2019年江蘇省高考物理模擬試卷

-.z.2019年省高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：此題共5小題，每題3分，共計(jì)15分．每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．1．〔3分〕2018年11月16日第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)通過(guò)"修訂國(guó)際單位制〞決議，正式更新包括國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量單位"千克〞在的四項(xiàng)根本單位定義。假設(shè)以F表示力，a表示加速度，*表示位移，t表示時(shí)間，m表示質(zhì)量，借助單位制可知速度v的表達(dá)式，以下可能正確的選項(xiàng)是〔〕A．B．C．D．2．〔3分〕如下圖，圖甲、圖乙分別表示兩種電流的波形，其中圖甲所示的電流按正弦規(guī)律變化，以下說(shuō)確的是〔〕A．圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B．兩種電流變化的頻率相等C．兩種電流的瞬時(shí)值表達(dá)式都為i＝5.0sin100πtAD．兩種電流的有效值相等3．〔3分〕如下圖，在粗糙的水平地面上放著一左側(cè)截面是半圓的柱狀物體B，在B與豎直墻之間放置一光滑小球A，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平力F拉動(dòng)B緩慢向右移動(dòng)一小段距離后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，在此過(guò)程中，以下判斷正確的選項(xiàng)是〔〕A．小球A對(duì)物體B的壓力逐漸增大B．小球A對(duì)物體B的壓力逐漸減小C．墻面對(duì)小球A的支持力逐漸減小D．墻面對(duì)小球A的支持力先增大后減小4．〔3分〕如下圖，真空中兩等量異種點(diǎn)電荷+q、﹣q固定在y軸上。abcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分。以下說(shuō)確的是〔〕A．b、c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一樣B．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)C．將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D．將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加5．〔3分〕如下圖的光滑斜面長(zhǎng)為L(zhǎng)，寬為s，傾角為θ＝30°，一小球〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕沿斜面右上方頂點(diǎn)A處水平射入，恰好從底端B點(diǎn)離開(kāi)斜面，重力加速度為g。則以下說(shuō)確的是〔〕A．小球運(yùn)動(dòng)的加速度為gB．小球由A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間為C．小球由A點(diǎn)水平射入時(shí)初速度v0的大小為sD．小球離開(kāi)B點(diǎn)時(shí)速度的大小為二、多項(xiàng)選擇題：此題共4小題，每題4分，共計(jì)16分．每題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．6．〔4分〕2018年12月8日發(fā)射成功的"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器經(jīng)過(guò)約110小時(shí)奔月飛行，到達(dá)月球附近，成功實(shí)施近月制動(dòng)，順利完成"太空剎車〞，被月球捕獲并順利進(jìn)入環(huán)月軌道。假設(shè)將發(fā)射過(guò)程簡(jiǎn)化如下："嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器從地球外表發(fā)射后，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)過(guò)M點(diǎn)時(shí)變軌進(jìn)入距離月球外表100km的圓形軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)再次變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，之后將擇機(jī)在Q點(diǎn)著陸月球外表。以下說(shuō)確的是〔〕A．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器在軌道Ⅰ上的運(yùn)行速度小于月球的第一宇宙速度B．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器沿軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的加速度大于在Q點(diǎn)的加速度C．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期大于沿軌道Ⅰ運(yùn)行的周期D．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的動(dòng)能大于在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的動(dòng)能7．〔4分〕加速器是當(dāng)代科研、醫(yī)療等領(lǐng)域必需的設(shè)備，如下圖為盤(pán)旋加速器的原理圖，其核心局部是兩個(gè)半徑均為R的中空半圓金屬D形盒，并處于垂直于盒底的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)接上電壓為U的高頻交流電源后，狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使圓心處的帶電粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速。假設(shè)不考慮相對(duì)論效應(yīng)、重力和在狹縫中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，以下說(shuō)確的是〔〕A．高頻交流電周期是帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期的2倍B．U越大，帶電粒子最終射出D形盒時(shí)的速度就越大C．帶電粒子在加速器中能獲得的最大動(dòng)能只與B、R有關(guān)D．假設(shè)用該盤(pán)旋加速器分別加速不同的帶電粒子，可能要調(diào)節(jié)交變電場(chǎng)的頻率8．〔4分〕如下圖，一白熾燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，將白熾燈泡連在電路圖1之中，電源的電動(dòng)勢(shì)E＝100V，r+R1＝100Ω，R2＝100Ω．則以下說(shuō)確的是〔〕A．該燈泡的實(shí)際電流0.40AB．該燈泡的實(shí)際電壓50VC．該燈泡的實(shí)際電阻75ΩD．該燈泡的實(shí)際功率20W9．〔4分〕如下圖，ab是一段長(zhǎng)度為2R的粗糙水平面，其中動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右端與一固定在豎直面的S形軌道相切于b點(diǎn)，S形軌道由半徑分別為r和R的兩個(gè)光滑圓弧構(gòu)成，且R＝2r。圓弧交接處的距離略大于小球的直徑，忽略小球在進(jìn)入S形軌道時(shí)的能量損失?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球受到水平恒力F＝mg的作用，自a處從靜止開(kāi)場(chǎng)向右運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)撤去外力，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。則以下說(shuō)確的是〔〕A．在半徑為R的軌道上，小球處于超重狀態(tài)B．在b點(diǎn)，小球?qū)壍赖膲毫?mgC．當(dāng)水平恒力Fmg時(shí)，小球才能到達(dá)最高點(diǎn)D．當(dāng)水平恒力Fmg時(shí)，小球才能到達(dá)最高點(diǎn)三、簡(jiǎn)答題：此題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計(jì)42分．請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】10．〔8分〕*同學(xué)用如下圖的裝置"驗(yàn)證力的平行四邊形定則〞。在*次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)的指針位置如下圖?！?〕本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中細(xì)繩BO對(duì)O點(diǎn)的拉力大小為N?！?〕以下不必要的實(shí)驗(yàn)要〔請(qǐng)?zhí)顚?xiě)選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母〕。A．彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前校零B．用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，它們的示數(shù)之差應(yīng)盡可能大C．改變拉力，進(jìn)展屢次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置D．為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，應(yīng)采用作力的圖示來(lái)表示分力與合力〔3〕為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，減少誤差，請(qǐng)您提出合理的解決方法：〔至少二條〕①；②。11．〔10分〕*同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所示的電路來(lái)測(cè)量一未知電阻R*的阻值。該電阻約為200Ω，直流電源的電動(dòng)勢(shì)為9V，阻較小，電阻箱R的規(guī)格為0～999.90Ω．可供選擇的電流表為：A1〔量程500mA，阻約為10Ω〕，A2〔量程100mA，阻約為20Ω〕，A3〔量程50mA，阻約為50Ω〕。〔1〕如圖甲為多用電表的示意圖，現(xiàn)用它粗測(cè)R*的阻值，請(qǐng)用圖中所示旋鈕名稱填空并完善測(cè)量步驟。將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到"Ω〞擋的〔選填"×10〞或"×100〞〕位置，歐姆調(diào)零后再將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端相接觸，讀數(shù)如圖乙所示，則R*＝Ω?！?〕為了測(cè)量準(zhǔn)確，減小誤差，電流表應(yīng)該選用〔選填"A1〞、"A2〞或"A3〞〕；〔3〕閉合開(kāi)關(guān)S1前，將電阻箱R的電阻調(diào)到最大值。先閉合開(kāi)關(guān)S1，再閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電阻箱的阻值比200Ω稍大，記錄這時(shí)電阻箱的示數(shù)R1，電流表的示數(shù)I；再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，將電阻箱的阻值調(diào)小，使電流表的示數(shù)為I，記錄這時(shí)電阻箱的阻值為R2，則被測(cè)電阻的阻值R*＝〔用記錄的數(shù)值字母表示〕?！?〕假設(shè)實(shí)驗(yàn)中所用電源為舊的干電池，且實(shí)驗(yàn)操作時(shí)間較長(zhǎng)，導(dǎo)致干電池的阻有所變大，則待測(cè)電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏〔選填"大〞或"小〞〕。[選修3-5]〔12分〕12．〔4分〕關(guān)于近代物理，以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是〔〕A．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征B．放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核層電子放射出來(lái)的C．核反響的實(shí)質(zhì)是粒子對(duì)核撞擊而打出新粒子使核變?yōu)樾潞薉．自由核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能13．〔4分〕利用圖甲所示電路研究光電效應(yīng)中金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系。圖中A、K兩極間的電壓大小可調(diào)，直流電源的正負(fù)極也可以對(duì)調(diào)。*金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系圖象如圖乙所示，圖中U、v0均，電子電荷量用e表示。則由圖象可求得該金屬的逸出功W0＝，普朗克常量h＝〔用題中字母表示〕。14．〔4分〕2018年平昌冬奧會(huì)上，中國(guó)代表隊(duì)奪得短道速滑男子5000米接力決賽銀牌。觀察發(fā)現(xiàn)質(zhì)量為m的"接棒〞運(yùn)發(fā)動(dòng)甲提前站在"接棒〞運(yùn)發(fā)動(dòng)乙前面，并且開(kāi)場(chǎng)以v0向前滑行，待質(zhì)量也為m的運(yùn)發(fā)動(dòng)乙以2v0追上甲時(shí)，乙猛推甲一把使得自己速度減為接近零，從而使甲獲得更大速度向前沖出。在乙推甲的過(guò)程中忽略運(yùn)發(fā)動(dòng)與冰面間在水平方向上的相互作用力。求：①甲獲得多大速度向前沖出；②在乙推甲的過(guò)程中甲、乙運(yùn)發(fā)動(dòng)的動(dòng)量變化大小之比。【選做題】此題包括A、B二小題，請(qǐng)選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域作答．假設(shè)多做，則按A小題評(píng)分．A．[選修3-3]〔12分〕15．〔4分〕以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．懸浮在液體中的固體小顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B．理想氣體的壓強(qiáng)是由氣體分子間斥力產(chǎn)生的C．由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力D．空氣相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢16．〔4分〕目前城鄉(xiāng)家庭使用的液化天然氣主要成分是甲烷〔CH4〕，常用的液化氣鋼瓶容積為V，充裝標(biāo)準(zhǔn)為最大充裝的85%．液化氣的密度ρ，平均摩爾質(zhì)量M，阿伏加德羅常數(shù)NA，則該瓶裝液化天然氣甲烷分子的總數(shù)N＝，一個(gè)甲烷分子的直徑d＝。17．〔4分〕一體積為V0的氣泡從深為h的水池底上升到水面，池水溫度保持不變，可將氣泡的氣體視為理想氣體，且氣體質(zhì)量保持不變，大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g。求：①氣泡到達(dá)水面時(shí)的體積；②請(qǐng)判斷氣泡在上升的過(guò)程中，氣體吸熱還是放熱？B．[選修3-4]〔12分〕18．以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．窺鏡是利用光的衍射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備B．雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的折射現(xiàn)象C．自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動(dòng)的光，且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光的強(qiáng)度均一樣D．微波爐是利用微波使食物中的水分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，溫度升高19．如下圖，折射率為n＝2的玻璃球半徑為R，O點(diǎn)為球心，現(xiàn)將玻璃球切掉一局部，形成一個(gè)球缺，球缺的高度為h＝R，與球缺橫截面積一樣的均勻光柱垂直于界面射入球缺。則該光在玻璃球缺里發(fā)生全反射的臨界角C＝。光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積S＝。20．如下圖為一列沿*軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t1＝0時(shí)刻的波形圖。a質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為〔3，0〕，t2＝0.3s時(shí)，a處質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)在波峰位置。求：①這列波的傳播速度；②這列波的周期。四、計(jì)算題：此題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．21．〔15分〕2017年1月12號(hào)凌晨，號(hào)航母奔赴南海執(zhí)行跨海區(qū)域訓(xùn)練和試驗(yàn)。號(hào)航母在經(jīng)過(guò)海峽時(shí)可視為勻速行駛?！?〕假設(shè)號(hào)航母裝有四臺(tái)輸入功率為P的蒸汽輪發(fā)動(dòng)機(jī)，在海面上行駛時(shí)受到的阻力為f，蒸汽輪發(fā)動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為η，求號(hào)航母的最大速度vm?！?〕在航母上采用電磁彈射技術(shù)，將大大縮短起飛距離。假設(shè)在電磁彈射裝置與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作情況下可使起飛距離縮短為*，飛機(jī)質(zhì)量為m，起飛速度為v1，飛機(jī)的牽引力為F1，受到的平均阻力是重力的k倍，求電磁彈射裝置對(duì)飛機(jī)做的功W電。