四川省成都市金牛區(qū)外國語學(xué)校2024年物理高三第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題含解析

四川省成都市金牛區(qū)外國語學(xué)校2024年物理高三第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，一帶電粒子從小孔A以一定的初速度射入平行板P和Q之間的真空區(qū)域，經(jīng)偏轉(zhuǎn)后打在Q板上如圖所示的位置．在其他條件不變的情況下要使該粒子能從Q板上的小孔B射出，下列操作中可能實現(xiàn)的是（不計粒子重力）A．保持開關(guān)S閉合，適當(dāng)上移P極板B．保持開關(guān)S閉合，適當(dāng)左移P極板C．先斷開開關(guān)S，再適當(dāng)上移P極板D．先斷開開關(guān)S，再適當(dāng)左移P極板2、如圖所示，一質(zhì)量為m的小球固定于輕質(zhì)彈簧的一端，彈簧的另一端固定于O點處．將小球拉至A處時，彈簧恰好無形變，由靜止釋放小球，它運動到O點正下方B點速度為v，AB間的豎直高度差為h，則A．由A到B過程合力對小球做的功等于mghB．由A到B過程小球的重力勢能減少C．由A到B過程小球克服彈力做功為mghD．小球到達(dá)位置B時彈簧的彈性勢能為3、甲、乙兩車在平直公路上同向行駛，其v－t圖象如圖所示．已知兩車在t＝30s時并排行駛，則()A．在t＝10s時，甲車在乙車后B．在t＝0時，乙車在甲車前100mC．兩車另一次并排行駛的時刻有可能是t＝5sD．甲、乙車兩次并排行駛之間沿兩車的最大距離為200m4、如圖所示為氫原子的能級分布圖，已知可見光光子的能量在1.61eV~3.10eV范圍內(nèi)，由圖可知A．基態(tài)氫原子吸收能量為10.3eV的光子能從n=1能級躍遷到n=2能級B．基態(tài)氫原子的電離能為13.6eVC．一群處于n=5能級的氫原子向低能級躍遷時，可輻射6種不同頻率的光子D．氫原子從n=4能級躍遷到n=3能級，輻射的光子是可見光5、如圖所示，在火星與木星軌道之間有一小行星帶．假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽的引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法正確的是A．太陽對小行星的引力相同B．各小行星繞太陽運動的周期小于一年C．小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度值大于小行星帶外側(cè)小行星的向心加速度值D．小行星帶內(nèi)各小行星圓周運動的線速度值大于地球公轉(zhuǎn)的線速度值6、若貨物隨升降機(jī)運動的圖像如圖所示（豎直向上為正），則貨物受到升降機(jī)的支持力與時間關(guān)系的圖像可能是A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為M的長木板靜止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且長為l，左端O處固定輕質(zhì)彈簧，右側(cè)用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為F．質(zhì)量為m的小滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達(dá)最大時細(xì)繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落．則（）A．細(xì)繩被拉斷瞬間木板的加速度大小為B．細(xì)繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為C．彈簧恢復(fù)原長時滑塊的動能為D．滑塊與木板AB間的動摩擦因數(shù)為8、如圖所示，在動摩擦因數(shù)μ＝0.2的水平面上，質(zhì)量m＝2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成θ＝45°角的拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時水平面對物塊的彈力恰好為零．g取10m/s2，以下說法正確的是()A．此時輕彈簧的彈力大小為20NB．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0C．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右D．當(dāng)撤去拉力F的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左9、下列說法正確的是（）A．食鹽晶體中的鈉離子氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性B．液晶既有液體的流動性，又有晶體的各向異性C．功可以全部轉(zhuǎn)化為熱量，但熱量不能全部轉(zhuǎn)化為功D．水黽能停在水面上，是因為液體表面張力的作用E.