陜西省西安市藍(lán)田工業(yè)園高級(jí)中學(xué)2022年高二物理聯(lián)考試題含解析

陜西省西安市藍(lán)田工業(yè)園高級(jí)中學(xué)2022年高二物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（多選）關(guān)于液晶及液晶態(tài)，下列說法正確的是A．液晶具有流動(dòng)

B．所有物質(zhì)都具有液晶態(tài)C．液晶分子在特定方向上的排列比較整齊，但是不穩(wěn)定D．電子表中的液晶在外加電壓的影響下，能夠發(fā)光參考答案：AC2.如圖所示，半徑為R的圓形線圈共有n匝，其中心位置處半徑為r的范圍內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直線圈平面，若磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則穿過線圈的磁通量為()A．πBR2

B．πBr2C．nπBR2

D．nπBr2參考答案：B3.如圖所示，用兩根同樣的絕緣細(xì)線把甲、乙兩個(gè)質(zhì)量相等的帶電小球（可看成點(diǎn)電荷）懸掛在同一點(diǎn)上，甲、乙兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)．已知兩球帶同種電荷，且甲球的電荷量大于乙球的電荷量，F(xiàn)1、F2分別表示甲、乙兩球所受的庫侖力，則下列說法中正確的是A．F1一定大于F2

B．F1一定小于F2C．F1與F2大小一定相等

YCY

D．無法比較F1與F2的大小參考答案：C4.如圖所示，x軸上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。有兩個(gè)質(zhì)量相同，電荷量也相同的帶正負(fù)電的離子（不計(jì)重力），以相同速度從O點(diǎn)射入磁場中，射入方向與x軸之間的夾角均為30°，則正負(fù)離子在磁場中（

）A.正負(fù)離子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為5:1B.正負(fù)離子的運(yùn)動(dòng)半徑之比為5:1C.正離子將向右偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子將向左偏轉(zhuǎn)D.正負(fù)離子回到x軸時(shí)的速度和距o點(diǎn)的距離都相同參考答案：5.（單選）金屬棒和三根電阻線按右圖所示連接，虛線框內(nèi)存在均勻變化的勻強(qiáng)磁場，三根電阻絲的電阻大小之比R1：R2：R3=1：2：3，金屬棒電阻不計(jì)．當(dāng)S1、S2閉合，S3斷開時(shí)，閉合回路中的感應(yīng)電流為I，當(dāng)S2、S3閉合，S1斷開時(shí)，閉合回路中的感應(yīng)電流為9I，當(dāng)S1、S2閉合，S2斷開時(shí)，閉合回路中的感應(yīng)電流是（）

A．12IB．10IC．8ID．0參考答案：考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：根據(jù)開關(guān)的閉合與斷開情況，明確電路結(jié)構(gòu)；根據(jù)電路連接情況確定感應(yīng)電動(dòng)勢，由歐姆定律求出電路電流；然后解方程組答題．解答：解：因?yàn)镽1：R2：R3=1：2：3，可以設(shè)R1=R，R2=2R，R3=3R；由電路圖可知，當(dāng)S1、S2閉合，S3斷開時(shí)，電阻R1與R2組成閉合回路，設(shè)此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢是E1，由歐姆定律可得：E1=3IR；當(dāng)S2、S3閉合，S1斷開時(shí)，電阻R2與R3組成閉合回路，設(shè)感應(yīng)電動(dòng)勢為E2，由歐姆定律可得：E2=9I×5R=45IR；當(dāng)S1、S3閉合，S2斷開時(shí)，電阻R1與R3組成閉合回路，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢E=E1+E2=48IR，則此時(shí)的電流I′==12I．故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選：A．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.如圖所示，放在光滑絕緣水平面上的帶電兩個(gè)小球，相距0.18m，已知Q1電量為+1.8×10﹣12C，此時(shí)兩個(gè)點(diǎn)電荷間的靜電斥力F=1.0×10﹣12N，靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2．則Q2所帶的電量是