〔3〕假設(shè)在飛機(jī)甲板上加裝阻攔索，飛機(jī)著艦并成功鉤住阻攔索后，立即關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)。阻攔系統(tǒng)通過(guò)阻攔索施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑行后停頓。飛機(jī)關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)時(shí)的速度為v2，滑行時(shí)所受總阻力為f1，從著艦到停頓需要的滑行距離為L(zhǎng)，求阻攔系統(tǒng)對(duì)飛機(jī)做的功W阻。22．〔16分〕如下圖，一折角θ＝45°的導(dǎo)體框架水平固定放置，處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一根足夠長(zhǎng)的截面均勻的導(dǎo)體棒放在導(dǎo)體框架上。t＝0時(shí)導(dǎo)體棒與O點(diǎn)的距離為l0，此時(shí)在外力作用下以初速度v0開(kāi)場(chǎng)運(yùn)動(dòng)。導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電流與時(shí)間的關(guān)系是I＝I0+kt〔I0與k均為常量且〕，在t＝時(shí)刻，導(dǎo)體棒的電功率為P0．除導(dǎo)體棒外，其余各局部電阻均不計(jì)。求：〔1〕試推導(dǎo)出導(dǎo)體棒的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系；〔2〕在t＝時(shí)刻，導(dǎo)體棒與O點(diǎn)的距離；〔3〕勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。23．〔16分〕如下圖，在*Oy直角坐標(biāo)系中，第一象限有垂直于*Oy平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。M是y軸上高為d的絕緣擋板的上端，坐標(biāo)原點(diǎn)O處在擋板的下端。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子自*軸上S處〔d，0〕垂直于*軸沿y軸正方向射入磁場(chǎng)，粒子恰好從擋板的M點(diǎn)離開(kāi)右邊的磁場(chǎng)。為了使粒子能運(yùn)動(dòng)到坐標(biāo)原點(diǎn)處，可以在第二象限加適宜的電場(chǎng)，不計(jì)粒子的重力。求：〔1〕粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；〔2〕粒子自S點(diǎn)射出的速度；〔3〕假設(shè)加上與粒子速度方向垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)，求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。2019年省高考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：此題共5小題，每題3分，共計(jì)15分．每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．1．〔3分〕2018年11月16日第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)通過(guò)"修訂國(guó)際單位制〞決議，正式更新包括國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量單位"千克〞在的四項(xiàng)根本單位定義。假設(shè)以F表示力，a表示加速度，*表示位移，t表示時(shí)間，m表示質(zhì)量，借助單位制可知速度v的表達(dá)式，以下可能正確的選項(xiàng)是〔〕A．B．C．D．【考點(diǎn)】3A：力學(xué)單位制．【專題】31：定性思想；4C：方程法；511：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題．【分析】根據(jù)所給公式代入單位，分別看公式左右的單位是否一樣即可判定公式正誤?！窘獯稹拷猓簐單位為m/s，*單位為m，a的單位為m/s2，F(xiàn)的單位是kg?m/s2；A、單位為＝m/s，故等號(hào)左右單位一樣，故A正確；B、單位為＝s，故B錯(cuò)誤；C、t的單位是s，的單位為≠m/s，故C錯(cuò)誤；D、的單位為＝m，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察單位制，對(duì)于不熟悉的公式可以通過(guò)單位判定公式是否正確。2．〔3分〕如下圖，圖甲、圖乙分別表示兩種電流的波形，其中圖甲所示的電流按正弦規(guī)律變化，以下說(shuō)確的是〔〕A．圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B．兩種電流變化的頻率相等C．兩種電流的瞬時(shí)值表達(dá)式都為i＝5.0sin100πtAD．兩種電流的有效值相等【考點(diǎn)】E5：交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．【專題】31：定性思想；43：推理法；53A：交流電專題．【分析】解此題時(shí)應(yīng)該掌握：交流電和直流電的定義，直流電是指電流方向不發(fā)生變化的電流；理解并會(huì)求交流電的有效值，，只適用于正余弦交流電；根據(jù)圖象書(shū)寫(xiě)交流電的表達(dá)【解答】解：A、由于兩圖中表示的電流方向都隨時(shí)間變化，因此都為交流電，故A錯(cuò)誤；B、甲乙的周期均為0.02s，故頻率一樣，均為50Hz；故B正確；C、根據(jù)ω＝2πf＝100πrad/s，甲電流是正弦式交變電流，所以甲電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為＝5.0sin100πt〔A〕，乙電流不是正弦式交變電流，所以乙電流的瞬時(shí)值表達(dá)式和甲電流的瞬時(shí)值表達(dá)式不同，故C錯(cuò)誤；D、由于對(duì)應(yīng)一樣時(shí)刻，圖甲電流比圖乙電流大，根據(jù)有效值的定義可知，圖甲有效值要比圖乙有效值大，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B?！军c(diǎn)評(píng)】此題比擬全面的涉及了關(guān)于交流電的物理知識(shí)，重點(diǎn)是交流電的描述和對(duì)于有效值的理解，難度不大，屬于根底題。3．〔3分〕如下圖，在粗糙的水平地面上放著一左側(cè)截面是半圓的柱狀物體B，在B與豎直墻之間放置一光滑小球A，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平力F拉動(dòng)B緩慢向右移動(dòng)一小段距離后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，在此過(guò)程中，以下判斷正確的選項(xiàng)是〔〕A．小球A對(duì)物體B的壓力逐漸增大B．小球A對(duì)物體B的壓力逐漸減小C．墻面對(duì)小球A的支持力逐漸減小D．墻面對(duì)小球A的支持力先增大后減小【考點(diǎn)】2G：力的合成與分解的運(yùn)用；3C：共點(diǎn)力的平衡．【專題】31：定性思想；49：合成分解法；527：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】對(duì)A球受力分析根據(jù)平衡條件寫(xiě)出B對(duì)A的支持力和墻對(duì)A的彈力的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式可討論大小的變化。【解答】解：對(duì)A球受力分析并建立直角坐標(biāo)系如圖由平衡條件得：豎直方向：Fcosθ＝mg水平方向：N＝Fsinθ聯(lián)立解得：F＝N＝mgtanθB緩慢向右移動(dòng)一小段距離，A緩慢下落，則θ增大。所以F增大，N增大，由牛頓第三定律知故小球A對(duì)物體B的壓力逐漸增大，故A正確BCD錯(cuò)誤。應(yīng)選：A?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察了物體的平衡條件的應(yīng)用，采用寫(xiě)出函數(shù)表達(dá)式來(lái)分析的方法。也可用合成法求解。4．〔3分〕如下圖，真空中兩等量異種點(diǎn)電荷+q、﹣q固定在y軸上。abcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分。以下說(shuō)確的是〔〕A．b、c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一樣B．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)C．將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功D．將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加【考點(diǎn)】6B：功能關(guān)系；AE：電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功．【專題】32：定量思想；43：推理法；532：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)線得到a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)的上下和電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；根據(jù)電場(chǎng)力做功情況判斷電勢(shì)能的變化情況?