2022-2023學年山東省濰坊市壽光市現(xiàn)代中學物理高一第二學期期中質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2022-2023學年山東省濰坊市壽光市現(xiàn)代中學物理高一第二學期期中質量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、兩個物體做平拋運動的初速度之比為，若它們的水平射程相等，則它們的拋出點離地面高度之比為（）A． B． C． D．2、人用繩子通過動滑輪拉物體A，A穿在光滑的豎直桿上，當以速度v0勻速地拉繩，使物體

A到達如圖所示位置時，繩與豎直桿的夾角為θ，以下說法正確的是（）A．A物體運動可分解成沿繩子方向的直線運動和沿豎直桿向上的運動B．A物體實際運動的速度是v0cosθC．A物體實際運動的速度是D．A物體處于失重狀態(tài)3、我國在1984年4月8日成功發(fā)射了一顆試驗同步衛(wèi)星，1986年2月1日又成功發(fā)射了一顆實用地球同步衛(wèi)星，這兩顆地球同步軌道衛(wèi)星的()A．質量可以不同 B．軌道半徑可以不同C．軌道平面可以不同 D．速率可以不同4、關于曲線運動，下列說法正確的是A．平拋運動是一種勻變速運動B．物體在恒力作用下不可能做曲線運動C．做勻速圓周運動的物體，所受合力是恒定的D．做圓周運動的物體，所受合力總是指向圓心的5、鐵路在彎道處的內外軌道高低是不同的，已知內外軌道對水平面傾角為θ，彎道處的圓弧半徑為r，若質量為m的火車轉彎時速度小于，則（）A．內軌對內側車輪輪緣有擠壓B．外軌對外側車輪輪緣有擠壓C．這時鐵軌對火車的作用力等于mgD．這時鐵軌對火車的作用力小于mg6、我們經常在電視中看到男、女花樣滑冰運動員手拉手在冰面上旋轉并表演各種優(yōu)美的動作．現(xiàn)有甲、乙兩名花樣滑冰運動員，質量分別為M甲＝80kg、M乙＝40kg，他們面對面拉著彈簧測力計以他們連線上某一點為圓心各自做勻速圓周運動，若兩人相距0.9m，彈簧測力計的示數(shù)為600N，則（）A．兩人的線速度相同，都是0.4m/sB．兩人的角速度相同，都是5rad/sC．兩人的運動半徑相同，都是0.45mD．兩人的運動半徑不同，甲的半徑是0.3m，乙的半徑是0.6m7、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板M、N組成電容器，板N固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M和靜電計的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（）A．只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B．只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C．只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D．只在M、N之間插入云母板，靜電計指針張角變大8、某緩沖裝置可抽象成如圖所示的簡單模型．圖中為原長相等，勁度系數(shù)不同的輕質彈簧，下列表述正確的是（）A．緩沖效果與彈簧的勁度系數(shù)無關B．墊片向右移動時，兩彈簧產生的彈力大小相等C．墊片向右移動時，兩彈簧的彈性勢能發(fā)生改變D．墊片向右移動時，兩彈簧的長度保持相等9、如圖所示，豎直面內有一個正方形ABCD的凹槽，在A點以初速度沿AB方向彈出一小球時，小球擊中了凹槽上的C點．在忽略空氣阻力的情況下，取重力加速度為g，則A．小球運動的時間為B．凹槽的深度為C．小球落到C點的豎直分速度大小為D．小球落到C點的速度大小為10、關于能量和能量耗散，下列說法中正確的是（）A．能量耗散從能量轉化的角度反映出自然界中客觀過程的方向性B．能量耗散表明能源的利用是有條件的，也是有代價的C．能量守恒，不可消失，所以沒有必要節(jié)約能源D．能量之間可以相互轉化，故能源可以很方便的循環(huán)利用二、實驗題11、（4分）如圖，用小錘輕擊彈簧金屬片，A球向水平方向飛出，同時B球被松開，豎直向下運動．（1）用不同的力打擊彈簧金屬片，可以觀察到（_______）A．A球的運動線路不同，B球的運動線路相同B．A、B兩球運動線路相同C.A、B兩球同時落地D．力越大，A、B兩球落地時間間隔越大（2）改變此裝置距地面的高度，重復上述實驗，仍然可以看到相同的實驗現(xiàn)象，根據(jù)此現(xiàn)象分析可知（______）A．小球A在水平方向做勻速運動B．小球A在水平方向做勻加速運動C．小球B在豎直方向做勻加速運動D．小球A與B在豎直方向運動規(guī)律相同12、（10分）實驗室備有下列器材：A．長度為1m、最小刻度為毫米的刻度尺；B．長度為1m、最小刻度為分米的刻度尺；C．秒表；D．打點計時器；E．低壓交流電源(50Hz)；F．低壓直流電源；G．天平．(1)為了測量重錘下落的加速度的數(shù)值，上述器材中必須有的是________(填字母代號)，實驗是通過研究重錘做________運動來測量重錘下落的加速度的．(2)把重錘固定在紙帶下端，讓紙帶穿過打點計時器，當重錘自由下落時，打點計時器在紙帶上打出一系列的點．取連續(xù)清晰的7個點，用刻度尺測出第2、3、4、5、6、7各點與第1點的距離d如下表所示：根據(jù)這些數(shù)據(jù)可求出重力加速度的測量值為________．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，傾角為α=37°的斜面固定在水平地面上，一質量m=1kg的小滑塊以速度v0=5m/s從底端滑上斜面．經0.5s時的速度為零，斜面足夠長．g取10m/s1．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（1）1s時的位移．14、（14分）地球半徑為6400千米，地球表面重力加速度為10米每二次方秒，試估算地球的質量．15、（13分）如圖，一質量為M的光滑大圓環(huán)，用一細輕桿固定在豎直平面內，套在大環(huán)上質量為m的小環(huán)（可視為質點），從大環(huán)的最高處由靜止滑下。重力加速度大小為g。當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時，求大環(huán)對輕桿拉力的大小。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】

