（2021年）安徽省宣城市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)

（2021年）安徽省宣城市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.核心層主要承擔()功能。

A.高速數據傳輸功能B.光纖連接功能C.高速數據交換功能D.光纖轉發(fā)功能

2.下列關于UNIX操作系統的基本特性，說法錯誤的是()。A.UNIX是一個支持多任務、多用戶的操作系統

B.UNIX提供了功能強大的Shell編程語言

C.UNIX的網狀文件系統有良好的安全性和可維護性

D.UNIX提供了多種通信機制

3.16根地址線的尋址范圍是()。A.512KB.64KC.640KD.1MB

4.下列關于ADSL的描述中，錯誤的是()

A.ADSL使用1對銅雙絞線

B.ADSL的上下行速率是相同的

C.ADSLModem用于連接計算機

D.采用ADSL技術可以通過PSTN接入Internet

5.B類地址的網絡號長度為14bit，實際允許分配B類地址的網絡只能有()個。A.2048B.30487C.16384D.65534

6.

7.通過KDC分配公用密鑰時需要解決的主要問題是()

A.密鑰的認證B.密鑰的保密C.密鑰的生成D.密鑰的撤銷

8.某網絡的網絡互聯結構如下圖所示。那么對于路由器R2，要到達網絡時，下一個路由器地址應該是()。

A.B.C.D.

9.下列對IPv6地址表示中，錯誤的是()

A.::601:BC:0:05D7

B.21DA:0:0:0:0:2A:F:FE08:3

C.21BC::0:0:1/48

D.EF60::2A90:FE:0:4CA2:9C5A

10.故意制作、傳播計算機病毒等破壞性程序,影響計算機系統正常運行,后果嚴重的,將受到（）處罰。

A.處五年以下有期徒刑或者拘役B.拘留C.罰款D.警告

二、填空題(10題)11.在網絡協議的各層中相鄰層之間的聯系是【】的關系。

12.

13.(5）在OSI參考模型中，每層可以使用___________層提供的服務。

14.21世紀全球多媒體網絡應具有異構性、服務質量、移動性、擴展性、______和可靠性。

15.防火墻是在網絡的入口對通過的數據包進行選擇，只有滿足條件的數據包才能通過，否則數據包將被拋棄。

16.

17.組播允許一個發(fā)送方發(fā)送數據包到多個接收方。不論接收組成員的數量是多少，數據源只發(fā)送______數據包。

18.某種虛擬局域網的建立是動態(tài)的，它代表了一組IP地址。虛擬局域網中由叫做代理的設備對虛擬局域網中的成員進行管理。這個代理和多個IP結點組成IP【】虛擬局域網。

19.Novell公司收購了SUSE，以便通過SUSEProfessional進一步發(fā)展其網絡操作系統業(yè)務。

20.IEEE標準定義了CSMA/CD總線介質訪問控制子層與物理層的規(guī)范。

三、2.填空題(8題)21.堆棧是一種執(zhí)行______算法的數據結構。

22.局域網從介質訪問控制方法的角度可以分兩類：共享介質局域網與【】局域網。

23.因特網用戶使用的FTP客戶端應用程序通常有3種類型，即傳統的FTP命令行、瀏覽器和【】。

24.網絡操作系統的基本任務是：屏蔽本地資源與網絡資源的差異性，為用戶提供各種基本網服務功能，完成網絡【】的管理，并提供網絡系統的安全性服務。

25.SNMP的網絡管理模型由管理結點和______組成。

26.______層負責錯誤的確認和恢復。

27.網絡操作系統為支持分布式服務，提出了一種新的網絡資源管理機制，即分布式【】管理機制。

28.如果一個Web站點利用IIS來建設，當Web站點的內容位于NTFS分區(qū)時，可以通過______限制、用戶限制、Web權限和NTFS權限對它進行訪問控制。

四、C語言程序設計題(2題)29.函數readDat是從文件in．dat中讀取20行數據存放到字符串數組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數isSort，其函數的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數組xx中，最后調用函數writeDat把結果xx輸出到文件out．dat中。

條件：字符串從中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值升序排序，右邊部分不變，左邊經排序后再與右邊部分進行交換。如果原字符串長度為奇數，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