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)對(duì)稱可知b、c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小一樣，方向不一樣，故A錯(cuò)誤；B、ad兩點(diǎn)處于等勢(shì)面上，故a點(diǎn)電勢(shì)等于d點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C、質(zhì)子帶正電，a點(diǎn)電勢(shì)等于d點(diǎn)電勢(shì)，d點(diǎn)電勢(shì)小于c點(diǎn)電勢(shì)，將質(zhì)子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，故C正確；D、電子帶負(fù)電。b點(diǎn)電勢(shì)等于c點(diǎn)電勢(shì)，將電子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：C?！军c(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵熟悉等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)線分布情況，然后根據(jù)沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低，以及電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的減小量去判斷。5．〔3分〕如下圖的光滑斜面長(zhǎng)為L(zhǎng)，寬為s，傾角為θ＝30°，一小球〔可視為質(zhì)點(diǎn)〕沿斜面右上方頂點(diǎn)A處水平射入，恰好從底端B點(diǎn)離開(kāi)斜面，重力加速度為g。則以下說(shuō)確的是〔〕A．小球運(yùn)動(dòng)的加速度為gB．小球由A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間為C．小球由A點(diǎn)水平射入時(shí)初速度v0的大小為sD．小球離開(kāi)B點(diǎn)時(shí)速度的大小為【考點(diǎn)】43：平拋運(yùn)動(dòng)；45：運(yùn)動(dòng)的合成和分解．【專題】31：定性思想；43：推理法；517：運(yùn)動(dòng)的合成和分解專題．【分析】小球在光滑斜面有水平初速度，做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出物體下滑的加速度；根據(jù)沿斜面向下方向的位移，結(jié)合位移時(shí)間公式求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；根據(jù)水平位移和時(shí)間求出入射的初速度；根據(jù)平行四邊形定則，由分速度合成合速度?！窘獯稹拷猓篈、依據(jù)曲線條件，初速度與合力方向垂直，且合力大小恒定，則物體做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)牛頓第二定律得，物體的加速度為：a＝＝gsinθ＝，故A錯(cuò)誤；BCD、根據(jù)L＝at2，有：t＝＝＝在B點(diǎn)的平行斜面方向的分速度為：vBy＝at＝gsinθ×＝＝根據(jù)s＝v0t，有：v0＝＝＝s＝s故物塊離開(kāi)B點(diǎn)時(shí)速度的大小：v＝＝，故BC錯(cuò)誤；D正確；應(yīng)選：D?！军c(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵知道小球在水平方向和沿斜面向下方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。二、多項(xiàng)選擇題：此題共4小題，每題4分，共計(jì)16分．每題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．6．〔4分〕2018年12月8日發(fā)射成功的"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器經(jīng)過(guò)約110小時(shí)奔月飛行，到達(dá)月球附近，成功實(shí)施近月制動(dòng)，順利完成"太空剎車〞，被月球捕獲并順利進(jìn)入環(huán)月軌道。假設(shè)將發(fā)射過(guò)程簡(jiǎn)化如下："嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器從地球外表發(fā)射后，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)過(guò)M點(diǎn)時(shí)變軌進(jìn)入距離月球外表100km的圓形軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)再次變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，之后將擇機(jī)在Q點(diǎn)著陸月球外表。以下說(shuō)確的是〔〕A．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器在軌道Ⅰ上的運(yùn)行速度小于月球的第一宇宙速度B．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器沿軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的加速度大于在Q點(diǎn)的加速度C．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期大于沿軌道Ⅰ運(yùn)行的周期D．"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的動(dòng)能大于在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的動(dòng)能【考點(diǎn)】4A：向心力；4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【專題】31：定性思想；43：推理法；528：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題．【分析】月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星貼近月球外表做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得出線速度與半徑的關(guān)系，即可比擬出衛(wèi)星在軌道I上的運(yùn)動(dòng)速度和月球的第一宇宙速度大小。衛(wèi)星在軌道地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)假設(shè)要進(jìn)入軌道I，需減速。根據(jù)開(kāi)普勒第三定律比擬在軌道Ⅰ、Ⅱ的周期；探測(cè)器從高軌道進(jìn)入低軌道要減速，做近心運(yùn)動(dòng)?！窘獯稹拷猓篈、月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星貼近月球外表做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度，"嫦娥四號(hào)〞在軌道1上的半徑大于月球半徑，根據(jù)，得線速度v＝，可知"嫦娥四號(hào)〞在軌道1上的運(yùn)動(dòng)速度比月球的第一宇宙速度小，故A正確；B、根據(jù)牛頓第二定律，得，得"嫦娥四號(hào)〞探測(cè)器沿軌道Ⅱ運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的加速度小于在Q點(diǎn)的加速，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)軌道的半長(zhǎng)軸比在軌道I上軌道半徑小，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)周期比在軌道Ⅰ上小，故C錯(cuò)誤；D、"嫦娥四號(hào)〞在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)假設(shè)要進(jìn)入軌道I，需減速，所以在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的動(dòng)能比在軌道I上經(jīng)過(guò)M點(diǎn)時(shí)動(dòng)能大，故D正確；應(yīng)選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】該題考察萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，解決此題的關(guān)鍵是理解衛(wèi)星的變軌過(guò)程，這類問(wèn)題也是高考的熱點(diǎn)問(wèn)題。7．〔4分〕加速器是當(dāng)代科研、醫(yī)療等領(lǐng)域必需的設(shè)備，如下圖為盤(pán)旋加速器的原理圖，其核心局部是兩個(gè)半徑均為R的中空半圓金屬D形盒，并處于垂直于盒底的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)接上電壓為U的高頻交流電源后，狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使圓心處的帶電粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速。