2023屆福建省漳州市高中畢業(yè)班理綜物理第二次高考適應性測試試卷含答案

高中畢業(yè)班理綜物理第二次高考適應性測試試卷一、單項選擇題1.如圖是某型號的降壓變壓器〔可視為理想變壓器〕，現(xiàn)原線圈兩端接上正弦交流電，副線圈接一負載電阻，電路正常工作，假設〔

〕A.

負載空載〔斷路〕，那么原線圈電流為零

B.

負載空載〔斷路〕，那么副線圈兩端電壓為零

C.

負載電阻阻值變小，那么輸入電流變小

D.

負載電阻阻值變小，那么副線圈兩端電壓變小2.現(xiàn)用某一頻率的光照射鋅板外表，能發(fā)生光電效應，假設〔

〕A.

只增大入射光的頻率，遏止電壓不變

B.

只增大入射光的頻率，鋅的逸出功變大

C.

只增大入射光的強度，飽和光電流變大

D.

只增大入射光的強度，光電子的最大初動能變大3.如圖是質譜儀的工作原理示意圖，它是分析同位素的一種儀器，其工作原理是帶電粒子〔不計重力〕經(jīng)同一電場加速后，垂直進入同一勻強磁場做圓周運動，擋板D上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2。假設〔

〕A.

只增大粒子的質量，那么粒子經(jīng)過狹縫P的速度變大

B.

只增大加速電壓U，那么粒子經(jīng)過狹縫P的速度變大

C.

只增大粒子的比荷，那么粒子在磁場中的軌道半徑變大

D.

只增大磁感應強度，那么粒子在磁場中的軌道半徑變大4.我國已掌握“半彈道跳躍式高速再入返回技術〞，為實現(xiàn)“嫦娥〞飛船月地返回任務奠定根底.如圖虛線為地球大氣層邊界，返回器與效勞艙別離后，從a點無動力滑入大氣層，然后經(jīng)b點從c點“跳〞出，再經(jīng)d點從e點“躍入〞實現(xiàn)屢次減速，可防止損壞返回器。d點為軌跡最高點，離地面高h，地球質量為M，半徑為R，引力常量為G。那么返回器〔

〕A.

在d點處于超重狀態(tài)

B.

從a點到e點速度越來越小

C.

在d點時的加速度大小為

D.

在d點時的線速度小于地球第一宇宙速度二、多項選擇題5.如圖，在地面上方水平向左的勻強電場中，兩帶電小球a、b以一定初速度射入電場中P點后的運動軌跡分別如圖中虛線所示，b軌跡為直線。b球帶電量大小為q，質量為m，其軌跡與電場夾角為θ，重力加速度大小為g，那么〔

〕A.

a球帶負電

B.

勻強電場的電場強度E=

C.

b球經(jīng)P點后做勻加速直線運動

D.

a球經(jīng)P點后的運動過程中電勢能逐漸增大6.如圖，甲是帶負電物塊，乙是不帶電的絕緣足夠長木板。甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強磁場?，F(xiàn)用一水平恒力F拉乙木板，使甲、乙從靜止開始向左運動，甲電量始終保持不變，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，那么在此后運動過程中〔

〕A.

洛倫茲力對甲物塊不做功

B.

甲、乙間的摩擦力始終不變

C.

甲物塊最終做勻速直線運動

D.

乙木板直做勻加速直線運動7.隨著北京冬奧會的臨近，滑雪工程成為了人們非常喜愛的運開工程。如圖，質量為m的運發(fā)動從高為h的A點由靜止滑下，到達B點時以速度v0水平飛出，經(jīng)一段時間后落到傾角為θ的長直滑道上C點，重力加速度大小為g，不計空氣阻力，那么運發(fā)動〔

〕A.

落到斜面上C點時的速度vC=

B.

在空中平拋運動的時間t=

C.

從B點經(jīng)t=時，與斜面垂直距離最大

D.