30.已知數據文件in．dat中存有300個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請編制一函數isValue，其功能是：求出所有這些四位數是素數的個數cnt，再把所有滿足此條件的四位數依次存入數組b中，然后對數組b的四位數按從小到大的順序進行排序。最后main函數調用寫函數writeDat把數組b中的數輸出到out．dat文件中。

例如：5591是素數，則該數滿足條件存入數組b中，且個數cnt=cnt+1。

9812是非素數，則該數不滿足條件忽略。

注意：部分源程序存在test．C文件中。

程序中已定義數組：a[300]，b[300]，已定義變量：cnt請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.電子郵件系統中，______負責進行報文轉換，以實現不同電子郵件系統之間的通信。

A.報文存儲器B.報文傳送代理C.用戶代理D.網關

32.關于通路和鏈路，說法正確的是()。

A.通路是兩個結點間的實際通信連線

B.鏈路是兩個結點間的邏輯通信連線

C.通路是從信源到信宿的一串結點和鏈路

D.鏈路是從信源到信宿的一串結點和通信連線

33.關于因特網中的主機和路由器，以下說法中，正確的是______。Ⅰ、主機通常需要實現TCP協議Ⅱ、路由器必須實現TCP協議Ⅲ、主機必須實現IP協議Ⅳ、路由器必須實現IP協議

A.Ⅰ、Ⅱ和ⅢB.Ⅰ、Ⅱ和ⅣC.Ⅰ、Ⅲ和ⅣD.Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ

六、1.程序設計題(3題)34.已知在文件IN13.DAT中存有若干個(個數<200)4位數字的正整數，函數ReadDat()的功能是讀取這若干個正整數并存入數組xx中。請編制函數CalValue()，其功能要求：(1)求出該文件中共有多少個正整數totNum；(2)求這些數右移1位后，產生的新數是偶數的數的個數totCnt，以及滿足此條件的這些數(右移前的值)的算術平均值totPjz，最后調用函數WriteDat()把所求的結果輸出到文件OUT13.DAT中。

注意：部分源程序已給出

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈conio.h>

#defineMAXNUM200

intxx[MAXNUM];

inttotNum=0;/*文件IN13.DAT中共有多少個正整數*/

inttotCnt=0;/*符合條件的正整的個數*/

doubletotPjz=0.0;/*平均值*/

intReadDat(void);

voidWritedat(void);

voidCalValue(void)

{

}

main()

{

inti;

clrscr();

for(i=0;i〈MAXNUM;i++)

xx[i]=0;

if(ReadDat())

{

printf("數據文件IN13.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

CalValue();

printf("文件IN1B.DAT中共有正整數=%d個\n",totNum);

printf("符合條件的正整數的個數=%d個\n",totCnt);

printf("平均值=%.21f\n",totPjz)

Writedat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

if((fp=fopen("IN13.DAT","r"))==NULL)

return1;

while(!feof(fp))

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i++]);

}

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT13.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%.21f\n",totNum,totCnt,totPjz);

fclose(fp);

}

35.下列程序的功能是：利用以下所示的簡單迭代方法求方程：

cos(x)-x=0的一個實根。

xn+1=cos(xn)

迭代步驟如下：

(1)取x1初值為0.0。

(2)x0=x1，把x1的值賦給x0。

(3)x1=cos(x0)，求出一個新的x1。

(4)若x0-x1的絕對值小于0.000001，執(zhí)行步驟(5)，否則執(zhí)行步驟(2)。

(5)所求x1就是方程cos(x)-x=0的一個實根，作為函數值返回。

請編寫函數countValue()實現程序要求，最后調用函數writeDAT()把結果輸出到文件out41.dat中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()和寫函數writeDAT()的內容。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜math.h＞

#include＜stdio.h＞

floatcountValue()

{

}

main()

{

clrscr();

printf("實根=%f\n",countValue

printf("%f\n",cos(countValue())-countValue());

writeDAT();

}

writeDAT()

{

FILE*wf;

wf=fopen("out41.dat","w");

fprintf(wf,"%f\n",countValue

fclose(wf);