假設(shè)不考慮相對(duì)論效應(yīng)、重力和在狹縫中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，以下說(shuō)確的是〔〕A．高頻交流電周期是帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期的2倍B．U越大，帶電粒子最終射出D形盒時(shí)的速度就越大C．帶電粒子在加速器中能獲得的最大動(dòng)能只與B、R有關(guān)D．假設(shè)用該盤(pán)旋加速器分別加速不同的帶電粒子，可能要調(diào)節(jié)交變電場(chǎng)的頻率【考點(diǎn)】CK：質(zhì)譜儀和盤(pán)旋加速器的工作原理．【專題】31：定性思想；43：推理法；537：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．【分析】帶電粒子在盤(pán)旋加速器中，靠電場(chǎng)加速，磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，通過(guò)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑公式得出帶電粒子射出時(shí)的速度，看與什么因素有關(guān)?！窘獯稹拷猓篈D、交變電場(chǎng)的周期與帶電粒子運(yùn)動(dòng)的周期相等，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T＝，與粒子的速度無(wú)關(guān)，所以加速后，交變電場(chǎng)的周期不需改變，不同的帶電粒子，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期不等，所以加速不同的帶電粒子，一般要調(diào)節(jié)交變電場(chǎng)的頻率，故A錯(cuò)誤，D正確。BC、根據(jù)qvB＝m，解得v＝，帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能EK＝mv2＝，與加速的電壓無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，及半徑R有關(guān)，故B錯(cuò)誤，C正確。應(yīng)選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵知道盤(pán)旋加速器運(yùn)用電場(chǎng)加速，磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速帶電粒子，但要注意粒子射出的動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小有關(guān)。8．〔4分〕如下圖，一白熾燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，將白熾燈泡連在電路圖1之中，電源的電動(dòng)勢(shì)E＝100V，r+R1＝100Ω，R2＝100Ω．則以下說(shuō)確的是〔〕A．該燈泡的實(shí)際電流0.40AB．該燈泡的實(shí)際電壓50VC．該燈泡的實(shí)際電阻75ΩD．該燈泡的實(shí)際功率20W【考點(diǎn)】B2：歐姆定律；BG：電功、電功率．【專題】32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題．【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律表示出燈泡L兩端的電壓和電流的關(guān)系式，并在畫(huà)在I﹣U圖線中，找出交點(diǎn)求解，根據(jù)P＝UI求解功率。【解答】解：ABD、在題圖中的混聯(lián)電路中，設(shè)燈泡L的實(shí)際電壓和實(shí)際電流分別為U′和I′．在這個(gè)閉合電路中，有：E＝U′+〔I′+〕〔R1+r〕代入數(shù)據(jù)并整理得：U′＝50﹣50I′這是一個(gè)直線方程，把該直線在題圖上畫(huà)出，如下圖：這兩條曲線的交點(diǎn)為：U′＝30V、I′＝0.4A所以燈泡L消耗的功率為：P′＝U′I′＝30×0.4＝12W，故A正確，BD錯(cuò)誤；C、R實(shí)＝＝＝75Ω，故C正確；應(yīng)選：AC。【點(diǎn)評(píng)】注意學(xué)會(huì)從數(shù)學(xué)函數(shù)的角度分析物理圖象問(wèn)題，并區(qū)分曲線上*點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率和曲線的切線的斜率含義的不同。表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線，表示電阻的伏安特性曲線是過(guò)原點(diǎn)的曲線，假設(shè)將兩圖象畫(huà)在同一坐標(biāo)系中，其交點(diǎn)即表示該電源與該電阻接在了同一個(gè)電路中了。9．〔4分〕如下圖，ab是一段長(zhǎng)度為2R的粗糙水平面，其中動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右端與一固定在豎直面的S形軌道相切于b點(diǎn)，S形軌道由半徑分別為r和R的兩個(gè)光滑圓弧構(gòu)成，且R＝2r。圓弧交接處的距離略大于小球的直徑，忽略小球在進(jìn)入S形軌道時(shí)的能量損失。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球受到水平恒力F＝mg的作用，自a處從靜止開(kāi)場(chǎng)向右運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)撤去外力，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。則以下說(shuō)確的是〔〕A．在半徑為R的軌道上，小球處于超重狀態(tài)B．在b點(diǎn)，小球?qū)壍赖膲毫?mgC．當(dāng)水平恒力Fmg時(shí)，小球才能到達(dá)最高點(diǎn)D．當(dāng)水平恒力Fmg時(shí)，小球才能到達(dá)最高點(diǎn)【考點(diǎn)】3E：牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用﹣超重和失重；4A：向心力．【專題】32：定量思想；43：推理法；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．【分析】小球做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)，合力提供向心力，具有向下的向心加速度；當(dāng)最高點(diǎn)位置的彈力為零時(shí)，球的速度最小，根據(jù)牛頓第二定律列式求解最小速度；然后根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解最低點(diǎn)速度?！窘獯稹拷猓篈、在半徑為R的軌道上，球具有向下的向心加速度，故處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B、小球在ab段的加速度a＝＝5m/s2，小球在b點(diǎn)的速度v＝＝，故在b點(diǎn)，小球?qū)壍赖膲毫＝＝5mg，故B正確；CD、考慮恰好能夠到達(dá)最高點(diǎn)的臨界情況，在最高點(diǎn)，重力提供向心力，故：mg＝m，從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：mv2＝mg〔R+r〕+，聯(lián)立解得：v＝，需要的加速度a＝＝＝g，所以需要的水平恒力F＝μmg+ma＝mg，當(dāng)F≥mg時(shí)小球才能到達(dá)最高點(diǎn)，故C正確，D錯(cuò)誤；應(yīng)選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，能夠結(jié)合向心力公式、牛頓第二定律和機(jī)械能守恒定律列式求解，不難三、簡(jiǎn)答題：此題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計(jì)42分．請(qǐng)將解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】10．〔8分〕*同學(xué)用如下圖的裝置"驗(yàn)證力的平行四邊形定則〞。在*次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)的指針位置如下圖?！?〕本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中細(xì)繩BO對(duì)O點(diǎn)的拉力大小為3.6N?！?〕以下不必要的實(shí)驗(yàn)要BC〔請(qǐng)?zhí)顚?xiě)選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母〕。A．彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前校零B．用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，它們的示數(shù)之差應(yīng)盡可能大C．