外界對物體做功時，物體的內(nèi)能一定增加10、如圖所示，可以看作質(zhì)點的小球從末端水平的圓弧軌道上最高點由靜止開始沿軌道下滑，并沿水平方向拋出，小球拋出后落在斜面上．已知軌道高度為h，斜面的傾角為θ=30°，斜面上端與小球拋出點在同一水平面上，下端與拋出點在同一豎直線上，斜面長度為3h，斜面上M、N兩點將斜面長度等分為三段．空氣阻力不計，重力加速度為g．若小球落在斜面上M點，則（）A．小球在空中飛行時間為B．小球拋出的速度為C．小球從軌道上最高點釋放到落在斜面上M點的過程中重力做功為mghD．小球從軌道上最高點釋放到落到斜面上M點的過程中克服摩擦力做的功為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）已有資料可知，熱敏電阻包括正溫度系數(shù)電阻器（PTC）和負(fù)溫度系數(shù)電阻器（NTC），正溫度系數(shù)電阻器的電阻隨溫度的升高而增大，負(fù)溫度系數(shù)電阻器的電阻隨溫度的升高而減?。硨嶒炐〗M嘗試探究某一熱敏電阻Rx的導(dǎo)電特性，他們用下列器材進(jìn)行實驗描繪該熱敏電阻的伏安特性曲線，所測數(shù)據(jù)記錄在表格中．器材有：A．待測熱敏電阻RxB．電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約為l000Ω）C．電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）D．滑動變阻器R1（0～l0Ω）E．電源E（電動勢3V，內(nèi)阻忽略）F．開關(guān)與導(dǎo)線若干(1)請設(shè)計合理的電路圖，并根據(jù)電路圖完成圖甲中實物圖的連接________．(2)在圖乙所示坐標(biāo)紙上用描點法畫出元件的伏安特性曲線_______．(3)根據(jù)作出的伏安特性曲線，請分析說明該曲線對應(yīng)的熱敏電阻是______（填“PTC”或“NTC”）熱敏電阻．(4)若將兩個相同的這種熱敏元件串聯(lián)，且與電動勢為5V，內(nèi)阻r=l0Ω的電源相連，則一個這種熱敏元件的實際功率為________W（保留2位有效數(shù)字）.12．（12分）某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：A．直流電源（6V，內(nèi)阻不計）B．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻）C．電流表A（，內(nèi)阻未知）D．滑動變阻器R（，5A）E．滑動變阻器Rˊ（，）F．定值電阻R0（阻值）G．開關(guān)與導(dǎo)線若干（1）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設(shè)計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）_____（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選用_____．（填寫器材序號）（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動勢E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計．調(diào)節(jié)滑動變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子元件R1的阻值為_____，R3接入電路的阻值為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，質(zhì)量為m=2kg的物體置于傾角為θ=37°的足夠長的固定斜面上，t=0時刻對物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=0.5s時撤去該拉力，整個過程中物體運動的速度與時間的部分圖象如圖乙所示，不計空氣阻力，g=10m／s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．求：(1)物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ(2)拉力F的大小(3)物體沿斜面向上滑行的最大距離s．14．（16分）如圖所示，斜面ABC中AB段粗糙，BC段長2m且光滑，質(zhì)量為1kg的小物塊由A處以的初速度沿斜面向上滑行，到達(dá)C處速度為零，此過程中小物塊在AB段加速度大小是BC段加速度大小的2倍，兩段運動時間相等，，求：小物塊通過B處的速度大??；斜面AB段的長度；沿斜面下滑過程中通過BA段的時間。15．（12分）如圖所示,有一質(zhì)量為M=2kg的平板小車靜止在光滑的水平地面上,現(xiàn)有質(zhì)量均為m=1kg的小物塊A和B(均可視為質(zhì)點),由車上P處開始,A以初速度V1=2m/s向左運動,B同時以V2=4m/s向右運動.最終A、B兩物塊恰好停在小車兩端沒有脫離小車.兩物塊與小車間的動摩擦因數(shù)都為μ=0.1,取g=10m/s2.求:

(1)求小車總長L;(2)B在小車上滑動的過程中產(chǎn)生的熱量QB

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

粒子做類似斜拋運動，水平分運動是勻速直線運動，要使該粒子能從Q板上的小孔B射出，即要增加水平分位移，由于水平分速度不變，只能增加運動的時間。【題目詳解】A、保持開關(guān)S閉合，適當(dāng)上移P極板，根據(jù)U=Ed，d增加，場強(qiáng)E減小，故加速度a=qE/m減小，根據(jù)t=2vy0/a，時間延長，可能從小孔B射出；故A正確；B、保持開關(guān)S閉合，適當(dāng)左移P極板，場強(qiáng)不變，故粒子加速度不變，運動軌跡不變，故B錯誤；C、先斷開開關(guān)S，再適當(dāng)上移P極板，電荷的面密度不變，場強(qiáng)不變，故粒子加速度不變，運動軌跡不變，故C錯誤；D、先斷開開關(guān)S，再適當(dāng)左移P極板，電荷的面密度增加，場強(qiáng)變大，故粒子加速度變大，故時間縮短，水平分位移減小，故不可能從小孔B射出，故D錯誤；故選A．2、D【解題分析】

根據(jù)動能定理，可求合外力做功，，故A錯誤；重力做功為mgh，故重力勢能減少了mgh，所以B錯誤；根據(jù)動能定理，，所以從A到B的過程中，彈力做功為，小球克服彈力做功為，所以C錯誤；再根據(jù)可知，，又，所以小球到達(dá)位置B時彈簧的彈性勢能為，故D正確．3、B【解題分析】

在速度時間圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成面積表示位移，根據(jù)位移關(guān)系分析兩車的位置關(guān)系．可結(jié)合幾何知識分析兩車另一次并排行駛的時刻．兩車速度相等時，兩車間距最大；根據(jù)圖像求解最大距離．【題目詳解】因圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于位移，由圖像可知，10s-30s，兩車的位移相等，因為兩車在t＝30s時并排行駛，可知在t＝10s時，兩車也是并排行駛，選項AC錯誤；由圖像可知0-10s內(nèi)甲的位移大于乙的位移，兩車的位移之差為，而在t＝10s時，兩車也是并排行駛，可知在t＝0時，乙車在甲車前100m，選項B正確；當(dāng)兩車速度相等時兩車距離最大，可知甲、乙車兩次并排行駛之間沿兩車的最大距離為，選項D錯誤；故選B.4、B【解題分析】A、根據(jù)玻爾理論可知，氫原子能級躍遷時，吸收的光子能量必須嚴(yán)格等于能級差，A項錯誤；B、基態(tài)氫原子電離時的電離能為13.6eV，B項正確；C、一群處于n=5能級的氫原子向低能級躍遷時，可輻射C52=10種不同頻率的光子，C項錯誤；D、氫原子從n=4能級躍遷到n=3能級，輻射的光子的能量為-0.85eV-（-1.51eV）=0.66eV，能量比可見光光子的能量小，不可能是可見光光子，【題目點撥】只有入射光子的能量大于金屬的逸出功才會發(fā)生光電效應(yīng)．能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，根據(jù)輻射的光子能量與可見光的光子能量比較進(jìn)行判斷．5、C【解題分析】

小行星繞太陽做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力A．太陽對小行星的引力F=，由于各小行星軌道半徑質(zhì)量均未知，故不能得出太陽對小行星的引力相同的結(jié)論，故A錯誤；B．由周期T=知，由于小行星軌道半徑大于地球公轉(zhuǎn)半徑，故小行星的周期均大于地球公轉(zhuǎn)周期，即大于一年，故B錯誤；C．小行星的加速度a=知，小行星內(nèi)側(cè)軌道半徑小于外側(cè)軌道半徑，故內(nèi)側(cè)向心加速度大于外側(cè)的向心加速度，故C正確；D．線速度知，小行星的軌道半徑大于地球半徑，故小行星的公轉(zhuǎn)速度小于地球公轉(zhuǎn)的線速度，故D錯誤。故選C。6、B【解題分析】由圖知：過程①為向下勻加速直線運動（加速度向下，失重，）；過程②為向下勻速直線（平衡，）；過程③為向下勻減速直線運動（加速度向上，超重，）；過程④為向上勻加速直線運動（加速度向上，超重，）；過程⑤為向上勻速直線運動（平衡，）；過程⑥為向上勻減速直線運動（加速度向下，失重，）；綜合各個過程可知B選項正確．【考點定位】圖像、超重與失重、牛頓第二定律．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】

A．細(xì)繩被拉斷瞬間，對木板分析，由于OA段光滑，沒有摩擦力，在水平方向上只受到彈簧給的彈力，細(xì)繩被拉斷瞬間彈簧的彈力等于F，根據(jù)牛頓第二定律有：解得，A正確；B．滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，到彈簧壓縮量最大時速度為0，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：細(xì)繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為，B正確；C．彈簧恢復(fù)原長時木板獲得的動能，所以滑塊的動能小于，C錯誤；D．由于細(xì)繩被拉斷瞬間，木板速度為零，小滑塊速度為零，所以小滑塊的動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即，小滑塊恰未掉落時滑到木板的右端，且速度與木板相同，設(shè)為，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得聯(lián)立解得，D正確。故選ABD。8、AD【解題分析】