}

36.下列程序的功能是：尋找并輸出11至999之間的數m，它滿足m，m2和m3均為回文數。所謂回文數是指其各位數字左右對稱的整數，例如121，676，94249等。滿足上述條件的數如m=11，m2=121，m3=1331皆為回文數。請編制函數intjsValue(longn)實現此功能，如果是回文數，則函數返回1，反之則返回0。最后把結果輸出到文件out43.dat中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()。

#include＜stdio.h＞

intjsValue(longn)

{

}

main()

{

longm;

FILE*out;

out=fopen("out43.dat","w");

for(m=11;m＜1000;m++)

{

if(jsValue(m)&&jsValue(m*m)&&jsValue(m*m*m))

{

printf("m=%41d,m*m=%61d,m*m*m=%81d",m,m'm,m*m*m);

fprintf(out,"m=%41d,m*m=%61d,m*m*m=%81d\n",m,m*m,m*m*m);

}

}

fclose(out);

}

參考答案

1.C

2.CUNIX的幾個特點分別是：①UNIX是多用戶、多任務的系統；②UNIX大部分是用C語言編寫的；③提供了Shell編程語言；④提供了豐富的系統調用；⑤采用樹形文件系統；⑥提供多種通信機制；⑦采用進程對換的內存管理。

3.B解析：由于一根地址線可以表示二進制0或l，所以16根地址線可以尋址的范圍就是2的16次方，64k。

4.B

5.C

6.B

7.A解析：在不對稱密鑰體制中，公用密鑰是公開的，按理說分發(fā)公鑰是不需要保密的。然而，為了防止公用密鑰被篡改和偽造，對其完整性的保證是不可少的。目前人們通過KDC分配公用密鑰時，采用的是利用證書權威機構簽發(fā)的數字證書來分發(fā)公用密鑰。數字證書必定包含某一用戶的身份識別、該用戶的公用密鑰以及權威機構的數字簽名等信息。用以證明該證書和用戶的公用密鑰的有效性。

8.C解析：如圖，路由器R2兩側是網絡和網絡，如果R2收到一個IP數據報，其IP地址的網絡號是或，那么R2就可以直接將該報文傳送給目的主機。但這里IP地址的網絡號是，那么S就必須將該報文傳送給其直接相連的另一個路由器(右側的一個)，再由這個路由器進行傳遞。

9.B

10.A

11.服務與被服務服務與被服務解析：在網絡協議的各層中相鄰層之間的聯系是服務與被服務的關系。

12.

13.(5)下

【解析】OSI參考模型將整個通信功能劃分為7個子層，劃分層次的原則如下：網中各結點都有相同的層次；不同結點內相鄰層之間通過接口通信；同一結點內相鄰層之間通過接口通信；每一層使用下層提供的服務，并向其上層提供服務；不同結點的同等層按照協議實現對等層之間的通信。

14.安全性安全性解析：安全性是全球多媒體網絡的一項重要特征。

15.包過濾包過濾防火墻使用一個軟件查看所流經的數據包的包頭，由此決定整個數據包的命運。它可能會決定丟棄這個包，也可能會決定接受這個包（讓這個包通過）。數據包過濾用在內部主機和外部主機之間。過濾系統可以是一臺路由器或一臺主機，它根據過濾規(guī)則來決定是否讓數據包通過。用于過濾數據包的路由器稱為過濾路由器。

16.