從A到B的過程中克服阻力所做的功W克=mgh－mv028.如圖甲，豎直光滑桿固定不動，套在桿上的彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧車離地高度h=0.1m處，滑塊與彈簧不拴接.現(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量出滑塊的速度和離地高度h，并作出如圖乙所示滑塊的動能Ek與h的關系圖像，其中h=0.2m~0.35m圖線為直線，其余局部為曲線，h=0.18m時，滑塊動能最大，不計空氣阻力，取g=10m/s2，那么由圖像可知〔

〕A.

圖線各點斜率的絕對值表示合外力大小

C.

彈簧的原長為0.18m

D.

彈簧的勁度系數(shù)為100N/m9.關于熱現(xiàn)象和熱學規(guī)律，以下說法中正確的選項是〔

〕A.

非晶體和晶體的物理性質都是各向同性

B.

自然界中一切涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性

C.

布朗運動是由懸浮在液體中的小顆粒之間的相互碰撞引起的

D.

水的飽和汽壓與水面的大氣壓強無關，只與水的溫度有關

E.

慢慢向小酒杯中注水，即使水面稍高出杯口，水仍不會流下來，是因為液體外表存在張力10.圖甲為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0.2s時的波形圖，質點P、Q的平衡位置分別位于x=2m和x=4m處。圖乙為介質中某一質點的振動圖像，那么〔

〕A.

該簡諧橫波的傳播速度為10m/s

B.

乙圖可能是質點Q的振動圖像

C.

t=0時質點P的速度沿y軸負方向

D.

t=0.25s時，質點P的位移為1cm

E.