改變拉力，進(jìn)展屢次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置D．為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，應(yīng)采用作力的圖示來(lái)表示分力與合力〔3〕為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，減少誤差，請(qǐng)您提出合理的解決方法：〔至少二條〕①選用彈性小且適當(dāng)長(zhǎng)的細(xì)繩；②橡皮條、細(xì)繩和測(cè)力計(jì)的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近?！究键c(diǎn)】M3：驗(yàn)證力的平行四邊形定則．【專題】32：定量思想；43：推理法；526：平行四邊形法則圖解法專題．【分析】〔1〕根據(jù)彈簧秤指針的指示可讀出拉力的大?。弧?〕對(duì)實(shí)驗(yàn)步驟和實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，了解整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程的具體操作即可解決；〔3〕為了提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，減小誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意的問(wèn)題是①選用彈性小且適當(dāng)長(zhǎng)的細(xì)繩；②橡皮條、細(xì)繩和測(cè)力計(jì)的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近等【解答】解：〔1〕彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)，每1N被分成5格，則1格就等于0.2N．圖指針落在3N到4N的第3格處，所以3.6N；〔2〕A、彈簧測(cè)力計(jì)是測(cè)出力的大小，所以要準(zhǔn)確必須在測(cè)之前校零，故A項(xiàng)需要；B、對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)沒(méi)有什么要求，故B不需要；C、O的位置可以變動(dòng)，只需要保證作用效果一樣即可，故C不需要；D、實(shí)驗(yàn)通過(guò)作出三個(gè)力的圖示，來(lái)驗(yàn)證"力的平行四邊形定則〞，故D項(xiàng)需要；應(yīng)選：BC。〔3〕①選用彈性小且適當(dāng)長(zhǎng)的細(xì)繩；②橡皮條、細(xì)繩和測(cè)力計(jì)的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近；故答案為：〔1〕3.6；〔2〕BC；〔3〕①選用彈性小且適當(dāng)長(zhǎng)的細(xì)繩；②橡皮條、細(xì)繩和測(cè)力計(jì)的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近；【點(diǎn)評(píng)】在"驗(yàn)證力的平行四邊形定則〞實(shí)驗(yàn)中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學(xué)們對(duì)于根底知識(shí)要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強(qiáng)對(duì)根底實(shí)驗(yàn)理解。11．〔10分〕*同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所示的電路來(lái)測(cè)量一未知電阻R*的阻值。該電阻約為200Ω，直流電源的電動(dòng)勢(shì)為9V，阻較小，電阻箱R的規(guī)格為0～999.90Ω．可供選擇的電流表為：A1〔量程500mA，阻約為10Ω〕，A2〔量程100mA，阻約為20Ω〕，A3〔量程50mA，阻約為50Ω〕。〔1〕如圖甲為多用電表的示意圖，現(xiàn)用它粗測(cè)R*的阻值，請(qǐng)用圖中所示旋鈕名稱填空并完善測(cè)量步驟。將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到"Ω〞擋的×10〔選填"×10〞或"×100〞〕位置，歐姆調(diào)零后再將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端相接觸，讀數(shù)如圖乙所示，則R*＝180Ω。〔2〕為了測(cè)量準(zhǔn)確，減小誤差，電流表應(yīng)該選用A3〔選填"A1〞、"A2〞或"A3〞〕；〔3〕閉合開(kāi)關(guān)S1前，將電阻箱R的電阻調(diào)到最大值。先閉合開(kāi)關(guān)S1，再閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電阻箱的阻值比200Ω稍大，記錄這時(shí)電阻箱的示數(shù)R1，電流表的示數(shù)I；再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，將電阻箱的阻值調(diào)小，使電流表的示數(shù)為I，記錄這時(shí)電阻箱的阻值為R2，則被測(cè)電阻的阻值R*＝R1﹣R2〔用記錄的數(shù)值字母表示〕。〔4〕假設(shè)實(shí)驗(yàn)中所用電源為舊的干電池，且實(shí)驗(yàn)操作時(shí)間較長(zhǎng)，導(dǎo)致干電池的阻有所變大，則待測(cè)電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏大〔選填"大〞或"小〞〕?！究键c(diǎn)】N6：伏安法測(cè)電阻．【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；31：定性思想；46：實(shí)驗(yàn)分析法；535：恒定電流專題．【分析】〔1〕測(cè)電阻時(shí)要選擇適宜的擋位，然后進(jìn)展歐姆調(diào)零，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)；〔2〕根據(jù)歐姆定律估算最大電流，據(jù)此選擇電流表；〔3〕根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析；〔4〕根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差?！窘獯稹拷猓骸?〕用歐姆表測(cè)電阻時(shí)指針應(yīng)在中央刻度附近比擬準(zhǔn)確，故應(yīng)選"×10〞檔；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，即為180Ω；〔2〕根據(jù)歐姆定律可得通過(guò)電阻的最大電流約為：，故電流表選A3；〔3〕根據(jù)閉合電路歐姆定律得：S2閉合時(shí)有：E＝I〔R1+RA+r〕，S2斷開(kāi)時(shí)有：E＝I〔R*+R2+RA+r〕，聯(lián)立解得：R＝R1﹣R2；〔4〕根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，S2斷開(kāi)時(shí)有：E＝I〔R*+R2+RA+r〕，由于r增大，則R2減小，則R＝R1﹣R2會(huì)偏大；故答案為：〔1〕×10、180；〔2〕A3；〔3〕R＝R1﹣R2；〔4〕大?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察了測(cè)量電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意正確根據(jù)題意明確實(shí)驗(yàn)原理；然后根據(jù)所對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律分析求解即可。[選修3-5]〔12分〕12．〔4分〕關(guān)于近代物理，以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是〔〕A．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征B．放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核層電子放射出來(lái)的C．核反響的實(shí)質(zhì)是粒子對(duì)核撞擊而打出新粒子使核變?yōu)樾潞薉．自由核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能【考點(diǎn)】J3：玻爾模型和氫原子的能級(jí)構(gòu)造；JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度；JE：原子核的結(jié)合能．【專題】31：定性思想；43：推理法；54N：原子的能級(jí)構(gòu)造專題．【分析】根據(jù)質(zhì)能方程可知，質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能；β衰變產(chǎn)生的電子來(lái)自原子核，不是核外電子；玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域。【解答】解：A、在光學(xué)的開(kāi)展歷程中，玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征，故A正確；B、β衰變是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來(lái)，故B錯(cuò)誤；C、核反響的實(shí)質(zhì)是粒子對(duì)核撞擊而使核變?yōu)樾潞?