2023屆四川省宜賓市四中高三下學(xué)期二診模擬考試?yán)砭C物理試題（解析版）

宜賓市四中高2020級(jí)高三二診模擬考試?yán)砜凭C合試題二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.為做好疫情防控工作，學(xué)校利用紅外測(cè)溫儀對(duì)學(xué)生進(jìn)行常態(tài)化體溫檢測(cè)，紅外測(cè)溫儀的原理是：被測(cè)物體輻射的光線只有紅外線可被捕捉，并轉(zhuǎn)變成電信號(hào)。圖為氫原了能級(jí)示意圖，已知紅外線單個(gè)光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測(cè)溫儀捕捉提，最少應(yīng)給處于基態(tài)氫原子提供的能量為（）A.10.20eV B.12.09eV C.12.75eV D.13.06eV【答案】C【解析】【詳解】由氫原子能級(jí)示意圖可知，給處于基態(tài)的氫原子提供的能量，若使其躍遷到n=4激發(fā)態(tài)，然后氫原子從n=4激發(fā)態(tài)向低能級(jí)躍遷時(shí)，所輻射光子能量最小值為同理，若氫原子從n=3激發(fā)態(tài)向低能級(jí)躍遷時(shí)，所輻射光子能量最小值為：紅外線單個(gè)光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測(cè)溫儀捕捉，因此最少應(yīng)給處于基態(tài)的氫原子提供的能量，躍遷到n=4激發(fā)態(tài)滿(mǎn)足條件，那么提供的能量為故選C。2.越來(lái)越多的人喜歡挑戰(zhàn)極限，如圖是兩位“勇士”參與溜索活動(dòng)，兩傾斜的鋼絲拉索分別套有M、N兩個(gè)滑輪（滑輪與繩之間有可調(diào)節(jié)的制動(dòng)片），兩滑輪上用安全帶系著兩位“勇士”，當(dāng)他們都沿拉索向下滑動(dòng)時(shí)，M上的帶子與索垂直，N上的帶子始終豎直向下，則以下判斷正確的是（）A.M情況中，滑輪與索之間有摩擦力 B.N情況中，滑輪與索之間無(wú)摩擦力C.M情況中“勇士”做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.N情況中“勇士”做勻速運(yùn)直線動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】AC．滑輪M對(duì)應(yīng)的安全帶的彈力方向傾斜，對(duì)“勇士”受力分析，如圖則加速度大小為滑輪M做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體分析，有得M情況中，滑輪與索之間沒(méi)有摩擦力，故AC錯(cuò)誤；BD．滑輪N對(duì)應(yīng)的安全帶的彈力為豎直方向，可知N情況中“勇士”合力為零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則滑輪N受到沿鋼索向上的摩擦力，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)阻r=1.0Ω，電阻R1=4.0Ω，R2=7.5Ω，R3=5.0Ω，電容器的電容C=10μF，閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定后電容器的電荷量為（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】閉合開(kāi)關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，R2相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于R3兩端的電壓，再根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律求出電容器的電壓，可求出電容器的電荷量．【詳解】閉合開(kāi)關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，電容器的電壓等于R3的電壓，為：電容器上所帶的電荷量Q=CU=10×10-6×6.0C=6.0×10-5C故選B．【點(diǎn)睛】本題是含有電容器的電路，分析電路時(shí)要抓住電路穩(wěn)定時(shí)，電容器相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，所在電路沒(méi)有電流，其電壓等于所在支路兩端的電壓．4.太陽(yáng)系的幾乎所有天體包括小行星都自轉(zhuǎn)，由于自轉(zhuǎn)導(dǎo)致星球上的物體所受的重力與萬(wàn)有引力的大小之間存在差異，有的兩者的差異可以忽略，有的兩者卻不能忽略，若有一個(gè)這樣的星球，半徑為R，繞過(guò)兩極且與赤道平面垂直的軸自轉(zhuǎn)，測(cè)得其赤道上一物體的重力是兩極上的．則該星球的同步衛(wèi)星離地高度為：A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】設(shè)物體質(zhì)量為m，星球質(zhì)量為M，星球的自轉(zhuǎn)周期為T(mén)，物體在星球兩極時(shí)，萬(wàn)有引力等于重力：，物體在星球赤道上隨星球自轉(zhuǎn)時(shí)，向心力由萬(wàn)有引力的一個(gè)分力提供，另一分力就是重力：，則，該星球的同步衛(wèi)星的周期等于自轉(zhuǎn)周期為T(mén)，設(shè)其離地表高度為h,則有聯(lián)立得：A.