A．將拉力F分解為豎直向上的力和水平向右的力，則有，，因為此時水平面對物塊的彈力為零，即，解得，，因為地面對物塊的支持力為零，即物塊與水平面之間的正壓力為零，所以地面對物塊不存在摩擦力，故水平方向上受到彈簧的彈力T和，所以，A正確；BC．剪斷彈簧的瞬間，彈力變?yōu)榱悖亓g和平衡，物塊與水平面間仍沒有摩擦力，所以在剪斷彈簧的瞬間物塊合力為，故加速度為，方向水平向右，BC錯誤；D．撤去力F的瞬間，彈力大小不變，仍為20N，由于豎直向上的分力消失，故物塊與水平面間存在摩擦力，物體所受的最大靜摩擦力為，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為，方向水平向左，D正確。故選D。9、ABD【解題分析】

食鹽晶體中的鈉離子氯離子按一定規(guī)律分布，具有空間上的周期性。故A正確；液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)。所以液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性。故B正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量也可以全部轉(zhuǎn)化為功，但必須發(fā)生其它的一些變化。故C錯誤；水黽能停在水面上，是因為液體表面張力的作用。故D正確；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，外界對物體做功（W＞0），但如果和外界熱交換不明確的話，物體的內(nèi)能也不一定增加。故E錯誤。10、BD【解題分析】根據(jù)幾何知識，小球做平拋運動的豎直分位移為：則時間：，故選項A錯誤；B、根據(jù)幾何知識，小球做平拋運動的水平分位移為：則：，故選項B正確；C、根據(jù)重力做功的特點：，故選項C錯誤；D、在圓弧軌道運動的過程中，根據(jù)動能定理：，則：，故選項D正確．點睛：本題主要考查了平拋運動的基本公式及動能定理得直接應(yīng)用，關(guān)鍵要運用數(shù)學(xué)知識得到平拋運動水平位移應(yīng)滿足的條件．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、PTC0.27【解題分析】

（1）因為電壓從零開始調(diào)節(jié)，所以采用分壓電路，根據(jù)表中數(shù)據(jù)估算，待測阻值約4歐左右，屬于小電阻，采取外接，實物連線如圖：（2）通過描點做圖得到（3）根據(jù)圖像可以得出，斜率越來越大，而U-I圖的斜率描述電阻變化，所以電阻隨溫度升高而增大，屬于正溫度系數(shù)電阻器(PTC)（4）電源的外特性關(guān)系式：，而兩個相同的熱敏元件串聯(lián)，每個元件的電壓，得到，將圖像畫到伏安特性曲線中，得到工作點電壓0.81V，工作電流0.338A計算得到功率為0.27W12、D

104【解題分析】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻R0串聯(lián)測電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω，電壓表內(nèi)阻為10+1990=2000Ω，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：（2）為方便實驗操作，同時分壓接法時，要求用小電阻，故滑動變阻器應(yīng)選D．（3）兩元件串聯(lián)，流過它們的電流始圖相等，電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說明它們的電壓和電流相等，由圖乙可知，此時電阻兩端的電壓為U=2.5V，I=0.25A，根據(jù)歐姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根據(jù)串并聯(lián)電路特點，可知，此時流過R3的電流為：I′=2I=0.5A，兩端的電壓為：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入電阻的阻值為：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)μ=0.5(2)F=15N(3)s=7.5m【解題分析】

由速度的斜率求出加速度，根據(jù)牛頓第二定律分別對拉力撤去前、后過程列式，可拉力和物塊與斜面的動摩擦因數(shù)為μ．根據(jù)v-t圖象面積求解位移.【題目詳解】（1）由圖象可知，物體向上勻減速時加速度大小為：此過程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma2

代入數(shù)據(jù)解得：μ=0.5

（2）由圖象可知，物體向上勻加速時加速度大小為：a1==20m/s2

此過程有：F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1

代入數(shù)據(jù)解得：F=60N

（3）由圖象可知，物體向上滑行時間1.5s，向上滑行過程位移為：

s＝×10×1.5＝7.5m【題目點撥】本題首先挖掘速度圖象的物理意義，由斜率求出加速度，其次求得加速度后，由牛頓第二