捎孟蘖鞣?，電路中的電流較大，容易超過(guò)電流表的量程，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電路圖如圖所示：根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，知道滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，以及知道電流表內(nèi)外接的區(qū)別．15、解：（1）設(shè)左、右活塞的面積分別為A'和A，由于氣體處于平衡狀態(tài)，故兩活塞對(duì)氣體的壓強(qiáng)相等，即：

由此得：

在兩個(gè)活塞上各加一質(zhì)量為m的物塊后，右活塞降至氣缸底部，所有氣體都在左氣缸中

在初態(tài)，氣體的壓強(qiáng)為，體積為；在末態(tài)，氣體壓強(qiáng)為，體積為（x為左活塞的高度）

由玻意耳－馬略特定律得：

解得：，即兩活塞的高度差為

（2）當(dāng)溫度由T0上升至T時(shí)，氣體的壓強(qiáng)始終為，設(shè)x'是溫度達(dá)到T時(shí)左活塞的高度，由蓋·呂薩克定律得：

活塞對(duì)氣體做的功為：

由熱力學(xué)第一定律：，W<0，ΔU>0，∴Q>0，在此過(guò)程中氣體吸收熱量16、【解析】(1)推力F通過(guò)P壓縮彈簧做功，根據(jù)功能關(guān)系有Ep＝WF①當(dāng)彈簧完全推開物塊P時(shí)，有Ep＝eq\f(1,2)mPv2②由①②式聯(lián)立解得v＝4m/s。(2)P、Q之間發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后Q的速度為v0，P的速度為v′，由動(dòng)量守恒和能量守恒得mPv＝mPv′＋mQv0③eq\f(1,2)mPv2＝eq\f(1,2)mPv′2＋eq\f(1,2)mQveq\o\al(2,0)④由③④式解得v0＝v＝4m/s，v′＝0。(3)設(shè)滑塊Q在小車上滑行一段時(shí)間后兩者的共同速度為u，由動(dòng)量守恒可得mQv0＝(mQ＋M)u⑤根據(jù)能量守恒，系統(tǒng)產(chǎn)生的摩擦熱μmQgL