與分析不符，A錯(cuò)誤B.與分析相符，B正確C.與分析不符，C錯(cuò)誤D.與分析不符，D錯(cuò)誤5.目前，我國(guó)在人工智能和無(wú)人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破．為早日實(shí)現(xiàn)無(wú)人駕駛，某公司對(duì)汽車(chē)性能進(jìn)行了一項(xiàng)測(cè)試，讓質(zhì)量為m汽車(chē)沿一山坡直線行駛．測(cè)試中發(fā)現(xiàn)，下坡時(shí)若關(guān)掉油門(mén)，則汽車(chē)的速度保持不變；若以恒定的功率P上坡，則從靜止啟動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)生位移s時(shí)速度剛好達(dá)到最大值vm．設(shè)汽車(chē)在上坡和下坡過(guò)程中所受阻力的大小分別保持不變，下列說(shuō)法正確的是A.關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，汽車(chē)的機(jī)械能守恒B.關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，坡面對(duì)汽車(chē)的支持力的沖量為零C.上坡過(guò)程中，汽車(chē)速度由增至，所用的時(shí)間可能等于D.上坡過(guò)程中，汽車(chē)從靜止啟動(dòng)到剛好達(dá)到最大速度vm，所用時(shí)間一定小于【答案】D【解析】【詳解】A、關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，汽車(chē)的速度不變、動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，則汽車(chē)的機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；B、關(guān)掉油門(mén)后的下坡過(guò)程，坡面對(duì)汽車(chē)的支持力大小不為零，時(shí)間不為零，則沖量不為零，故B錯(cuò)誤；C、上坡過(guò)程中，汽車(chē)速度由增至，所用的時(shí)間為t，根據(jù)動(dòng)能定理可得：，解得，故C錯(cuò)誤；D、上坡過(guò)程中，汽車(chē)從靜止啟動(dòng)到剛好達(dá)到最大速度，功率不變，則速度增大、加速度減小，所用時(shí)間為，則，解得，故D正確．6.甲、乙兩汽車(chē)在同一平直公路上做直線運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間（v-t）圖像分別如圖中a、b兩條圖線所示，其中a圖線是直線，b圖線是拋物線的一部分，兩車(chē)在t1時(shí)刻并排行駛。下列關(guān)于兩車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況，判斷正確的是（）A.t1到t2時(shí)間內(nèi)甲車(chē)的位移小于乙車(chē)的位移B.t1到t2時(shí)間內(nèi)乙車(chē)的速度先減小后增大C.t1到t2時(shí)間內(nèi)乙車(chē)的加速度先減小后增大D.在t2時(shí)刻兩車(chē)也可能并排行駛【答案】AC【解析】【詳解】A．v-t圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積即物體的位移，由圖可知t1到t2時(shí)間內(nèi)甲車(chē)的位移小于乙車(chē)的位移，選項(xiàng)A正確；B．由圖象可知，乙車(chē)的速度先增大后減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖象的斜率等于加速度，可知乙車(chē)的加速度先減小后增大，選項(xiàng)C正確；D．兩車(chē)在t1時(shí)刻并排行駛，因t1到t2時(shí)間內(nèi)乙的位移大于甲的位移，可知在t2時(shí)刻兩車(chē)不可能并排行駛，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。7.2022年北京冬奧會(huì)上中國(guó)首次使用了二氧化碳跨臨界環(huán)保制冰技術(shù)，運(yùn)用該技術(shù)可制作動(dòng)摩擦因數(shù)不同冰面。將一物塊以一定的初速度在運(yùn)用該技術(shù)制作的水平冰面上沿直線滑行，共滑行了6m，運(yùn)動(dòng)中的加速度a與位移x的關(guān)系如圖所示，設(shè)位移1.5m處與6m處的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2，在前3m與后3m運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊動(dòng)能改變的大小分別為ΔEk1、ΔEk2，則（）A. B.C.ΔEk1∶ΔEk2=3∶2 D.ΔEk1：ΔEk2=3：1【答案】AC【解析】【詳解】AB．