t=0.1s時，質點P的加速度與質點Q的加速度相同三、實驗題11.一同學用電子秤、水壺、細線、墻釘和貼在墻上的白紙等物品，在家中驗證力的平行四邊形定那么，主要實驗步驟如下：①如圖甲，細線OC一端連接一裝滿水的水壺，另一端連接圓環(huán)O，用電子秤的下端掛鉤鉤住圓環(huán)O，記下水壺靜上時電子秤的示數(shù)F；②如圖乙，將細線AB一端拴在墻釘A處，另一端穿過圓環(huán)O拴在電子秤的掛鉤B處。手握電子秤沿斜上方拉住細線的B端使水壺處于平衡狀態(tài)，在墻面的白紙上記錄圓環(huán)O的位置、三細線OA、OB、OC的方向和電子秤的示數(shù)F1；③如圖丙，在白紙上以O為力的作用點，按定標度作出各力的圖示，根據(jù)平行四邊形定那么作出兩個F1的合力的圖示。〔1〕步驟①中________〔填“必須〞或“不必〞〕記錄O點位置；〔2〕步驟②中用細線穿過圓環(huán)O，而不用細線直接拴接在細線AB上的原因是________；〔3〕通過比較F與________的大小和方向，即可得出實驗結論。x的阻值〔約幾百歐〕?；瑒幼冏杵鱎，電阻箱R0〔0~9999Ω〕，S2是單刀雙擲開關，量程3V的電壓表〔內(nèi)阻約3kΩ〕，電源電動勢約6V〔1〕根據(jù)圖甲實驗電路，在圖乙中用筆畫線代替導線將實物圖連接完整；〔2〕正確連接電路后，斷開S1、S2。調(diào)節(jié)好多用電表，將兩表筆接觸Rx兩端的接線柱，正確操作后，使用×10的倍率粗測其電阻，指針指示如圖丙，粗測得到Rx=________Ω；〔3〕該同學通過以下步驟，較準確地測出Rx的阻值①將滑動變阻器的滑片P調(diào)至圖甲中的A端。閉合S1，將S2撥至1，調(diào)節(jié)變阻器的滑片P至某一位置，使電壓表的示數(shù)滿偏；②斷開S1，調(diào)節(jié)電阻箱R0，使其阻值最大；③將S2撥至“2〞，閉合Si，保持變阻器滑片P的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱示數(shù)為R1，那么Rx=________?！?〕關于本實驗①該同學在(3)②的步驟中操作不妥，可能會在步驟③中造成________；②為了減小實驗誤差：以下方法最可行的是________?！蔡钫_答案標號〕A．選用量程不變，內(nèi)阻更大的電壓表B．選用量程不變，內(nèi)阻更小的電壓表C．選用總電阻遠大于Rx的滑動變阻器D．選用總電阻遠小于Rx的滑動變阻器四、解答題13.如圖，平板小車靜止在光滑水平地面上，其右端固定一半圓形光滑軌道BC與車上外表相切于B點，B端右邊x0=2m處有一與小車等高的臺階。一質量m=2.0kg可視為質點的物塊以某－初速度滑上小車最左端A處，當物塊運動到小車最右端B處時，小車與臺階相碰后立即靜止，此后物塊恰能沿圓弧軌道運動到最高點C。小車與軌道的總質量M=1.0kg，軌道半徑R=0.5m，物塊與小車間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，g取10m/s2。求：〔1〕小車的運動時間t；〔2〕小車的長度L。14.如圖，兩相互平行的光滑金屬導軌，相距L=0.2m，左側軌道的傾角θ=30°，M、P是傾斜軌道與水平軌道連接點，水平軌道右端接有電阻R=1.5Ω，MP、NQ之間距離d=0.8m，且在MP、NQ間有寬與導軌間距相等的方向豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B隨時間t變化關系如圖乙所示，－質量m=0.01kg、電阻r=0.5Ω的導體棒在t=0時刻從左側軌道高H=0.2m處靜止釋放，下滑后平滑進入水平軌道〔轉角處無機械能損失〕。導體棒始終與導軌垂直并接觸良好，軌道的電阻和電感不計，g取10m/s2。求：〔1〕導體棒從釋放到剛進入磁場所用的時間t；〔2〕導體棒在水平軌道上的滑行距離d；〔3〕導體棒從釋放到停止的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。15.如圖，絕熱氣缸被一導熱薄活塞分隔成A、B兩局部，活塞左側用一輕繩固定在氣缸左壁。A局部氣體的壓強為2×105Pa，B局部氣體的壓強為1×105Pa，A、B'體積之比為1：3，氣缸內(nèi)氣體溫度為27℃，活1塞橫截面積為50cm2，氣缸內(nèi)外表光滑，A、B中氣體均為理想氣體?！瞚〕求輕繩的拉力大小F；〔ii〕假設輕繩突然斷掉，求再次平衡時A、B兩局部氣體的體積之比。16.如圖，在長方體玻璃磚內(nèi)部有一半球形氣泡，球心為O，半徑為R，其平面局部與玻璃磚外表平行，球面局部與玻璃磚相切于O'點。有－束單色光垂直玻璃磚下外表入射到氣泡上的A點，發(fā)現(xiàn)有一束光線垂直氣泡平面從C點射出，OA=R，光線進入氣泡后第一次反射和折射的光線相互垂直，氣泡內(nèi)近似為真空，真空中光速為c，求：〔i〕玻璃的折射率n；〔ii〕光線從A在氣泡中屢次反射到C的時間。