．當(dāng)它們的距離為0.36m時(shí)，它們之間的靜電力是多大

．參考答案：+2×10﹣12C；2.5×10﹣13N．【考點(diǎn)】庫侖定律．【分析】根據(jù)“同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引”判斷帶電的性質(zhì)．根據(jù)庫侖定律F=k計(jì)算小球的帶電量和靜電力．【解答】解：（1）兩個(gè)小球之間是靜電斥力，則兩球帶同種電荷，由于一小球帶正電，故另一球Q2也帶正電；根據(jù)庫侖定律有：F=k，則有：Q2==C=2×10﹣12C（2）由F=k=9.0×109×N=2.5×10﹣13N故答案為：+2×10﹣12C；2.5×10﹣13N．7.（4分）一個(gè)木箱靜止在粗糙水平面上，木箱的重量為G=20N，木箱和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.3。最大靜摩擦力為7N，現(xiàn)在用水平向右的拉力F拉木箱。第一次F=4N，第二次F=10N，則兩次木箱所受的摩擦力大小分別為__

__N和___

_N。參考答案：4；68.如圖所示的電路中，，，，，U=2.4V．在a、b間接一只理想的電壓表，它的示數(shù)是________。參考答案：

1.89.如圖所示，用理想變壓器給R供電，設(shè)輸入的交變電壓不變，當(dāng)R的滑片向上移動(dòng)時(shí)四只電表及變壓器的輸入功率變化情況是：

V2

A1

P

(填寫增大、減小或不變)參考答案：不變

，

減小，

減小10.如圖所示，在場強(qiáng)為E的水平勻強(qiáng)電場中，一根長為l的絕緣桿，兩端分別固定著帶有電量＋q和－q的小球（大小不計(jì)）．現(xiàn)讓緣絕桿繞中點(diǎn)O逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)角，則轉(zhuǎn)動(dòng)中帶電小球克服電場力做功為___________．參考答案：11.（6分）如圖所示“］”形金屬線框的兩平行邊間距為L，垂直于線框平面的勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B特，線框上連接的電阻阻值為R，其它電阻不計(jì)，當(dāng)不記電阻的與金屬框始終接觸良好的金屬棒MN以垂直于磁感線方向的速度v勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為

，電阻R消耗的電功率為

。參考答案：BLv，12.設(shè)某型號(hào)的太陽能電池板的電動(dòng)勢為600μV，短路電流為30μA，則由此可以推知，該電池的內(nèi)電阻為

Ω；如果再將此電池與一個(gè)阻值為20Ω的電阻連成閉合電路，那么通過電池的電流為

μA．參考答案：20

15【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】由閉合電路的歐姆定律可求得電池的內(nèi)電阻；同理可求得連接電阻后的電流．【解答】解：內(nèi)阻連接電阻后電路中電流為故答案為：20

1513.（4分）地球同步衛(wèi)星定點(diǎn)在______上空，同步衛(wèi)星繞地球旋轉(zhuǎn)的周期是____h。參考答案：赤道，24三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.小燈泡燈絲的電阻會(huì)隨溫度的升高而變大．某同學(xué)為研究這一現(xiàn)象，用實(shí)驗(yàn)來描繪小燈泡的伏安特性曲線．實(shí)驗(yàn)可供選擇的器材有：A．小燈泡(2.5V，1.2W)

B．電流表(量程：0～0.6A，內(nèi)阻為1Ω)C．電壓表(量程：0～3V，內(nèi)阻未知)

D．滑動(dòng)變阻器R1(0～10Ω，額定電流1A)E．滑動(dòng)變阻器R2(0～5Ω，額定電流0.5A)

F．電源(E＝3V，內(nèi)阻不計(jì))G．定值電阻R0(阻值6Ω)

H．開關(guān)一個(gè)和導(dǎo)線若干(1)要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量消除系統(tǒng)誤差，在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，并把右圖中實(shí)驗(yàn)器材用實(shí)線連接成相應(yīng)的實(shí)物電路圖

(2)實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是________(填寫器材前字母代號(hào))．(3)按照正確的電路圖，該同學(xué)測得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下：I是電流表的示數(shù)，U是電壓表的示數(shù)，U燈是小燈泡兩端的實(shí)際電壓．請通過計(jì)算補(bǔ)全表格中的空格，然后在上方方格圖中畫出小燈泡的伏安特性曲線．I/A0.050.100.150.200.250.300.350.400.450.48U/V0.080.150.250.400.600.901.301.852.503.00U燈/V