分別對(duì)位移1.5m處與6m處由牛頓第二定律得其中聯(lián)立可得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)動(dòng)能定理了的前3m的動(dòng)能變化量大小為后33m的動(dòng)能變化量大小為結(jié)合圖象可得故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。8.今有某小型發(fā)電機(jī)和一理想變壓器連接后給一個(gè)燈泡供電，電路如圖（電壓表和電流表均為理想電表）.已知該發(fā)電機(jī)線圈匝數(shù)為N，電阻為r，當(dāng)線圈以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)為U，燈泡（額定電壓為U0，電阻恒為R）恰能正常發(fā)光，則（）A.變壓器的匝數(shù)比為U:U0B.電流表的示數(shù)為C.在圖示位置時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈的磁通量為D.從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為【答案】AB【解析】【詳解】A．電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是U1：U2=U：U0，故A正確；燈泡電流是，理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時(shí)電功率為P，所B．以輸入功率為P，即電流表讀數(shù)I=故B正確；C．手搖發(fā)電機(jī)的線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值是所以解得最大磁通量故C錯(cuò)誤；D．線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，所以，所以變壓器輸入電壓的瞬時(shí)值故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：共174分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.某興趣小組準(zhǔn)備探究“合外力做功和物體速度變化的關(guān)系”，實(shí)驗(yàn)前組員們提出了以下幾種猜想：①；②；③為了驗(yàn)證猜想，他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，PQ為一塊傾斜放置的木板，在Q處固定一個(gè)速度傳感器（用來(lái)測(cè)量物體每次通過(guò)Q點(diǎn)的速度）。在剛開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，小剛同學(xué)提出“不需要測(cè)出物體質(zhì)量，只要測(cè)出物體初始位置到速度傳感器的距離L和讀出速度傳感器的讀數(shù)v就行了”，大家經(jīng)過(guò)討論采納了小剛的建議。（1）請(qǐng)你說(shuō)明小剛建議的理由：________________________；（2）讓物體分別從不同高度無(wú)初速釋放，測(cè)出物體初始位置到速度傳感器的距離L1、L2、L3、L4，讀出物體每次通過(guò)Q點(diǎn)的速度v1、v2、v3、v4……，并繪制了如圖乙所示的L-v圖象。若為了更直觀地看出L和v的變化關(guān)系，他們下一步應(yīng)該作出_______；A．圖像B．圖像C．圖像D．圖像（3）實(shí)驗(yàn)中，木板與物體間摩擦力______（“會(huì)”或“不會(huì)”）影響探究的結(jié)果?！敬鸢浮竣?見(jiàn)解析②.A③.不會(huì)【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)動(dòng)能定理列出方程式可以簡(jiǎn)化約去質(zhì)量m；（2）[2]由動(dòng)能定理可看出，合力不變時(shí)，L與v2成正比故選A；（3）[3]在該實(shí)驗(yàn)條件下，滑塊受到的摩擦力是恒力，不會(huì)影響L與v2這兩個(gè)變量之間的關(guān)系。10.某研究性學(xué)習(xí)小組想測(cè)量某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室找到了如下實(shí)驗(yàn)器材：待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)在之間）兩個(gè)相同的電阻箱（最大阻值）定值電阻（阻值為）定值電阻（阻值）電流表A（量程為，內(nèi)阻）開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①調(diào)節(jié)電阻箱至某一阻值；②將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)S；③多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電流表A的示數(shù)I和電阻箱相應(yīng)的阻值R；④以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作圖線；⑤求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b。回答下列問(wèn)題：（1）電流表A和電阻箱并聯(lián)可等效為一個(gè)新電流表，為了使新電流表的量程為，應(yīng)將的電阻調(diào)節(jié)為_(kāi)______。