備戰(zhàn)2023年遼寧高考物理猜題卷（解析版）

2023年高考物理押題卷06（遼寧卷）

解析版

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第「7題只

有一項符合題目要求，每小題4分，第8~10題有多項符合題目要求。每小題6分，全

部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分。

1.下列說法中正確的是（）

A.曲線運動的速度一定變化，加速度也一定變化

B.速度、加速度和位移的合成都遵循平行四邊形定則

C.在恒力作用下，物體不可能做曲線運動

D.合運動的速度一定大于兩個分運動的速度

【答案】B

【詳解】AC.曲線運動的速度的方向一定改變故速度一定變化；物體做曲線運動的條件是合外

力或加速度與速度不在同一條直線上，合外力或加速度一定不為零，但不一定變化，可以恒定不變,

AC錯誤；

B.速度、加速度和位移均為矢量，其合成運算都遵循平行四邊形定則，B正確；

D.根據(jù)平行四邊形定則知，合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能與分速度相等，D

錯誤。

2.某物塊的位置x與時間，的關(guān)系如圖所示，則下列速度u與時間，的關(guān)系圖像可

能正確的是（）

【答案】C

【詳解】由位置X與時間t的關(guān)系圖像可知，0-4過程斜率為正且不斷增大，可知做加速直線

運動；

t「t2圖線為直線，表示做勻速直線運動；G-G過程斜率為正且不斷減小，可知做減速直線運

動。

3.關(guān)于機(jī)械波的說法正確的是（）

A.縫、孔或障礙物的尺寸跟波長差不多，或比波長更小時，才會發(fā)生明顯的衍射

現(xiàn)象

B.兩列波相遇時，只要頻率相等就一定能觀察到穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象

C.發(fā)生多普勒效應(yīng)時，波源的頻率發(fā)生了改變

D.波的傳播速度就是波源的振動速度

【答案】A

【詳解】A.任何情況下都可以發(fā)生衍射現(xiàn)象，只有縫、孔或障礙物的尺寸跟波長差不多，或者

比波長更小時，才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A正確；

B.發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相等、相位差恒定，故B錯誤；

C.發(fā)生多普勒效應(yīng)時?，波源的頻率未改變，只是觀察者接受到的波的頻率發(fā)生了變化，故C錯

誤；

D.波的傳播速度與波源的振動速度是完全不同的兩個速度；波在同一均勻介質(zhì)中勻速傳播，速

度不變，而質(zhì)點的振動速度隨時間是周期性變化的。波速反映振動在介質(zhì)中傳播快慢，而波源的振

動速度反映波源振動的快慢，所以波的速度與振源的振動速度不同，故D錯誤。

4.水面下方某處有一個點光源，從水面上看水面有光亮的圓形區(qū)域的面積為E。

若將水換成另外一種液體，其他條件不變，從液面上看液面有光亮的圓形區(qū)域的面積為

2

s

52。已知水與該種液體對點光源發(fā)出的光線的折射率分別為〃1、々，則甘的值為（）

%

r々「ID.%

J21

7?!—1々+1

【答案】c

【詳解】設(shè)點光源距水面的深度為人被光源照亮的圓形區(qū)域的半徑為r,由幾何關(guān)系有

sinC；又si?!』尸得5=瑞；可得/信

yjr2+lr

5.在光電效應(yīng)實驗中，飛飛同學(xué)用同一光電管在不同實驗條件下得到了三條光電

流與電壓之間的關(guān)系曲線（甲光、乙光、丙光），如圖所示。則可判斷出（）

A.甲光的頻率大于乙光的頻率

B.乙光的波長大于丙光的波長

C.該光電管，丙光對應(yīng)的截止頻率大于乙光對應(yīng)的截止頻率

D.甲光對應(yīng)的光電子最大初動能大于丙光對應(yīng)的光電子最大初動能

【答案】B

【詳解】AB.根據(jù)題意，由公式e6=&“=/?-叱,；可得，入射光的頻率越高，對應(yīng)的遏止電

壓U,越大，由圖可知，甲光和乙光的頻率相等，丙光的頻率最大，由丫=2/可知，頻率大的波長小,

則乙光的波長大于丙光的波長，故A錯誤，B正確；

C.根據(jù)公式線=加-也；對于同一光電管，截止頻率相等，故C錯誤；

D.根據(jù)題意，由公式2。，二線“,=尿-叱）；可得，遏止電壓越大，光電子最大初動能越大，則

甲光對應(yīng)的光電子最大初動能小于丙光對應(yīng)的光電子最大初動能，故D錯誤。

6.如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體的壓強(qiáng)隨體積變化的〃圖像，其中段為