17.一次一次解析：組播就是數據源一次性地向接收組的所有成員發(fā)送數據包。

18.廣播組廣播組解析：IP廣播組虛擬局域網：動態(tài)建立，通過虛擬局域網代理管理成員，很高的靈活性，可以跨越路由器形成與廣域網的互聯。

19.LinuxNovell公司收購了SUSE，以便通過SUSELinuxProfessional進一步發(fā)展其網絡操作系統業(yè)務。

20.802.3IEEE802委員會為局域網制定了一系列標準，統稱為IEEE802標準。

—IEEE802.1標準，包括局域網體系結構、網絡互連以及網絡管理與性能測試。

—IEEE802.2標準，定義了邏輯鏈路控制（LLC）子層的功能與服務。

—IEEE802.3標準，定義了CSMA/CD總線介質訪問控制子層與物理層的規(guī)范。

—IEEE802.4標準，定義了令牌總線（TokenBus）介質訪問控制子層與物理層的規(guī)范。

—IEEE802.5標準，定義了令牌環(huán)（TokenRing）介質訪問控制子層與物理層的規(guī)范。

—IEEE802.6標準，定義了城域網（MAN）介質訪問控制子層與物理層的規(guī)范。

—IEEE802.7標準，定義了寬帶技術的規(guī)范。

—IEEE802.8標準，定義了光纖技術的規(guī)范。

—IEEE802.9標準，定義了綜合語音與數據局域網的規(guī)范。

—IEEE802.10標準，定義了可互操作的局域網安全性規(guī)范。

—IEEE802.11標準，定義了無線局域網技術的規(guī)范。

21.先進后出先進后出解析：堆棧是一種先進后出的數據結構。即先進棧的元素壓到棧底，出棧時則是彈出棧頂元素。

22.交換式交換式解析：局域網從介質訪問控制方法的角度可以分為兩類：共享介質局域網與交換式局域網。IEEE802.2標準定義的共享介質局域網有3類：采用CSMA/CD介質訪問控制方法的總線型局域網、采用TOKENBUS介質訪問控制方法的總線型局域網與采用TOKENRING介質訪問控制方法的環(huán)型局域網。

23.FTP下載工具FTP下載工具解析：因特網用戶使用的FTP客戶端應用程序通常有三種類型，即傳統的FTP命令行、瀏覽器和FTP下載工具。傳統的FTP命令行形式是最早的FTP客戶端程序，在目前的Windows95、WindowsNT等圖形界面操作系統中仍保留著該功能，但需要切換到MS-DOS窗口中執(zhí)行。瀏覽器是訪問WWW服務的客戶端應用程序，用戶通過指定URL便可以瀏覽到相應的頁面信息。通過瀏覽器用戶只能從FTP職務器下載文件而不能上載文件。FTP下載工具一方面可以提高文件下載的速率，另一方面可以實現斷點續(xù)傳，即接續(xù)前面的斷接點，完成剩余部分的傳輸。常用的VIP下載工具主要有GetRight、CuteFtp、NetAnts等。

24.共享系統資源或共享資源或資源共享系統資源或共享資源或資源解析：網絡操作系統(NOS，NetworkOperatingSystem)是使聯網計算機能夠方便而有效地共享網絡資源，為網絡用戶提供所需的各種服務的軟件與協議的集合。因此，網絡操作系統的基本任務就是：屏蔽本地資源與網絡資源的差異性，為用戶提供各種基本網絡服務功能，完成網絡共享系統資源的管理，并提供網絡系統的安全性服務。

25.代理結點代理結點解析：SNMP模型由管理結點和代理結點構成，采用的是代理/管理站模型。

26.傳輸傳輸解析：傳輸層負責錯誤的確認和恢復，以確保信息的可靠傳遞。在必要時，它也對信息重新打包，把過長信息分成小包發(fā)送；而在接收端，把這些小包重構成初始的信息。

27.目錄服務目錄服務解析：分布式服務(DistributedService)：網絡操作系統為支持分布式服務功能提出了分布式目錄服務這種新的網絡資源管理機制。

28.IP地址限制IP地址限制解析：當Web站點使用IIS來建設時，當Web站點內容位于NTFS分區(qū)時，有4種方法可以限制用戶訪問Web站點中提供的資源：IP地址限制、用戶驗證(用戶限制)、Web權限和NTFS權限。

29.【審題關鍵句】以行為單位從字符串左邊部分升序排序，排序后左邊部分與右邊部分進行交換。如果原字符串長度為奇數，則最中間的字符不參加處理。

\n【解題思路】

\n本題類似第77套試題，通過審題可以發(fā)現主要是對字符串左邊部分排序時所采用的排序方式不同，參考答案的第11行，修改if條件語句的設置即可。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】求素數的個數，存入數組，按從小到大的順序排序。

\n【解題思路】

\n①首先定義兩個循環(huán)變量循環(huán)i、j和一個用于數據交換的整型變量tmp。

\n②通過for循環(huán)依次讀取數組中的300個數，其中，循環(huán)變量i從0開始每次加1，直到i<300停止循環(huán)；在每次循環(huán)中判斷a[i]是否是素數，如果是素數，則把a[i]的值賦給數組b[cnt]，同時數組下標變量cnt值加1。

