2023屆湖北省宜昌市高考物理模擬試卷（4月份）含答案

高考物理模擬試卷〔4月份〕一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.以下各種關(guān)于近代物理學(xué)的現(xiàn)象中，與原子核內(nèi)部變化有關(guān)的是〔

〕A.

紫外線照射鋅板時(shí)，鋅板向外發(fā)射光電子的現(xiàn)象

B.

a粒子轟擊金箔時(shí)，少數(shù)發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)的現(xiàn)象

C.

氫原子發(fā)光時(shí)，形成不連續(xù)的線狀光譜的現(xiàn)象

D.

含鈾的礦物質(zhì)自發(fā)向外放出β射線〔高速電子流〕的現(xiàn)象2.有兩個(gè)木塊A和B，質(zhì)量分別為mA和mB〔mA＞mB〕，它們?cè)谒椒较騼H受滑動(dòng)摩擦力的作用下，以相同的初速度沿水平面減速滑行，經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間停下來(lái)。設(shè)它們受到的滑動(dòng)摩擦力大小分別為fA和fB，與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μA和μB，那么〔

〕A.

fA＞fB，μA＞μB

B.

fA＜fB，μA＞μB

C.

fA＞fB，μA＝μB

D.

fA＜fB，μA＝μB3.在離地高h(yuǎn)處，沿豎直方向向上和向下拋出兩個(gè)小球，它們的初速度大小均為v，不計(jì)空氣阻力，兩球落地的時(shí)間差為〔〕A.

B.

C.

D.

4.如下列圖，A、B、C、D、E、F、G、H是正方體的八個(gè)頂點(diǎn)。那么以下說(shuō)法錯(cuò)誤的選項(xiàng)是〔

〕A.

只在F，D兩點(diǎn)放置等量異種點(diǎn)電荷，那么A，G兩點(diǎn)電勢(shì)相等

B.

只在B，D兩點(diǎn)放置等量異種點(diǎn)電荷，那么E，C兩點(diǎn)電勢(shì)相等

C.

只在A，B兩點(diǎn)放置等量異種點(diǎn)電荷，那么H，G兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

D.

在八個(gè)頂點(diǎn)均放置電荷量為+q的點(diǎn)電荷，那么立方體每個(gè)面中心的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等5.如下列圖，兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ，間距為L(zhǎng)．導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為θ，M、P兩點(diǎn)間所接電阻阻值為R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直導(dǎo)軌平面向上。一根質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒ab，從離MP距離處由靜止釋放，假設(shè)ab棒與導(dǎo)軌MN、PQ始終垂直并接觸良好、無(wú)摩擦，重力加速度為g。那么ab棒的加速度a、速度v、電阻R兩端的電壓U以及ab棒與導(dǎo)軌形成回路中的磁通量Φ隨時(shí)間t變化關(guān)系圖象正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

B.

C.

D.

6.如下列圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：2，正弦交流電源電壓為U＝12V，電阻R1＝1Ω，R2＝2Ω，滑動(dòng)變阻器R3最大阻值為20Ω，滑片P處于中間位置。電壓表為理想電表，那么〔

〕A.

R1與R2消耗的電功率相等

B.

通過(guò)R1的電流為3A

C.

假設(shè)向上移動(dòng)P，電源輸出功率將不變

D.

假設(shè)向上移動(dòng)P，電壓表讀數(shù)將變小7.行星各自衛(wèi)星的軌道可以看作是圓形的。某同學(xué)根據(jù)A行星和B行星的不同衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r與周期T的觀測(cè)數(shù)據(jù)，作出如下列圖的圖象，其中圖線A是根據(jù)A行星的不同衛(wèi)星的數(shù)據(jù)作出的，圖線B是根據(jù)B行星的不同衛(wèi)星的數(shù)據(jù)作出的。圖線A的斜率為k1，圖線B的斜率為k2，A行星半徑為B行星半徑的n倍，那么〔

〕A.

A行星的質(zhì)量大于B行星的質(zhì)量

B.

A行星與B行星外表的重力加速度之比為

C.

A行星與B行星的第一宇宙速度之比為

D.