雙曲線，則下列說法正確的是（）

A.過程①中氣體分子的平均動能不變

B.過程②中單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁的碰撞次數(shù)增多

C.過程②中氣體分子的平均動能減小

D.過程③中單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁的碰撞次數(shù)增多

【答案】D

【詳解】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程=可得P=〃R7（；故可知，-器圖像的斜率人“RT；

對于一定質(zhì)量的理想氣體而言，斜率定性的反映溫度的高低。

A.p-f圖像在過程①的每點與坐標(biāo)原點連線的斜率逐漸減小，表示理想氣體的溫度逐漸降低，

則過程①中氣體分子的平均動能減小，A錯誤；

B.。-器圖像在過程②中壓強(qiáng)不變，體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高，分子的

平均動能瓦增大，由理想氣體壓強(qiáng)的微觀意義，氣體壓強(qiáng)與氣體分子單位時間內(nèi)對容器壁的碰撞次

數(shù)N、氣體分子平均動能瓦有關(guān)，在壓強(qiáng)p不變，&增大的條件下，可得單位時間內(nèi)氣體分子對容

器壁的碰撞次數(shù)減少，B錯誤；

C.圖像在過程②的每點與坐標(biāo)原點連線的斜率逐漸增大，表示理想氣體的溫度逐漸升高,

則過程②中氣體分子的平均動能增大，C錯誤；

I）.。-歹圖像在過程③中壓強(qiáng)增大，溫度不變，分子的平均動能Ek不變，由理想氣體壓強(qiáng)的微

觀意義，氣體壓強(qiáng)與氣體分子單位時間內(nèi)對容器壁的碰撞次數(shù)N、氣體分子平均動能瓦有關(guān)，在壓

強(qiáng)P增大，溫度不變的條件下，可得單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁的碰撞次數(shù)增多，D正確。

4

7.如圖所示，在光滑絕緣的水平面上固定兩個等量正點電荷A和B,。點為連

線的中點，C、。為連線上關(guān)于。點對稱的兩個點，且一帶負(fù)電的可視

為點電荷的小球以初速度no從C點運動到。點，取無窮遠(yuǎn)處的電勢8=0，以。點為坐

標(biāo)原點，向右為x軸的正方向，下列關(guān)于電勢9、電場強(qiáng)度E、小球的電勢能弓及動能

反隨小球運動的位移x變化的圖像，可能正確的是()

A\B

?―-——?——?―?

【詳解】AC.從C點到D點，電場線方向先向右后向左，則電勢先降低后升高，且電勢都大于

零，并關(guān)于0點對稱。小球帶負(fù)電所以小球的電勢能先增大后減小，小球在C、D兩點處的電勢能相

同，故A正確，C錯誤；

D.由于小球的電勢能先增大后減小，在C、D兩點處的電勢能相同，由能量守恒定律得知，動

能先減小后增大，在C、D兩點處的動能相同，故D錯誤；

B.設(shè)AC=BD=r,點電荷A和B的電荷量大小為Q,則當(dāng)位移為x時，場強(qiáng)為

￡=女丁"-七-1k；由數(shù)學(xué)知識得知E與x是非線性關(guān)系，圖像是曲線，故B錯誤。

(r+x)(r+2L-x)

8.如圖所示，飛行器P繞某星球做勻速圓周運動，星球相對飛行器的張角為仇下

列說法正確的是()

A.軌道半徑越大，周期越長B.軌道半徑越大，速度越大

C.若測得周期和張角，可得到星球的平均密度

D.若測得周期和軌道半徑，可得到星球的平均密度

【答案】AC

【詳解】A.對飛行器，根據(jù)G翳=〃求茶：可知軌道半徑越大，周期越大，故選項A正確;

B.根據(jù)6殍=機(jī)，；可知道軌道半徑越大，速度越小，故選項B錯誤;

C.若測得周期T,且由A中方程可得於富；如果知道張角0,則該星球半徑為「=亦吟

4/R3=：4T（Rsing）0；可得到星球的平均密度，故選項C正確;