\n③在退出循環(huán)后，用兩個for循環(huán)對數組b[]中元素進行兩兩比較，實現數組元素從小到大的排序，比較過程中通過整型變量tmp實現兩個數的交換。

\n【參考答案】

\n

31.D【解析】電子郵件系統中，網關負責進行報文轉換，以實現不同電子郵件系統之間的通信。

32.C解析：網絡中兩個結點之間的物理連線稱為通信鏈路，而通路是從信源到信宿的一串結點和鏈路。

33.C解析：本題考查點是因特網中主機和路由器的作用。因特網中使用TCP/IP協議。傳輸層通常使用TCP協議，網絡層使用IP協議。發(fā)送方主機將應用程序數據首先按TPC協議封裝成報文，再按IP協議封裝成IP數據報。IP數據報傳送給路由器，路由器按IP協議接收和轉發(fā)。接收方主機按IP協議接收數據報，并經過TCP協議后拆卸上傳給應用程序。綜上所述，主機必須實現IP協議，通常還需要實現TCP協議。路由器屬于通信于網設備，工作在低3層協議，不需要實現TCP協議。

34.voidCalValue(void){intidata;for(i=0;i〈MAXNUM;i++){if(!xx[i])continue;/*如果當前數為0則結束本次循環(huán)取下一個數*/if(xx[i]>0)totNum++;/*統計正整數的個數*/data=xx[i]>>1;/*將數右移一位*/if(data%2==0)/*如果右移1位后產生的新數是偶數*/{totCnt++;totPjz+=xx[i];}/*統計這些數的個數并將滿足條件的原數求和*/}totPjz/=totCnt;/*求滿足條件的這些數(右移前的值)的算術平均值*/}voidCalValue(void)\r\n{\r\ninti,data;\r\nfor(i=0;i〈MAXNUM;i++)\r\n{\r\nif(!xx[i])\r\ncontinue;/*如果當前數為0,則結束本次循環(huán)，取下一個數*/\r\nif(xx[i]>0)\r\ntotNum++;/*統計正整數的個數*/\r\ndata=xx[i]>>1;/*將數右移一位*/\r\nif(data%2==0)/*如果右移1位后，產生的新數是偶數*/\r\n{\r\ntotCnt++;\r\ntotPjz+=xx[i];\r\n}/*統計這些數的個數，并將滿足條件的原數求和*/\r\n}\r\ntotPjz/=totCnt;/*求滿足條件的這些數(右移前的值)的算術平均值*/\r\n}解析：本題的解題思路是首先利用一個for循環(huán)來依次從數組中取得各數，由于題目要求數組中正整數的個數，因此，零不做任何處理，接著去取下一個數。只要某數大于零，則該數一定是正整數，這時就給變量totNum(正整數的個數)累加1，之后把該正整數右移一位后的結果臨時保存在變量data中，再對這個臨時變量進行是否偶數的判斷。如果該臨時變量中保存的值是偶數，則表明原數符合條件，就給變量totCnt(符合判斷條件的正整數個數)累加1，并把當前的變量data右移前的原數的值累加到變量totPjz中，當所有符合判斷條件的數都被找出后，再對totPjz進行求平均值的計算。

35.floatcountValue{){floatx0x1=0.0；while(1){x0=x1；/*將x1賦值給x0*/x1=cos(x0)；/*求出新的x1*/if(fabs(x0-x1)＜1e-6)break；/*若x0—x1的絕對值小于0.000001則結束循環(huán)*/}returnx1；}floatcountValue{)\r\n{floatx0，x1=0.0；\r\nwhile(1)\r\n{x0=x1；/*將x1賦值給x0*/\r\nx1=cos(x0)；/*求出新的x1*/\r\nif(fabs(x0-x1)＜1e-6)break；/*若x0—x1的絕對值小于0.000001，則結束循環(huán)*/\r\n}\r\nreturnx1；\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)數學函數doublecos(doublex)及doublefabs(doublex)的使用。

(2)使用循環(huán)結構實現迭代。

在本題中，因為要求一個實數