(4)該同學(xué)將與本實(shí)驗(yàn)中一樣的兩個(gè)小燈泡以及給定的定值電阻R0三者一起串聯(lián)接在本實(shí)驗(yàn)中提供的電源兩端，則每個(gè)燈泡的實(shí)際功率是________W（保留作圖痕跡）參考答案：(1)

(2)D(3)U燈/V0.030.050.100.200.350.600.951.452.052.52小燈泡的伏安特性曲線如圖甲所示．

(4)0.18

15.在“測定金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用千分尺測量金屬絲的直徑d，千分尺示數(shù)如圖13所示，則金屬絲的直徑為_________mm.（2）、需要用___________測量金屬導(dǎo)線的長度L，用伏安法測量金屬導(dǎo)線的電阻時(shí)，測得的電壓為U，電流為I，可根據(jù)電阻率的表達(dá)式=_______________算出所測金屬的電阻率。

參考答案：0.900

刻度尺

∏Ud2/4IL四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖所示，一根長L=1.5m的光滑絕緣細(xì)直桿MN，豎直固定在場強(qiáng)為E=1.0×105N/C、與水平方向成θ=30°角的傾斜向上的勻強(qiáng)電場中．桿的下端M固定一個(gè)帶電小球A，電荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一帶電小球B穿在桿上可自由滑動(dòng)，電荷量q=+1.0×10﹣6C，質(zhì)量m=1.0×10﹣2kg．現(xiàn)將小球B從桿的上端N靜止釋放，小球B開始運(yùn)動(dòng)．（靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2，取g=l0m/s2）（1）小球B開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為多大？（2）小球B的速度最大時(shí)，距M端的高度h1為多大？（3）小球B從N端運(yùn)動(dòng)到距M端的高度h2=0.61m時(shí)，速度為v=1.0m/s，求此過程中小球B的電勢能改變了多少？參考答案：考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；牛頓第二定律；庫侖定律；電勢能．版權(quán)所有專題：計(jì)算題；壓軸題．分析：對小球B進(jìn)行受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大?。鶕?jù)受力情況分析小球B的運(yùn)動(dòng)情況，找出小球B速度最大時(shí)的位置特點(diǎn)．由于A對B的庫侖力做功是變力功，所以運(yùn)用動(dòng)能定理求解電場力做功．解答：解：（1）開始運(yùn)動(dòng)時(shí)小球B受重力、庫侖力、桿的彈力和電場力，沿桿方向運(yùn)動(dòng)，將電場力沿桿的方向和垂直桿的方向分解，由牛頓第二定律得：mg﹣﹣qEsinθ=ma解得：a=g﹣代入數(shù)據(jù)解得：a=3.2m/s2．（2）小球B向下運(yùn)動(dòng)，受A的斥力增大，加速度減小，速度增大，當(dāng)小球B速度最大時(shí)合力減為零，即+qEsinθ=mg解得：h1=代入數(shù)據(jù)解得：h1=0.9m．（3）小球B從開始運(yùn)動(dòng)到速度為v的過程中，設(shè)重力做功為W1，電場力做功為W2，庫侖力做功為W3，根據(jù)動(dòng)能定理有：W1+W2+W3=mv2W1=mg（L﹣h2）W2=﹣qE（L﹣h2）sinθ解得：W3=mv2﹣mg（L﹣h2）+qE（L﹣h2）sinθ從功能角度來說，電勢能的改變量的大小就等于電場力做的功．電場力做負(fù)功，電勢能增大．動(dòng)能的改變量就等于總功．設(shè)小球B的電勢能改變了△Ep，則：△Ep=﹣（W2+W3）△Ep=mg（L﹣h2）﹣mv2解得：△Ep=8.4×10﹣2J答：（1）小球B開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為3.2m/s2；（2）小球B的速度最大時(shí)，距M端的高度h1為0.9m；（3）小此過程中小球B的電勢能改變了8.4×10﹣2J．點(diǎn)評(píng)：能夠正確對小球B進(jìn)行受力分析和運(yùn)動(dòng)分析，知道電場力做功量度電勢能的變化，常用動(dòng)能定理求解變力功．17.(計(jì)算)一個(gè)物體從10m長，5m高的斜面頂端從靜止開始滑下，已知物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2．則它滑到斜面底端所用的時(shí)間和末速度分別是多少？參考答案：2s

5m/s18.兩根光滑的足夠長直金屬導(dǎo)軌MN