A行星與B行星的平均密度之比為8.如下列圖，A、B、C三個(gè)一樣的滑塊從粗糙斜面上的同一高度同時(shí)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。A由靜止釋放；B的初速度方向沿斜面向下，大小為v0；C的初速度方向沿水平方向，大小也為v0．斜面足夠大，A、B、C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不會(huì)相碰，那么〔

〕A.

A和C所受的滑動(dòng)摩擦力大小不相等

B.

A將比C先滑到斜面底端

C.

滑到斜面底端時(shí)，B的動(dòng)能最大

D.

滑到斜面底端時(shí)，C的機(jī)械能減少最多二、非選擇題：共174分．第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～38題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題：共129分．9.某活動(dòng)小組利用圖甲裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．鋼球自由下落過(guò)程中，先后通過(guò)光電門A、B，計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鋼球通過(guò)A、B的時(shí)間分別為tA、tB．用鋼球通過(guò)光電門的平均速度表示鋼球球心通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度．測(cè)出兩光電門間的距離為h，鋼球直徑為D，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間．〔1〕用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量鋼球的直徑，讀數(shù)如圖乙所示，鋼球直徑為D＝________cm．〔2〕要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，只要比較

．2〔﹣〕與gh是否相等

2〔﹣〕與2gh是否相等

2〔﹣〕與gh是否相等

2〔﹣〕與2gh是否相等〔3〕鋼球通過(guò)光電門的平均速度________〔選填“＞〞或“＜〞〕鋼球球心通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度．10.某實(shí)驗(yàn)小組自制歐姆表來(lái)測(cè)量一個(gè)電阻的阻值，可供選擇的器材如下：A．待測(cè)電阻Rx〔約為200Ω〕；B．電源〔電動(dòng)勢(shì)E約為1.5V，內(nèi)阻r約為10Ω〕；C．靈敏電流計(jì)G〔量程1mA，內(nèi)阻Rg＝200Ω〕；D．定值電阻a〔阻值Ra＝50Ω〕；E．定值電阻b〔阻值Rb＝72Ω〕；F．滑動(dòng)變阻器R1〔阻值范圍為0～50Ω〕；G．滑動(dòng)變阻器R2〔阻值范圍為0～500Ω〕；H．開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干?！?〕小組同學(xué)首先設(shè)計(jì)了如圖〔a〕所示的電路，來(lái)測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)。實(shí)驗(yàn)局部步驟如下：先閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使靈敏電流計(jì)指針滿偏；保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不動(dòng)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，讀出靈敏電流計(jì)的示數(shù)。①靈敏電流計(jì)滿偏時(shí)流過(guò)電源的電流為_(kāi)_______mA，實(shí)驗(yàn)時(shí)滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選________〔填“R1〞或“R2〞〕。②假設(shè)實(shí)驗(yàn)中斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2時(shí)，靈敏電流計(jì)的示數(shù)為0.80mA，那么電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_______V?！?〕該小組同學(xué)測(cè)出電動(dòng)勢(shì)后，在圖〔a〕的根底上制作歐姆表。他們?nèi)サ魞砷_(kāi)關(guān)，增加兩支表筆M、N，其余器材不變，改裝成一個(gè)歐姆表，如圖〔b〕所示。緊接著他們用改裝后的歐姆表去測(cè)量待測(cè)電阻Rx的阻值，正確操作后，靈敏電流計(jì)讀數(shù)如圖〔c〕所示，那么待測(cè)電阻Rx的阻值為_(kāi)_______Ω。11.如下列圖，水平地面上有兩個(gè)靜止的小物塊A和B〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕，A的質(zhì)量為m＝1.0kg，B的質(zhì)量為M＝2.0kg，A、B之間有一輕質(zhì)彈簧，彈簧的兩端與物塊接觸而不連接。水平面的左側(cè)連有一豎直墻壁，右側(cè)與半徑為R＝0.32m的半圓形軌道相切。現(xiàn)壓縮彈簧使A、B由靜止釋放〔A、B別離后立即撤去彈簧〕，A與墻壁發(fā)生彈性碰撞后，在水平面上追上B相碰后粘合在一起。A、B粘合體剛好能通過(guò)半圓形軌道的最高點(diǎn)，重力加速度取g＝10m/s2，不計(jì)一切摩擦?！?〕求A、B相碰后粘合在一起的速度大小；〔2〕求彈簧壓縮后彈簧具有的彈性勢(shì)能。12.如圖，在xOy平面直角坐標(biāo)系中，直角三角形MPN區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于xOy平面向外。直角邊MP與x軸重合，OM＝L，OP＝3L，∠MPN＝30°．在直角坐標(biāo)系xOy的第四象限區(qū)域內(nèi)，存在方向沿x軸負(fù)方向、場(chǎng)強(qiáng)大小為E＝Bv0的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y＝﹣3L處垂直于y軸放置一足夠長(zhǎng)的平面熒光屏，與y軸交點(diǎn)為Q．一束帶正電的同種粒子以相同的速度v0，從MO邊上的各點(diǎn)沿y軸正方向射入磁場(chǎng)，從O點(diǎn)射入的粒子恰好不能從PN邊射出磁場(chǎng)。忽略粒子間的相互作用，不計(jì)粒子的重力。〔1〕求粒子的比荷；〔2〕通過(guò)計(jì)算說(shuō)明是否所有的粒子都從OQ之間射出電場(chǎng)打到熒光屏上；〔3〕求粒子打到熒光屏上的點(diǎn)距Q點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離。三、[物理-選修3-3]〔15分〕13.以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