答案解析局部一、單項選擇題1.【解析】【解答】AB．把變壓器看做一個電源，副線圈所連電路為外電路，負載斷路，相當于電路的外電路斷路，那么副線圈兩端仍有電壓，但是電路中無電流，A符合題意B不符合題意；CD．負載電阻變小，根據(jù)可知副線圈兩端電壓不變，所以副線圈中電流增大，根據(jù)可知，不變，增大，那么也增大，即輸入電流變大，CD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用匝數(shù)之比可以判別輸入電壓決定輸出電壓，所以副線圈斷路時有兩端有電壓，但是沒有電流，導致原線圈沒有電流；當負載電阻變小時輸出電壓不變，那么輸出電流和輸入電流變大。2.【解析】【解答】A．根據(jù)光電效應的規(guī)律而遏止電壓可知遏止電壓的大小與照射光的頻率有關，只增大入射光的頻率，遏止電壓增大，A不符合題意；B．金屬的逸出功與入射光無關，B不符合題意；CD．光強度只會影響單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目，只增大入射光的強度，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增大，飽和光電流變大，對光電子的最大初動能不影響，C符合題意D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用光電效應方程和最大初動能可以判別遏止電壓隨頻率的變大而變大；金屬棒的逸出功是一定的；增大光照強度會影響飽和光電流不會影響最大初動能的大小。3.【解析】【解答】AB．粒子在電場中加速時，根據(jù)動能定理可得①即所以粒子質量增大，那么粒子經(jīng)過狹縫P的速度變小，只增大加速電壓U，那么粒子經(jīng)過狹縫P的速度變大，A不符合題意B符合題意；CD．粒子在磁場中運動時有②聯(lián)立①②解得所以只增大粒子的比荷〔增大〕或只增大磁感應強度，半徑都減小，CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用動能定理可以判別粒子速度的影響因素；利用牛頓第二定律可以判別粒子軌道半徑的影響因素。4.【解析】【解答】A．d點處做向心運動，向心加速度方向指向地心，應處于失重狀態(tài)，A不符合題意；B、由a到c由于空氣阻力做負功，動能減小，由c到e過程中只有萬有引力做功，機械能守恒，a、c、e點時速度大小應該滿足，B不符合題意；C、在d點時合力等于萬有引力，即故加速度大小C不符合題意；D、第一宇宙速度是最大環(huán)繞速度，其他軌道的環(huán)繞速度都小于第一宇宙速度，D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用加速度方向可以判別在d點處于失重狀態(tài)；利用阻力做功可以判別粒子速度的變化；利用引力大小結合牛頓第二定律可以求出加速度的大??；利用軌道半徑的大小可以判別線速度的大小。二、多項選擇題5.【解析】【解答】A．a(chǎn)球最后做直線運動，電場力和重力的合力在這條直線上，可知，a球受到的電場力必定水平向左，與電場方向一致，那么a球帶正電，A不符合題意；BC．b球做直線運動，切受到的電場力水平向左，所以電場力和重力的合力與初速度方向相同，故做勻加速直線運動，軌跡與電場方向夾角為，那么解得BC符合題意；D．a(chǎn)球受到的電場力方向和位移方向夾角先為鈍角后為銳角，那么電場力做負功后做正功，所以電勢能先增大后減小，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用a球的直線運動可以判別電場力的方向，結合電場線方向可以判別粒子的電性；利用b球的合力方向可以求出電場強度的大??；由于b球受到恒力作用所以做勻變速直線運動；利用電場力方向和a球的運動方向可以判別a球電勢能的變化。6.【解析】【解答】A．甲帶負電，向左運動時，由左手定那么可知，甲受到的洛倫茲力的方向向上，與運動方向垂直，故洛倫茲力始終對甲不做功，A符合題意；BCD．根據(jù)可知，隨速度的增大，洛倫茲力增大，那么甲對乙的壓力減小，同時乙對地面的壓力也減小，那么乙與地面之間的摩擦力減小。①將兩者看做一個整體，開始時甲與乙一起做加速運動，整體受到地面給的摩擦力f減小，而F一定，根據(jù)牛頓第二定律得可知加速度a增大，對甲研究得到，乙對甲的摩擦力那么得到f甲先增大。②當甲與乙之間的摩擦力增大到大于最大靜摩擦力后，甲與乙之間開始有相對運動，摩擦力變成滑動摩擦力隨著甲受到的洛倫茲力的增大，甲與乙之間的滑動摩擦力減小，直至摩擦力為零，然后甲在水平方向上合力為零，做勻速直線運動，乙先做變加速直線運動，故BD不符合題意C符合題意。故答案為：AC。

【分析】洛倫茲力對甲物塊不做功；由于洛倫茲力會導致面彈力減小那么摩擦力變??；由于滑動摩擦力減小所以最后甲做勻速直線運動；由于地面摩擦力變小所以乙先做變加速運動后做勻變速直線運動。7.【解析】【解答】A．從B點飛出后，做平拋運動，在水平方向上有在豎直方向上有落到C點時，水平和豎直位移滿足解得從B點到C點，只有重力做功，根據(jù)動能定理可得解得AB不符合題意；C．當與斜面垂直距離最大時，速度方向平行于斜面，故有解得C符合題意；D．從A到B的過程中重力和阻力做功，根據(jù)動能定理可得解得D符合題意。故答案為：CD