由于物體的水平射程相等，初速度之比為3：2，根據(jù)水平方向上的位移x=v0t可知，物體運動的時間之比為2：3，再根據(jù)豎直方向上的位移h=gt2

可知它們拋出點離地面高度之比為4：9，所以A正確，BCD錯誤。2、C【解析】

ABC．將A沿桿向上的運動分解為沿繩子方向的直線運動和垂直繩子方向的運動，如圖所示：人拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度，則，解得A物體實際運動的速度，故AB兩項錯誤，C項正確．D．A物體實際運動的速度，增大，A物體速度增大，即A物體向上做加速運動，處于超重狀態(tài)．故D項錯誤。故選C?！军c睛】繩連接、桿連接的物體沿繩（桿）方向的速度分量相等．3、A【解析】

B．同步衛(wèi)星的“同步”指的是它與地球自轉周期、角速度相同，所以它和地球是相對靜止不動的，根據(jù)萬有引力提供向心力可得因為周期相同，所以軌道半徑相同，故B錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力解得因為軌道半徑相同，所以速率相同，故D錯誤；C．所有同步衛(wèi)星都處于赤道正上空的相同高度的同一軌道上運動，故C錯誤；A．由上可知與衛(wèi)星的質量無關，故A正確．故選A．4、A【解析】

A.平拋運動的加速度為重力加速度，大小、方向都不變，所以平拋運動是一種勻變速運動，故A正確；B.物體在恒力作用下可能做曲線運動，如平拋運動，故B錯誤；C.做勻速圓周運動的物體，所受的合力大小不變，方向始終指向圓心，是變力，故C錯誤；D.做圓周運動的物體所受合力的方向不一定指向圓心，只有做勻速圓周運動的物體所受合力的方向才始終指向圓心，故D錯誤。5、A【解析】

AB．火車的重力和軌道對火車的支持力的合力恰好等于需要的向心力時此時火車的速度正好是由題知，質量為m的火車轉彎時速度小于需要的向心力減小，而重力與支持力的合外力不變，所以合外力大于所需要的向心力，內軌就要對火車產生一個向外的力來抵消多余的力，所以此時內軌對內側車輪輪緣有擠壓，故A正確，B錯誤；CD．當內外軌沒有擠壓力時，受重力和支持力且當質量為m的火車轉彎時速度小于時，內軌對火車的作用力沿著軌道平面，此時支持力與內軌對火車沿斜面的作用力的合力即為鐵軌對火車的作用力，由于兩力相互垂直，則合力一定大于，故CD錯誤。故選A。6、BD【解析】彈簧秤對甲、乙兩名運動員的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：M甲R甲ω甲2=M乙R乙ω乙2=600N①

由于甲、乙兩名運動員面對面拉著彈簧秤做圓周運動的溜冰表演，所以ω甲=ω乙

已知M甲=80kg，M乙=40kg，兩人相距0.9m，所以兩人的運動半徑不同，甲為0.3m，乙為0.6m，根據(jù)①得：兩人的角速相同，ω甲=ω乙=5rad/s．