第二類永動(dòng)機(jī)和第一類永動(dòng)機(jī)都違背了能量守恒定律

B.

晶體一定有固定的熔點(diǎn)，但物理性質(zhì)可能表現(xiàn)各向同性

C.

布朗運(yùn)動(dòng)說(shuō)明構(gòu)成固體的分子在永不停息地做無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)

D.

分子間同時(shí)存在著引力和斥力，當(dāng)分子間距離增加時(shí)，分子間的引力減小，斥力也減小。

E.

由于液體外表層中分子間距離大于液體內(nèi)局部子間的距離，液體外表存在張力14.如下列圖，粗細(xì)均勻的U形管左臂上端封閉，右臂中有一活塞，開(kāi)始時(shí)用手握住活塞，使它與封閉端位于同一高度。U形管內(nèi)盛有密度為ρ＝7.5×102kg/m3的液體，兩臂液面處在同一高度，液體上方各封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，氣柱長(zhǎng)都為l0＝40cm，氣壓都為p0＝6.0×103Pa．現(xiàn)將活塞由圖示的位置緩緩向下移動(dòng)，直至兩臂液面的高度差也為l0．設(shè)整個(gè)過(guò)程兩臂中氣體的溫度保持不變，取g＝10m/s2?！并　城笞罱K左右兩臂中氣體的壓強(qiáng)；〔ⅱ〕求活塞向下移動(dòng)的距離。四、[物理-選修3-4]15.一細(xì)光束以與界面成30°的角從空氣照射到某種介質(zhì)與空氣的分界面上，折射光線與反射光線恰好垂直。以下判斷正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

該介質(zhì)的折射率為

B.

該介質(zhì)的折射率為

C.

光在該介質(zhì)中的傳播速度為

D.

使光束以60°入射角從介質(zhì)照射到分界面上，不會(huì)有折射光線射出

E.

使光束以30°入射角從介質(zhì)照射到分界面上，折射光線與反射光線垂直16.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸方向傳播，在x軸上沿傳播方向上依次有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，P質(zhì)點(diǎn)平衡位置位于x＝4m處。圖〔a〕為P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，圖〔b〕為t＝4s時(shí)的波形圖，P、Q兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離不超過(guò)10m。〔ⅰ〕求波速的大小及方向；〔ⅱ〕求Q質(zhì)點(diǎn)平衡位置坐標(biāo)。

答案解析局部一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.【解析】【解答】A為光電效應(yīng)現(xiàn)象，原子核外層電子吸收光子能量后從金屬外表逸出；B為α粒子的散射實(shí)驗(yàn)，少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)說(shuō)明了原子的核式結(jié)構(gòu)；C中氫原子光譜不連續(xù)是其原子的能量狀態(tài)不連續(xù)導(dǎo)致的；D中含鈾的礦物質(zhì)自發(fā)向外放出的β射線叫β衰變，它來(lái)自原子核內(nèi)部，是原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)變成質(zhì)了時(shí)放出的。故答案為：D。