，并不一定打出新粒子，故C錯(cuò)誤；D、自由核子組成原子核時(shí)，其質(zhì)量虧損所對(duì)應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能，故D正確；應(yīng)選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】此題考察玻爾理論的意義，掌握β衰變的實(shí)質(zhì)，理解結(jié)合能的含義，及注意核反響的實(shí)質(zhì)與質(zhì)量虧損。13．〔4分〕利用圖甲所示電路研究光電效應(yīng)中金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系。圖中A、K兩極間的電壓大小可調(diào)，直流電源的正負(fù)極也可以對(duì)調(diào)。*金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系圖象如圖乙所示，圖中U、v0均，電子電荷量用e表示。則由圖象可求得該金屬的逸出功W0＝hv0，普朗克常量h＝〔用題中字母表示〕?！究键c(diǎn)】IE：愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程．【專題】32：定量思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專題．【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm＝hv﹣W0和eUC＝EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系式，從而進(jìn)展判斷?！窘獯稹拷猓寒?dāng)遏止電壓為零時(shí)，最大初動(dòng)能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0＝hv0。由Ekm＝hv﹣W0和eUC＝EKm得出：Uc＝則：＝得h＝，故答案為：hv0【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象類問(wèn)題要據(jù)物理學(xué)知識(shí)確定出兩個(gè)量之間的函數(shù)表達(dá)式結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)分析求解。14．〔4分〕2018年平昌冬奧會(huì)上，中國(guó)代表隊(duì)奪得短道速滑男子5000米接力決賽銀牌。觀察發(fā)現(xiàn)質(zhì)量為m的"接棒〞運(yùn)發(fā)動(dòng)甲提前站在"接棒〞運(yùn)發(fā)動(dòng)乙前面，并且開(kāi)場(chǎng)以v0向前滑行，待質(zhì)量也為m的運(yùn)發(fā)動(dòng)乙以2v0追上甲時(shí)，乙猛推甲一把使得自己速度減為接近零，從而使甲獲得更大速度向前沖出。在乙推甲的過(guò)程中忽略運(yùn)發(fā)動(dòng)與冰面間在水平方向上的相互作用力。求：①甲獲得多大速度向前沖出；②在乙推甲的過(guò)程中甲、乙運(yùn)發(fā)動(dòng)的動(dòng)量變化大小之比。【考點(diǎn)】52：動(dòng)量定理；53：動(dòng)量守恒定律．【專題】11：計(jì)算題；32：定量思想；4T：尋找守恒量法；52F：動(dòng)量定理應(yīng)用專題．【分析】①在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)發(fā)動(dòng)與冰面間在水平方向上的相互作用力，兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。由動(dòng)量守恒定律求甲獲得的速度。②根據(jù)動(dòng)量守恒定律求甲、乙運(yùn)發(fā)動(dòng)的動(dòng)量變化大小之比。【解答】解：①在乙推甲的過(guò)程中，兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。取乙推甲前乙的速度方向?yàn)檎较?。由?dòng)量守恒定律得：mv0+m?2v0＝mv甲。解得：v甲＝3v0②在乙推甲的過(guò)程中，兩人組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則△P＝0即△P甲+△P乙＝0可得|△P甲|：|△P乙|＝1：1答：①甲獲得3v0速度向前沖出；②在乙推甲的過(guò)程中甲、乙運(yùn)發(fā)動(dòng)的動(dòng)量變化大小之比為1：1?！军c(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵是明確動(dòng)量守恒的條件：系統(tǒng)的合外力為零，判斷出兩個(gè)運(yùn)發(fā)動(dòng)系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒。即兩人動(dòng)量變化量等大、反向?！具x做題】此題包括A、B二小題，請(qǐng)選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域作答．假設(shè)多做，則按A小題評(píng)分．A．[選修3-3]〔12分〕15．〔4分〕以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．懸浮在液體中的固體小顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B．理想氣體的壓強(qiáng)是由氣體分子間斥力產(chǎn)生的C．由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力D．空氣相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢【考點(diǎn)】84：布朗運(yùn)動(dòng)；86：分子間的相互作用力；9H：相對(duì)濕度．【專題】31：定性思想；43：推理法；541：分子運(yùn)動(dòng)論專題．【分析】液晶既像液體一樣具有流動(dòng)性，又跟*些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性；氣體壓強(qiáng)的產(chǎn)生：大量做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子對(duì)器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強(qiáng)；由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力。【解答】解：A、懸浮在液體中的固體顆粒越大，碰撞的不平衡性越不明顯，故布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯；故A錯(cuò)誤；B、氣體的壓強(qiáng)是大量做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的分子對(duì)器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生，與分子斥力無(wú)關(guān)。故B錯(cuò)誤；C、由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，則液體外表存在力，故C正確。D、空氣相對(duì)濕度越大，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢。故D正確；應(yīng)選：CD。【點(diǎn)評(píng)】此題考察對(duì)熱力學(xué)知識(shí)的理解與掌握程度。關(guān)鍵是明確自然界的一切宏觀過(guò)程都具有方向性，知道決定氣體壓強(qiáng)大小的因素16．〔4分〕目前城鄉(xiāng)家庭使用的液化天然氣主要成分是甲烷〔CH4〕，常用的液化氣鋼瓶容積為V，充裝標(biāo)準(zhǔn)為最大充裝的85%．液化氣的密度ρ，平均摩爾質(zhì)量M，阿伏加德羅常數(shù)NA，則該瓶裝液化天然氣甲烷分子的總數(shù)N＝，一個(gè)甲烷分子的直徑d＝。【考點(diǎn)】82：阿伏加德羅常數(shù)．【專題】32：定量思想；43：推理法；543：阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．【分析】要算甲烷分子的總數(shù)N先算摩爾數(shù)，而甲烷的摩爾數(shù)由體積除以摩爾體積。摩爾體積除以阿伏伽德羅常數(shù)得到一個(gè)甲烷分子的體積，即可求解甲烷分子的直徑【解答】解：甲烷的摩爾體積為：Vmol＝甲烷分子數(shù)為：N＝NA×85%＝將甲烷分子看成球形，由＝，解得水分子直徑為：d＝故答案為：，【點(diǎn)評(píng)】此題的解題關(guān)鍵是建立物理模型，抓住阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，也可以將甲烷分子看成立方體形。17．〔4分〕一體積為V0的氣泡從深為h的水池底上升到水面，池水溫度保持不變，可將氣泡的氣體視為理想氣體，且氣體質(zhì)量保持不變，大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g。求：①氣泡到達(dá)水面時(shí)的體積；②請(qǐng)判斷氣泡在上升的過(guò)程中，氣體吸熱還是放熱？