【分析】利用平拋運動的位移公式結合位移的方向可以求出運動的時間；利用速度方向和位移方向的關系解速度的分解可以求出落到斜面上的速度大??；利用速度方向與斜面平行結合速度公式可以求出運動的時間；利用動能定理可以求出克服阻力做功的大小。8.【解析】【解答】A．根據(jù)動能定理可得故圖像的斜率表示滑塊受到的合外力大小，A符合題意；B．在圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余局部為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，即只受重力作用，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧別離，彈簧的原長的0.2m，斜率大小為即重力大小為所以故BC不符合題意；D．在滑塊與彈簧未別離的過程中，當滑塊受到的重力和彈力等大時，滑塊的速度最大，即動能最大，故有根據(jù)題意可知0.18m時動能最大，而彈簧原長為0.2m，代入解得D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用動能定理可以判別斜率代表合力的大?。焕脛e離時刻可以判別彈簧的原長；利用直線斜率可以求出重力及質量的大??；利用平衡位置結合胡克定律可以求出勁度系數(shù)的大小。9.【解析】【解答】A．根據(jù)晶體的性質可知，單晶體的在某些物理性質上具有各向異性的，而多晶體和非晶體是各向同性的，A不符合題意；B．熱量可以自發(fā)地從較熱的物體傳遞到較冷的物體，但不可能自發(fā)地從較冷的物體傳遞到較熱的物，即涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，B符合題意；C．布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒受到液體分子無規(guī)那么碰撞引起的，C不符合題意；D．水的飽和汽壓與水面的大氣壓強無關，只與水的溫度有關，隨溫度降低而減小，D符合題意；E．由于液體外表存在張力，液體外表像一張橡皮膜，即使水面稍高出杯口，水仍不會流下來，E符合題意。故答案為：BDE。

【分析】只有單晶體的物理性質是各向異性，其他晶體都是各向同性；布朗運動時液體分子對固體顆粒的撞擊產(chǎn)生的。10.【解析】【解答】A．從甲圖中可知，根據(jù)圖乙可知，故波速為A符合題意；B．根據(jù)走坡法可知圖甲中的P點在t=0.2時正向上運動，而Q點在t=0.2s時正向下振動，而圖乙中t=0.2s時質點正通過平衡位置向下振動，所以乙圖可能是質點Q的振動圖像，B符合題意；C．因為周期為0.4s，故在t=0時，即將甲圖中的波形向前推半個周期，P點正向下振動，C符合題意；D．根據(jù)題意可知0.1s為四分之一周期，質點P在0.2s~0.3s內(nèi)的位移為2cm，0.25s為過程中的中間時刻，質點從平衡位置到波峰過程中做減速運動，所以前一半時間內(nèi)的位移大于后一半時間內(nèi)的位移，即0.25s時的位移大于1cm，D不符合題意；E．P點和Q點相距半個波長，兩點為反相點，振動步調(diào)總是相反，在任意時刻兩點的加速度方向總是相反，E不符合題意。故答案為：ABC。

【分析】利用圖像可以得出周期和波長，利用波長和周期可以求出波速的大小；利用振動時間可以判別Q點的起振方向及振動圖像；利用甲圖的波形圖向前推半個周期可以判別P的速度方向；利用振動時間可以判別質點的位移大?。焕谜駝訒r間可以判別質點的位置進而判別加速度的方向。三、實驗題11.【解析】【解答】(1)因為重力恒豎直向下，只要保證水壺靜止即可，讀出OC繩的拉力即可，故第一次不需要記錄O點位置。(2)由于圓環(huán)的滑動，使得OA、OB兩細線拉力大小相同，故可以兩分力一次同時測定，減小誤差。(3)OA和OB繩子的拉力作用效果和OC一條繩子的拉力的作用效果相同，而OC一條繩子作用力為F，OA和OB繩子的合力為根據(jù)平行四邊形定那么畫出來的，所以只要比較F和的大小和方向，即可驗證試驗。

【分析】〔1〕由于實驗效果是等效重力所以不