【分析】躍遷前后能量差值越大，產(chǎn)生的光子的頻率就越大，越容易發(fā)生光電效應(yīng)。2.【解析】【解答】解：對(duì)于任一木塊，由v0﹣at＝0得a＝所受的摩擦力大小為f＝ma＝據(jù)題，初速度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，mA＞mB，那么fA＞fB。由μmg＝ma，得μ＝，知a相同，那么μ相同，即μA＝μB，ABD不符合題意，C符合題意。故答案為：C

【分析】結(jié)合物體的初速度和減速時(shí)間求解物體的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求解物體的動(dòng)摩擦因數(shù)。3.【解析】【解答】解：由于不計(jì)空氣阻力，兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能都守恒，設(shè)落地時(shí)速度為v′，那么由機(jī)械能守恒定律得：mgh+=那么得：v′=，所以落地時(shí)兩球的速度大小相等．對(duì)于豎直上拋的小球，將其運(yùn)動(dòng)看成一種勻減速直線運(yùn)動(dòng)，取豎直向上為正方向，加速度為﹣g，那么運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t1==對(duì)于豎直下拋的小球，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t2=故兩球落地的時(shí)間差為：△t=t1﹣t2=故A正確，BCD錯(cuò)誤應(yīng)選：A．【分析】小球都作勻變速直線運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能守恒，可得到落地時(shí)速度大小相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式表示運(yùn)動(dòng)時(shí)間，得到落地時(shí)間差．4.【解析】【解答】解：A、點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)分布為球?qū)ΨQ分布，距離點(diǎn)電荷距離為r處的電勢(shì)為φ＝；設(shè)正方體的邊長(zhǎng)為a，那么A點(diǎn)電勢(shì)為：φA＝，G點(diǎn)電勢(shì)為：φG＝；所以A、G兩點(diǎn)電勢(shì)不相等，A錯(cuò)誤，符合題意；B、只在B、D兩點(diǎn)放置等量異種點(diǎn)電荷，那么E點(diǎn)電勢(shì)為；φE＝＝0，C點(diǎn)電勢(shì)為：φC＝＝0，所以E、C兩點(diǎn)電勢(shì)相等，B正確，不符合題意；C、只在A、B兩點(diǎn)放置等量異種點(diǎn)電荷，那么，A處點(diǎn)電荷在H處場(chǎng)強(qiáng)與B處點(diǎn)電荷在G處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，A處點(diǎn)電荷在G處場(chǎng)強(qiáng)與B處點(diǎn)電荷在H處場(chǎng)強(qiáng)大小相等；根據(jù)幾何關(guān)系，又有H處兩分場(chǎng)強(qiáng)的夾角和G處兩分場(chǎng)強(qiáng)的夾角相等，故合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，C正確，不符合題意；D、在八個(gè)頂點(diǎn)均放置電荷量為q的點(diǎn)電荷，那么立方體每個(gè)面上四個(gè)點(diǎn)電荷在面中心的場(chǎng)強(qiáng)之和為零，后面四個(gè)點(diǎn)電荷在面中心形成的場(chǎng)強(qiáng)垂直平面；又有點(diǎn)電荷電荷量都為q，點(diǎn)電荷到對(duì)面面中心的距離相等，故場(chǎng)強(qiáng)大小相等，又有點(diǎn)電荷到面中心的直線與面中心的角度相等，故合場(chǎng)強(qiáng)大小相等，D正確，不符合題意；故答案為：A