所以M=

GT23

I）.若測得周期和軌道半徑，無法得到星球半徑，則無法求出星球的平均密度，故選項D錯誤。

9.如圖所示，在邊長為L的等邊三角形內(nèi)分布著垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大

小為B的勻強(qiáng)磁場，在三角形的中心有一個點狀的粒子源0,它可沿平行紙面的各個方

向發(fā)射質(zhì)量為〃J電荷量為+4,速率為避邂的同種粒子。不考慮粒子重力及粒子間相

互作用，下列說法正確的是（）

A.有部分粒子能夠擊中三角形的頂點

B.粒子在磁場中運動的最短時間為端

6

C.粒子在磁場中運動的最長時間為次

qB

D.若磁感應(yīng)強(qiáng)度大于23,所有粒子均不能射出三角形區(qū)域

【答案】BD

【詳解】A.粒子圓周運動的半徑廠=把=￡L；。點到各個頂點的距離為也L,假設(shè)粒子能

qB63

夠擊中頂點，粒子將運動半個周期，則粒子將從邊界先射出，故無法擊中頂點，選項A錯誤；

B.當(dāng)粒子出射點與。的連線垂直于出射電所在底邊時，軌跡圓的弦最短，圓心角最小，運動時

間最短，最短弦長為』Lsin60=3乙；則此時圓心角故最短時間=篝選項B

3632兀3qB

正確；

C.運動時間最長的粒子運動軌跡如圖中自。點經(jīng)歷點運動至尸點的劣弧OMP，則小于半周期，

故選項C錯誤；

D.所有粒子均不能射出三角形區(qū)域，臨界條件為軌跡圓和三角形的邊相切，此時半徑為《，故

磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)至少為原來的兩倍，選項D正確。

10.在傾角為。的光滑固定絕緣足夠長的斜面上有兩個用絕緣輕彈簧連接的物塊A

和B,它們的質(zhì)量分別為加和3m彈簧的勁度系數(shù)為hC為一固定擋板，開始未加電

場，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，A帶正電，B不帶電，現(xiàn)加一沿斜面向上的勻強(qiáng)電場，物塊A

沿斜面向上運動，當(dāng)B剛離開C時，A的速度為v,之后兩個物體運動中，當(dāng)A的加速

度為0時，B的加速度大小為a,方向沿斜面向上，則下列正確的是（）

c

777771^^77777777777777777777777/

A.未加電場時，擋板C對物塊B的作用力大小為3mgsin。

B.從加電場后到B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為幽半

C.B剛離開C時，電場力對A做功的瞬時功率為(4"2gsin6+3mfl)u

D.從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機(jī)械能和電勢能之和保持不變

【答案】BC

【詳解】A.開始未加電場，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，擋板C對物塊B的作用力大小為A和B的總重

力在沿斜面方向上的分力為/=4wgsin。；故A錯誤；

B.從加電場時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，對物塊A受力分析，根據(jù)平衡條件有〃琢sinO=3解得

x,=整乎；物塊B剛要離開C時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，對B由平衡條件可得3mgsin0=kx2；

k

解得W二即第￡

k

B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移大小為x=占+&=?巡:m,；故B正確；

K

C.設(shè)A所受的電場力大小為F,由題知當(dāng)A的加速度為零時，B的加速度大小為a,方向沿斜

面向上，根據(jù)牛頓第二定律對A捐F-mgsin6-Fn=0.

對B有七一sin0=3ma；故有F=4mgsin8+3ma

當(dāng)B剛離開C時，A的速度為v,則電場力對A做功的瞬時功率為P=Fv=(4mgsin0+3ma)v.

故C正確；

D.對A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機(jī)械能、電勢能

與彈簧的彈性勢能之和保持不變，彈簧的彈性勢能先減小后增大，故物塊A的機(jī)械能和電勢能之和

先增大后減小，故D錯誤。

8

二.實驗題（本大題共2小題，共14.0分。第一小題6分，第二小題8分）

11.如圖所示，在“實驗：研究平拋運動”中：

（1）為準(zhǔn)確確定坐標(biāo)軸，還需要的器材是_____;