【考點(diǎn)】8F：熱力學(xué)第一定律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】11：計(jì)算題；32：定量思想；4C：方程法；548：熱力學(xué)定理專題．【分析】①由玻意耳定律求的體積②水的溫度不變，所以△U等于0，又因?yàn)闅怏w的體積逐漸增大，所以對(duì)外做功，W為負(fù)值，所以Q為正值，即氣體吸收熱量?！窘獯稹拷猓孩俪鯌B(tài)為：，末態(tài)為：，由玻意耳定律得：P1V1＝P2V2解得：②因?yàn)樗臏囟炔蛔儯浴鱑等于0，又因?yàn)闅怏w的體積逐漸增大，所以對(duì)外做功，W為負(fù)值，所以Q為正值，即氣體吸收熱量，對(duì)外做功，能不變。答：①氣泡到達(dá)水面時(shí)的體積為；②請(qǐng)判斷氣泡在上升的過(guò)程中，氣體吸熱?！军c(diǎn)評(píng)】題考察了理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，難度中等。B．[選修3-4]〔12分〕18．以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔〕A．窺鏡是利用光的衍射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備B．雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的折射現(xiàn)象C．自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動(dòng)的光，且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光的強(qiáng)度均一樣D．微波爐是利用微波使食物中的水分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，溫度升高【考點(diǎn)】G6：電磁波的應(yīng)用；H3：光的折射定律；H6：光導(dǎo)纖維及其應(yīng)用；HB：光的偏振．【專題】31：定性思想；45：歸納法；54D：光的折射專題．【分析】光在光導(dǎo)纖維中的傳輸利用了全反射原理；雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的干預(yù)現(xiàn)象；自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動(dòng)的光，且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光的強(qiáng)度均一樣；微波爐是利用共振原理制成的?！窘獯稹拷猓篈、光線在窺鏡中發(fā)生全反射，故窺鏡是利用光的全反射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備；故A錯(cuò)誤；B、雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的干預(yù)現(xiàn)象；故B錯(cuò)誤；C、自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動(dòng)的光，且沿各個(gè)方向振動(dòng)的光的強(qiáng)度均一樣；故C正確；D、微波爐是利用微波的頻率與食物中的水分子固有頻率一樣，從而使水分子產(chǎn)生共振，使水分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，溫度升高；故D正確；應(yīng)選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】解決此題的關(guān)鍵要理解并掌握各種光現(xiàn)象形成的原因，要知道：自然光是在垂直于傳播方向的上沿一切方向振動(dòng)且各個(gè)方向振動(dòng)的光波強(qiáng)度都一樣，而偏振光是垂直于傳播方向的平面上，只沿*個(gè)特定方向振動(dòng)。利用共振知識(shí)來(lái)理解微波爐的工作原理。19．如下圖，折射率為n＝2的玻璃球半徑為R，O點(diǎn)為球心，現(xiàn)將玻璃球切掉一局部，形成一個(gè)球缺，球缺的高度為h＝R，與球缺橫截面積一樣的均勻光柱垂直于界面射入球缺。則該光在玻璃球缺里發(fā)生全反射的臨界角C＝30°。光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積S＝R2。【考點(diǎn)】H3：光的折射定律．【專題】34：比擬思想；4N：臨界法；54D：光的折射專題．【分析】根據(jù)全反射臨界角公式sinC＝求全反射的臨界角C．光線在透光局部的邊界恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角，作出光路圖，由幾何知識(shí)求出透出的光柱的截面積。【解答】解：由全反射臨界角公式sinC＝得：sinC＝得：C＝30°光線在透光局部的邊界恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C，如下圖。由幾何關(guān)系得：R2＝RsinC＝R所以光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積為：S＝πR22＝R2。故答案為：30°，R2?！军c(diǎn)評(píng)】此題的關(guān)鍵是要掌握全反射現(xiàn)象及其產(chǎn)生條件，作出邊界光路，靈活運(yùn)用幾何知識(shí)幫助解答。20．如下圖為一列沿*軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t1＝0時(shí)刻的波形圖。a質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為〔3，0〕，t2＝0.3s時(shí)，a處質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)在波峰位置。求：①這列波的傳播速度；②這列波的周期。【考點(diǎn)】F4：橫波的圖象．【專題】11：計(jì)算題；34：比擬思想；4B：圖析法；51D：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題．【分析】①當(dāng)圖中波峰傳到a點(diǎn)時(shí)，a處質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)在波峰位置。由v＝求這列波的傳播速度；②讀出波長(zhǎng)，由波速公式v＝求這列波的周期。【解答】解：①當(dāng)圖中波峰傳到a點(diǎn)時(shí)，a處質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)在波峰位置。波在△t＝t2﹣t1＝0.3s傳播的距離△*＝6m則這列波的傳播速度v＝＝＝20m/s②該波的波長(zhǎng)為λ＝4m由波速公式v＝得T＝＝＝0.2s答：①這列波的傳播速度是20m/s；②這列波的周期是0.2s?！军c(diǎn)評(píng)】此題的關(guān)鍵采用波形的平移法確定a質(zhì)點(diǎn)第一次形成波峰時(shí)波傳播的距離，從而求得波速。也可以根據(jù)波的形成過(guò)程分析：振動(dòng)從*＝2m處傳到a點(diǎn)。a點(diǎn)再經(jīng)過(guò)第一次形成波峰來(lái)求周期，再求波速。四、計(jì)算題：此題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只寫(xiě)出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．21．〔15分〕2017年1月12號(hào)凌晨，號(hào)航母奔赴南海執(zhí)行跨海區(qū)域訓(xùn)練和試驗(yàn)。號(hào)航母在經(jīng)過(guò)海峽時(shí)可視為勻速行駛?！?〕假設(shè)號(hào)航母裝有四臺(tái)輸入功率為P的蒸汽輪發(fā)動(dòng)機(jī)，在海面上行駛時(shí)受到的阻力為f，蒸汽輪發(fā)動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為η，求號(hào)航母的最大速度vm?！?〕在航母上采用電磁彈射技術(shù)，將大大縮短起飛距離。假設(shè)在電磁彈射裝置與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作情況下可使起飛距離縮短為*，飛機(jī)質(zhì)量為m，起飛速度為v1，飛機(jī)的牽引力為F1，受到的平均阻力是重力的k倍，求電磁彈射裝置對(duì)飛機(jī)做的功W電?！?〕假設(shè)在飛機(jī)甲板上加裝阻攔索，飛機(jī)著艦并成功鉤住阻攔索后，立即關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)。阻攔系統(tǒng)通過(guò)阻攔索施加一作用力，使飛機(jī)在甲板上短距離滑行后停頓。飛機(jī)關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)時(shí)的速度為v2，滑行時(shí)所受總阻力為f1，從著艦到停頓需要的滑行距離為L(zhǎng)，求阻攔系統(tǒng)對(duì)飛機(jī)做的功W阻?！究键c(diǎn)】37：牛頓第二定律；65：動(dòng)能定理．【專題】11：計(jì)算題；32：定量思想；43：推理法；52D：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題．【分析】〔1〕當(dāng)牽引力和阻力相等時(shí)速度最大，根據(jù)功率的公式可求得最大速度；〔2〕起飛過(guò)程由動(dòng)能定理可求得