【分析】結(jié)合等量異種電荷的電場(chǎng)線模型，電場(chǎng)力對(duì)電荷做正功，電荷的電勢(shì)能減小，相應(yīng)的動(dòng)能就會(huì)增加，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，電荷的動(dòng)能減小。5.【解析】【解答】解：A、對(duì)金屬棒ab根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsinθ﹣BIL＝ma，即mgsinθ﹣＝ma，解得：a＝gsinθ﹣，隨著時(shí)間增加，加速度逐漸減小，那么a﹣t圖象的斜率也逐漸減小，A不符合題意；B、隨著速度的增加，加速度逐漸減小，v﹣t圖象的斜率逐漸減小，當(dāng)加速度為零時(shí)，速度不變，B不符合題意；C、電阻R兩端的電壓U＝BLv＝BLat，隨著時(shí)間增加，加速度逐漸減小，那么U﹣t圖象的斜率也逐漸減小，加速度為零時(shí)，U到達(dá)最大不變；速度最大時(shí)根據(jù)平衡條件可得：BIL＝mgsinθ，解得I＝，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得U＝IR＝，C不符合題意；D、ab棒與導(dǎo)軌形成回路中的磁通量Φ＝BL〔+〕＝+，當(dāng)a＝0時(shí)，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，x＝vt，磁通量與t是線性關(guān)系，D符合題意。故答案為：D

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小，再利用歐姆定律求解回路中電流的大小；利用左手定那么和公式求解安培力的方向，再結(jié)合安培力公式求解導(dǎo)體棒受到的安培力大小，在沿斜面方向應(yīng)用牛頓第二定律求解加速度。6.【解析】【解答】解：A、理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2，根據(jù)嗶哩嗶哩可知，原、副線圈的電流之比為2：1，電阻R1＝1Ω，R2＝2Ω，根據(jù)P＝I2R可知，R1與R2消耗的電功率之比為2：1，A不符合題意；B、設(shè)原線圈輸入電流：I1＝I，根據(jù)變流比可知，副線圈輸出電流：I2＝0.5I，變壓器輸入電壓：U1＝U﹣IR1，副線圈輸出電壓：U2＝I2〔R2+R3〕，根據(jù)變壓比可知，2U1＝U2，聯(lián)立解得，I＝3A，B符合題意；C、假設(shè)向上移動(dòng)P，那么R3電阻減小，輸出電流變大，那么輸入電流也變大，變壓器的輸出功率變大，那么輸入功率變大，根據(jù)能量守恒定律可知，電源的輸出功率變大，C不符合題意；D、假設(shè)向上移動(dòng)P，那么R3電阻減小，輸出電流變大，那么輸入電流也變大，電阻R1的電壓變大，那么變壓器輸入電壓變小，根據(jù)變壓比可知，輸出電壓變小，電壓表讀數(shù)將變小，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律求解電流；滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)的過(guò)程中，接入電路中的電阻變小，結(jié)合歐姆定律求解電流、電壓的變化。7.【解析】【解答】解：衛(wèi)星繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，，得r3＝，可知圖線的斜率k＝，分析圖象可知，圖線A的斜率大于圖線B的斜率，那么A行星的質(zhì)量大于B行星的質(zhì)量，A符合題意；B、圖線A的斜率為k1，那么A行星的質(zhì)量：M1＝，物體在行星外表受到的重力等于萬(wàn)有引力，mg＝，解得行星外表的重力加速度：g＝，A行星半徑為B行星半徑的n倍，那么A行星與B行星外表的重力加速度之比為，B不符合題意；C、衛(wèi)星在行星外表受到的萬(wàn)有引力提供向心力，＝m，解得行星的第一宇宙速度：v＝，那么A行星與B行星的第一宇宙速度之比為，C符合題意；D、行星的密度：ρ＝＝，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)向心力公式列方程，結(jié)合圖像的橫縱坐標(biāo)進(jìn)行變形，結(jié)合圖像的斜率分析求解即可。8.【解析】【解答】解：A、根據(jù)FN＝mgcosθ知A、C兩滑塊對(duì)斜面的壓力大小相等，那么A、C所受的滑動(dòng)摩擦力大小相等，A不符合題意；B、A、C兩個(gè)滑塊所受的滑動(dòng)摩擦力大小相等，A所受的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上，C沿斜面向上的力是滑動(dòng)摩擦力的分力，所以C的加速度大于A的加速度，C先到達(dá)斜面底端，B不符合題意；C、三個(gè)滑塊重力相同，下降的高度相同，重力做功相同，摩擦力對(duì)A、B做功相同，C克服摩擦力做功最大，A的初動(dòng)能為零，B、C的初動(dòng)能相等，那么滑到斜面底端時(shí)，B滑塊的動(dòng)能最大，B的動(dòng)能大于C的動(dòng)能，B的動(dòng)能最大，C符合題意；D、滑動(dòng)摩擦力做功與路程有關(guān)，C運(yùn)動(dòng)的路程最大，C克服摩擦力做功最大，C減少的機(jī)械能最多，D符合題意。故答案為：CD