（2）保護(hù)電阻應(yīng)選用________（填“”或“”）（3）該同學(xué)分別用E和r表示電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，I表示電流表A的示數(shù)，R表示電阻箱的阻值，利用測(cè)出的數(shù)據(jù)描繪出的圖線如圖乙所示，則由圖線可得被測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)_______V，內(nèi)阻________（保留2位有效數(shù)字）。【答案】①.1.25②.③.4.0④.0.60【解析】【分析】【詳解】（1）[1]電流表A和電阻箱并聯(lián)可等效為一個(gè)新電流表，為了使新電流表的量程為，即解得（2）[2]電源的電動(dòng)勢(shì)為5V，則電路中最大電流不能超1A則保護(hù)電阻選擇即可（3）[3]根據(jù)閉合電路的歐姆定律整理得圖像的斜率則解得[4]縱軸截距解得11.如圖所示，一質(zhì)量為m=10g，速度=100m/s的玩具子彈，射向靜止在光滑水平面上質(zhì)量M=490g的木塊，子彈未射穿木塊，并一起滑上傾角為θ=37°動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5的足夠長(zhǎng)固定的粗糙斜面，物塊滑上斜面底端時(shí)不計(jì)能量損失。（重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）子彈擊中木塊后的速度；（2）木塊在斜面上向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和返回斜面底端時(shí)速度大小?！敬鸢浮浚?）2m/s方向水平向右（2）0.2s；【解析】【分析】【詳解】（1）從子彈射擊木塊到子彈和木塊一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，子彈和木塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)共同運(yùn)動(dòng)速度為v1，v0方向?yàn)檎较?，則mv0=(m+M)v1解得v1=2m/s方向水平向右（2）以子彈木塊整體為研究對(duì)象，設(shè)沿斜面上滑過(guò)程中加速度為a1，由牛頓第二定律(m+M)gsinθ+μg(m+M)cosθ=(m+M)a1設(shè)沿斜面上滑距離s，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式:v12=2a1s設(shè)沿斜面上滑時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式t=代入數(shù)據(jù)解得式得s=0.2mt=0.2s設(shè)木塊沿斜面下滑到底端時(shí)速度為v2，由動(dòng)能定理：[(m+M)gsinθ-μg(m+M)cosθ]s=解得物塊返回到斜面底端時(shí)的速度大小為12.如圖所示，在xoy平面第一象限內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I，在第二象限的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形ACDO內(nèi)的某個(gè)區(qū)域有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)II，在第三象限內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E，所有電磁場(chǎng)邊界均為理想邊界。在第三象限內(nèi)有一點(diǎn)P（－L，－L），在AP連線上任意一點(diǎn)由靜止釋放帶正電的粒子，粒子質(zhì)量為m、電量為q，粒子重力不計(jì)，由A點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)II中，經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)II偏轉(zhuǎn)后，都恰能垂直于y軸進(jìn)入磁場(chǎng)I中，且都恰好到達(dá)O點(diǎn)被粒子捕獲器捕獲。已知在P點(diǎn)釋放的粒子恰好是經(jīng)D點(diǎn)垂直于y軸進(jìn)入磁場(chǎng)I中的。（1）求I、II磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1、B2的大小；（2）求ACDO內(nèi)所加磁場(chǎng)的最小面積；（3）求帶電粒子從釋放到運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)所用時(shí)間最短時(shí)，對(duì)應(yīng)的電場(chǎng)中釋放位置的坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）；；（2）；（3）【解析】【分析】【詳解】（1）經(jīng)分析得粒子軌跡如圖所示在點(diǎn)釋放的粒子在電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理可得由幾何關(guān)系可知，在磁場(chǎng)中的半徑為洛倫茲力提供向心力，有解得由幾何關(guān)系可知，在磁場(chǎng)中的半徑為洛倫茲力提供向心力，有解得（2）最小面積如圖所示，最小面積為（3）設(shè)粒子在第三象限運(yùn)動(dòng)距離為，時(shí)間為，末速度為。