A.彈簧測力計B.鉛垂線

C.打點計時器D.天平

（2）實驗中，下列說法正確的是；

A.小球每次從斜槽上不相同的位置自由滾下

B.斜槽軌道必須光滑

C.要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應(yīng)適當(dāng)多一些

D.為了比較準(zhǔn)確地描出小球運動的軌跡，應(yīng)該用一條曲線把所有的點連接起來

（3）在做該實驗時某同學(xué)只記錄了物體運動的軌跡上的/、8、C三點，已知相鄰

兩點的時間間隔相等，并以/點為坐標(biāo)原點建立了直角坐標(biāo)系，得到如圖所示的圖像，

2

g取10m/so

①據(jù)圖像求出相鄰兩點的時間間隔為s；

②據(jù)圖像求出物體平拋運動的初速度大小為m/s；

③物體運動到8點時的速度大小為m/so（結(jié)果可含根號）

【答案】BC0.122應(yīng)

【詳解】（1）［1］為準(zhǔn)確確定坐標(biāo)軸，還需要的器材是鉛垂線，故B正確。

（2）［2JAB.為了使小球每次從斜槽末端拋出時的初速度相同，小球每次應(yīng)從斜槽上相同的位置

由靜止自由滾下，而斜槽軌道是否光滑對上述要求無影響，故AB錯誤；

C.要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應(yīng)適當(dāng)多一些，故C正確；

D.由于實驗中存在誤差，坐標(biāo)紙上所記錄的點不可能嚴(yán)格地分布在一條拋物線上，所以在繪制

小球運動的軌跡時，應(yīng)先舍去一些誤差較大的點，將誤差較小的點用平滑曲線連接起來，而這些點

有的可能在曲線上，有的可能靠近并均勻分布在曲線兩側(cè)，故D錯誤。

故選C.

（3）［3］設(shè)相鄰兩點的時間間隔為T,則根據(jù)運動學(xué)公式有==代入數(shù)據(jù)解得

T=0.Is

［4］物體平拋運動的初速度大小為%=零=2m/s

［5］物體運動到B點時的豎直分速度大小為匕=現(xiàn)三次=2m/s；則合速度大小為

VH=+=2>/2m/s

12.在“測定金屬的電阻率”的實驗中，待測金屬絲的電阻（約為5C,實驗室備

有下列實驗器材：

A.電壓表％（量程為03V,內(nèi)阻約為15k。）；

B.電流表&（量程為03A,內(nèi)阻約為0.2C）；

C.電流表A2（量程為00.6A,內(nèi)阻約為1Q）；

D.滑動變阻器K（0~10C,0.6A）；

E.滑動變阻器&（O~2OOOdO」A）；

F.電池組E（電動勢為3V,內(nèi)阻約為0.3。）；

G.開關(guān)S,導(dǎo)線若干。

（1）為減小實驗誤差，應(yīng)選用圖（填“甲”或“乙”）為該實驗的電路原

理圖。

10

(2)為減小實驗誤差，應(yīng)選用的電流表為，應(yīng)選用的滑動變阻器為

(均填代號)

(3)若用毫米刻度尺測得金屬絲的長度為60.00cm,用螺旋測微器測得金屬絲的直

徑及兩電表的示數(shù)如圖丙所示，則金屬絲的直徑為mm、阻值為_____。、電阻

率為Qm(后兩空保留兩位有效數(shù)字)。

丙

【答案】乙CD0.6004.82.3x10

【詳解】⑴⑴由于方Rv＞R.市因此采用電流表外接法，選用圖乙所示的電路。

(2)[2]由于電源的電動勢為3V,被測電阻約為5C,電路中的最大電流約為

E3

=電流表應(yīng)選以

[3]根據(jù)滑動變阻器允許通過的最大電流可知，滑動變阻器應(yīng)選D。

(3)[4]從螺旋測微器可以讀出金屬絲的宜徑為0.600mm。

[5]從電壓表可以讀出電阻兩端的電壓為2.4OV,從電流表可以讀出流過電阻的電流為0.50A,

被測電阻的阻值4=}=480

[6]由6=24；得P=/=巴幽1；解得0=2.3xlO'dm

SI4/

三、解答題（本大題共3小題，共40.0分。第一小題10分，第二小題12分，第

三小題18分）

13.如圖為某工廠生產(chǎn)流水線上水平傳輸裝置的俯視圖，它由傳送帶和轉(zhuǎn)盤組成。

物品（質(zhì)量〃?=lkg）從/處無初速放到傳送帶上，運動到3處后進(jìn)入勻速轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)盤，