根據(jù)線速度v=ωr得甲的線速度是v甲=1.5m/s，乙的線速度是v乙=3.0m/s

故AC錯誤，BD正確．故選BD．點睛：解本題關鍵要把圓周運動的知識和牛頓第二定律結合求解，知道共軸轉動時，角速度相等，兩者的向心力相同．7、AB【解析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大．故C錯誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=知電勢差減小，則靜電計指針張角變?。蔇錯誤．故選AB．考點：電容器的動態(tài)分析．8、BC【解析】緩沖效果與彈簧的勁度系數(shù)有關，故A錯誤；當墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯(lián)彈力大小相等，故B正確；當墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧的彈性勢能發(fā)生改變，故C正確；墊片向右移動時，兩彈簧均被壓縮，兩彈簧串聯(lián)彈力相等，由于勁度系數(shù)不同，兩彈簧形變量不同，故兩彈簧長度不同，故D錯誤；故選BC．9、AC【解析】

AB、設正方形的邊長為，擊中C點，則有，，解得：，故A正確，B錯誤；C、小球落到C點的豎直分速度大小為，故C正確；D、小球落到C點的速度大小，故D錯誤。10、AB【解析】

A．能量守恒定律是普遍規(guī)律，能量耗散過程中能量也是守恒的，從能量轉化的角度反映出自然界中的客觀過程具有方向性，故A正確；B．能量的轉化和轉移具有方向性，有些能量耗散到空中無法再次回收和利用，因此能量耗散表明能源的利用是有條件的，也是有代價的，故B正確；CD．能量的轉化和守恒定律即指能量在轉化和轉移中總量保持不變，但能量在轉化中具有方向性，不能循環(huán)利用，所以我們需要節(jié)約能源，故CD錯誤；故選AB。二、實驗題11、ACD【解析】

根據(jù)題意分析可知，本題考查平拋實驗的有關知識，根據(jù)平拋實驗有關知識的規(guī)律方法，運用運動合成與分解、勻變速方程等，進行求解．【詳解】（1）A.打擊與力度不同，A球平拋初速度不同，運動路線不同；但B球始終做自由落體，所以B球路線相同，A正確B.根據(jù)選項A的分析選項B錯誤C.因為A、B兩球豎直方向均為自由落體運動，所以運動時間相同，C正確D.根據(jù)選項C的分析D錯誤（2）改變高度，仍看到相同現(xiàn)象說明小球A與B在豎直方向運動規(guī)律相同，選項D正確【點睛】本題運用平拋運動水平豎直規(guī)律求解12、ADE自由落體9.72m/s2【解析】

(1)[1][2]實驗時，必須有的器材是：低壓交流電源(50Hz)和打點計時器(用來打點)，以及長度為1m、最小刻度為毫米的刻度尺(用來測量點跡之間的距離)．實驗利用重錘做自由落體運動來測重力加速度.(2)[3]我們用逐差法來求重力加速度的測量值：根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，可得紙帶上相鄰兩點間的距離依次為d1＝6.0cm，d2＝12.5cm-6.0cm＝6.5cm，d3＝19.3cm-12.5cm＝6.8cm，d4＝26.5cm-19.3cm＝7.2cm，d5＝34.1cm-26.5cm＝7.6cm，d6＝42.1cm-34.1cm＝8.0cm.可得重錘下落的加速度為，,;從而重力加速度的測量值為.【點睛】此題主要考查紙帶的處理問題，掌握實驗原理，明確需要測量的數(shù)據(jù)，了解各實驗儀器的應用，尤其是明確打點計時器的工作原理以及具體應用．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）0.5（1）1m【解析】

小滑塊沿斜面向上做勻減速運動，根據(jù)速度公式求出加速度，再由牛頓第二定律可以求出滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；當物體的速度減至零時到達斜面的最高點，對于下滑的過程，由牛頓第二定律求得加速度，再由位移時間公式求位移．【詳解】（1）小滑塊沿斜面向上做勻減速運動，根據(jù)速度時間關系：可得加速度大小為：由牛頓第二定律得帶入數(shù)據(jù)解得：μ=0.5（1）前0.5s小滑塊運動的位移大小為：，方向沿斜面向上小滑塊向下做勻加速運動的加速度為a1，則：帶入數(shù)據(jù)解得：后0.5s內小滑塊的位移大小為：，方向沿斜面向