在第二象限勻速圓周運(yùn)動(dòng)半徑為，勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為在電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理有據(jù)牛頓第二定律有由位移公式有解得在磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力解得半徑粒子離開(kāi)磁場(chǎng)勻速到軸有解得因?yàn)榇_定，所以任意位置釋放粒子在中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間都相等，所以當(dāng)粒子在其它區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間最短時(shí)，粒子從到運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，當(dāng)最小時(shí)有解得釋放位置坐標(biāo)為（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3–3]13.關(guān)于熱學(xué)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.氣體溫度升高，則表明該氣體分子的動(dòng)能都一定增大B.只要分子間距增大，分子勢(shì)能就一定減小C.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能D.一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過(guò)程中一定吸熱E.電冰箱的工作過(guò)程表明，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體【答案】CDE【解析】【詳解】A、溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體溫度升高，并不是氣體分子的動(dòng)能都增大，故A錯(cuò)誤．B、分子力做功等于分子勢(shì)能的減小量，在使兩個(gè)分子間的距離由很近增大到無(wú)窮遠(yuǎn)的過(guò)程中，分子力先做正功，后做負(fù)功，故分子勢(shì)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤．C、根據(jù)△U＝W+Q可知，吸熱和做功都可以改變內(nèi)能，故C正確．D、一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過(guò)程中，溫度升高，內(nèi)能增加，且對(duì)外做功，則一定吸熱，故D正確．E、電冰箱的工作過(guò)程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，只是要消耗電能，故E正確．14.如圖所示，截面積分別為SA=1cm2、SB=0.5cm2的兩個(gè)上部開(kāi)口的柱形容器A、B，底部通過(guò)體積可以忽略不計(jì)的細(xì)管連通，A、B兩個(gè)氣缸內(nèi)分別有兩個(gè)不計(jì)厚度的活塞，質(zhì)量分別為mA=1.4kg、mB=0.7kg。A氣缸內(nèi)壁粗糙，活塞與氣缸間的最大靜摩擦力為Ff=3N；B氣缸內(nèi)壁光滑，且離底部2h高處有一活塞銷(xiāo)。當(dāng)氣缸內(nèi)充有某種理想氣體時(shí)，A、B中的活塞距底部均為h，此時(shí)氣體溫度為T(mén)0=300K，外界大氣壓為P0=1.0×105Pa?，F(xiàn)緩慢升高氣體溫度，（g取10m/s2，）求：（1）當(dāng)氣缸B中的活塞剛好被活塞銷(xiāo)卡住時(shí)，氣體的溫度；（2）當(dāng)氣缸A中的活塞剛要滑動(dòng)時(shí)，氣體的溫度T2．【答案】（1）；（2）【解析】【分析】①此過(guò)程為等壓過(guò)程，分別求出初末狀態(tài)的體積，再根據(jù)列式求解即可；②從B活塞到達(dá)底部，到A活塞開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)平衡條件求出初末位置的壓強(qiáng)，帶入求解溫度即可．【詳解】①此過(guò)程為等壓過(guò)程，由蓋呂薩克定律可得，其中，解得②氣體做等容變化，由查理定律得：最初，對(duì)活塞B：活塞要?jiǎng)訒r(shí)，對(duì)活塞A，解得【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確封閉氣體的初末狀態(tài)，然后結(jié)合氣體實(shí)驗(yàn)定律列式求解；同時(shí)要對(duì)活塞和桿整體受力分析并結(jié)合平衡條件求解初始?xì)鈮海甗物理——選修3–4]15.下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率有關(guān)B.電磁波可以發(fā)生衍射現(xiàn)象和偏振現(xiàn)象C.簡(jiǎn)諧機(jī)械波在給定的介質(zhì)中傳播時(shí)，振動(dòng)的頻率越高，則波傳播速度越大D.紫外線在水