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，合外力做功對(duì)應(yīng)故物體動(dòng)能的變化量，合外力對(duì)物體做正功，物體的動(dòng)能增加，除重力以外的其他力做功對(duì)應(yīng)物體機(jī)械能的變化量，除重力以外的其他力對(duì)物體做正功，機(jī)械能增加。二、非選擇題：共174分．第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～38題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題：共129分．9.【解析】【解答】解：〔1〕游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：0.9cm，游標(biāo)尺上第10個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為0.05×10mm＝0.50mm，所以最終讀數(shù)為：0.950cm．〔2〕利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度，故：v＝，根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式有：mgh＝mD2〔﹣〕即只要比較D2〔﹣〕與2gh是否相等，故答案為：D．〔3〕根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得鋼球通過(guò)光電門的平均速度等于這個(gè)過(guò)程中中間時(shí)刻速度，而中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度小球中間位置時(shí)的瞬時(shí)速度；故鋼球通過(guò)光電門的平均速度小于鋼球球心通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度故答案為：〔1〕0.950cm〔2〕D〔3〕＜

【分析】〔1〕明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)那么進(jìn)行讀數(shù)即可；

〔2〕重物下落時(shí)應(yīng)遵循機(jī)械能守恒定律，即動(dòng)能的增加量等于重力勢(shì)能的減小量，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式表示出速度v，再化簡(jiǎn)即可；

〔3〕當(dāng)運(yùn)動(dòng)位移很短時(shí)，物體的平均速度近似等于物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，位移越短，平均速度越接近瞬時(shí)速度，物體做加速運(yùn)動(dòng)，平均速度始終略小于瞬時(shí)速度。10.【解析】【解答】解：〔1〕①由圖〔a〕所示電路圖可知，電流計(jì)滿偏時(shí)流過(guò)電源的電流：I1＝Ig+＝1×10﹣3A+A＝5×10﹣3A＝5mA；電流計(jì)滿偏時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值約為：R＝﹣r＝﹣10Ω＝250Ω，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R2。②電流計(jì)示數(shù)為0.80mA時(shí)流過(guò)電源的電流：I2＝I+＝0.80×10﹣3A+A＝4×10﹣3A＝4mA，設(shè)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為R，根據(jù)圖〔a〕所示電路圖，由閉合電路歐姆定律可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E＝5×10﹣3×〔r+R+〕，E＝4×10﹣3×〔r+R++72〕，解得：E＝1.44V；〔2〕電流計(jì)與電阻Ra并聯(lián)改裝后的量程為：I＝Ig+＝＝5×10﹣3A，歐姆表內(nèi)阻：R內(nèi)＝Ω＝288Ω，由圖〔c〕所示電流計(jì)分度值為0.02mA，示數(shù)為0.6mA，流過(guò)電路的電流：I3＝＝3×10﹣3A，由閉合電路歐姆定律得：I3＝，代入數(shù)據(jù)解得：RX＝192Ω；故答案為：〔1〕①5；R2；②1.44；〔2〕192。

【分析】〔1〕定值電阻的選擇根據(jù)待測(cè)電阻選擇，兩者相當(dāng)即可；

根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E﹣Ir結(jié)合函數(shù)圖像來(lái)求解內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)即可；

〔2〕利用歐姆定律求解待測(cè)電阻的阻值即可。11.【解析】【分析】〔1〕物體恰好經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)的時(shí)候，只有重力提供向心力，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，利用向心力公式求解此時(shí)的速度，再利用機(jī)械能守恒定律列方程求解初速度即可；

〔2〕兩個(gè)物體組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒和能量守恒，利用動(dòng)量守恒定律和能量守恒列方程分析求解即可。12.【解析】【分析】〔1〕帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系求解軌道半徑，再結(jié)合向心力公式求解荷質(zhì)比；

〔2〕〔3〕粒子在水平方向沿勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上受電場(chǎng)力的方向而做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移和豎直的大小，利用牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式求解即可。三、[物理-選修3-3]〔15分〕1