設(shè)物品進(jìn)入轉(zhuǎn)盤時速度大小不發(fā)生變化，并隨轉(zhuǎn)盤一起運動（無相對滑動），到C處被

取走裝箱。已知/、8兩處的距離L=9m,傳送帶的傳輸速度u=2.0m/s,物品在轉(zhuǎn)盤上

與軸。的距離R=5m,物品與傳送帶間的動摩擦因數(shù)必=02。取g=10m/s2。

（1）求物品從〃處運動到8處的時間/;

（2）求物品從4處運動到C處的過程中外力對物品總共做了多少功？

（3）若物品在轉(zhuǎn)盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則物品與轉(zhuǎn)

盤間的動摩擦因數(shù)外至少為多大？

發(fā)、，水平傳送帶

平轉(zhuǎn)盤

C

【答案】（1）5S；（2）2J；（3）0.08

【詳解】（1）物品先在傳送帶上做初速度為零的勻加速直線運動,其位移大小為M，由〃〃g=，也；

2

v=2ast

可得y=Im<L；

之后，物品和傳送帶一起以速度V做勻速運動，物品做勻加速運動的時間4=江=過=ls；

VV

勻速運動的時間力=上五=4s；

V

所以物品從A處運動到B處的時間，=4+芍=5s

（2）由動能定理，物品從A處運動到C處的過程中外力對物品總共做功卬=；，92-（）=2J

（3）物品在轉(zhuǎn)盤上所受的靜摩擦力提供向心力，當(dāng)物品在轉(zhuǎn)盤上恰好無相對滑動時，有

V2

jLi2mg=m—；

2

得"，=二=0.08。

gR

12

14.如圖所示，傾角6=30。的粗糙斜面軌道與一半徑R=().lm豎直光滑圓弧軌道在8

點平滑連接。一質(zhì)量加=0.2kg小物塊Q(可視為質(zhì)點)靜置于圓弧軌道最低點3處?，F(xiàn)

將另一與物塊Q完全相同的小物塊P從斜面上高〃=2.5m處的/點由靜止釋放，運動到

最低點與Q發(fā)生正碰，碰撞后兩物塊立即粘合在一起，已知小物塊P與斜面間的動摩擦

因數(shù)〃=",重力加速度g取lOm/s,求：

6

(1)小物塊P與Q碰撞前的速度大小也

(2)小物塊P與Q碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能AE；

(3)物塊運動到圓弧軌道最高點。時所受軌道的壓力

【答案】(1)5m/s；(2)1.25J；(3)5N

【詳解】(1)物塊P下滑過程，由牛頓第二定律得加gsin，-gcos，=”；

得”=2.5m/s2;

由位移公式可得$=—”=E：

sin0la

解得v=5m/s

(2)P、Q碰撞過程根據(jù)動量守恒有〃?u=2機(jī)匕

損失的機(jī)械能為AE=1相/-1x2/w：=I.25J

22

(3)整體從B到D過程，根據(jù)機(jī)械能守恒有拉欣=；-2/w；+2,"gx2R

在最高點D根據(jù)牛頓第二定律有0+2mg=2m三

解得FN=5N

15.如圖所示，必與P/P2是固定在水平面上的兩光滑平行導(dǎo)軌，間距為勿=lm,

尸2尸/區(qū)域內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌所在平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小S=1T。

與也是固定在水平面上的兩光滑平行導(dǎo)軌，間距為A2=0.5m,并用導(dǎo)線分別

與跖河2、P2。/相連接，MMQ。/區(qū)域內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小處=2T.在M/M2P2。/區(qū)域放置導(dǎo)體棒G,其質(zhì)量加/=2kg、電阻R/=1Q、長

度為L=lm,在MMQ。/區(qū)域內(nèi)放置導(dǎo)體棒”，其質(zhì)量加2=1kg、電阻火2=1。、長度

為b=0.5m。剛開始時兩棒都與導(dǎo)軌垂直放置，且導(dǎo)體棒〃被鎖定，兩個區(qū)域?qū)к壎?/p>

足夠長、不計電阻且棒始終與導(dǎo)軌接觸良好。

(1)要想使導(dǎo)體棒G在水平向右的外力作用下做初速度為零、加速度大小為。=

Zm/s,的勻加速直線運動，請寫出力F與時間,的關(guān)系式；

(2)若在導(dǎo)體棒G上施加水平向右的B=5N的外力，在作用〃=5s后達(dá)到最大速

度，求此過程中導(dǎo)體棒G的位移大??；

(3)若導(dǎo)體棒G在水平向右的外力E作用下做初速度為零、加速度