江蘇省南京市南師附中2020-2021學(xué)年高一上學(xué)期期中考試物理試題

#南京師大附中2020-2021學(xué)年第一學(xué)期高一年級期中物理試題參考答案1.［答案］A［解析］AB、力是改變物體運動狀態(tài)的原因，物體的運動不需要力來維持，故A正確，B錯誤；C、 慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的速度無關(guān)，故C錯誤：D、 作用力與反作用力總是同時產(chǎn)生，同時消失，故D錯誤：故選A.2［答案］B。［解析］A、質(zhì)點采用的物理方法是理想模型法，故A錯誤：C、 伽利略的實驗采用的物理方法是理想實驗法，故C錯誤：D、 把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，采用的物理方法是極限思維法，故D錯誤；故選B.3.［答案］D［解析］A、增加鋼絲索的數(shù)量會增大索塔受到的壓力，故A錯誤：BC、如圖所示，鋼索中的拉力僅與鋼索和豎直方向的夾角有關(guān)，與豎直方向的夾角越大，則拉力越大：因為鋼索與水平面的夾角都一樣，所以各個鋼索上所受拉力相同，故B錯誤：降低索塔的高度，會使得鋼索和豎直方向的夾角變大，鋼索承受拉力變大，故C錯誤：D、正交分解，水平方向的分力相互抵消，合力豎直向下，故D正確：故選D.［解析］在6s之前小王的速度比小張大，6s共速時，小王比小張多行駛了18m。若x0<18m,則此時小王超過了小張，已經(jīng)相遇了一次，6s之后小張的速度比小王大，小張會反超回來，故兩車相遇2次：若x0=18m，小王和小張僅在6s時相遇一次：若x0>18m，6s時，小王沒有追上小張，故兩車相遇0次，綜上選擇C.［答案］C［解析］因為項鏈長不變，兩次實驗，落地時兩球的速度增加，所以當(dāng)乙球落地時，甲球通過同樣的距離，所需要的時間變短，兩球相繼落地的時間之差變小，因為兩球同時釋放，Av=gAt，所以兩球相繼落地的速度之差也變小，故選C.［答案］D［解析］整體分析AB，僅受三個力，整體重力2mg，OA繩上拉力，水平拉力F，三力平衡易得F=2mg。［答案］B［解析］甲圖中由于桿可以自由轉(zhuǎn)動，因此僅能給沿桿的力，即水平向右的力，而繩為死結(jié)，可以看作兩段繩，拉力不同。乙圖中的桿則可以給各個方向的力，因此因先判斷繩上拉力，由于滑輪的存在，為同一段繩，拉力相同。根據(jù)上述判斷簡單的三力平衡即可求解。［答案］D［解析］A、由三力平衡易得P板壓力、=器，與重力正相關(guān)，故A錯誤：B、 同理根據(jù)。判斷P板壓力即可，而Q板壓力為Nq=籍，故B錯誤：C、 換一個等重的球，不影響重力，半徑增大但不會改變角度，所以壓力不變，故C錯誤：D、 如圖所示，球受三個力作用處于平衡狀態(tài)，將三個力平移到首尾相連構(gòu)成矢量三角形，因為不管怎么旋轉(zhuǎn)，重力G的大小和方向均不變，雖然兩個彈力的方向變化，但是兩木板的夾角不變，所以兩個彈力的夾角也不變，重力G相當(dāng)于三角形外接圓的一根弦，順時針旋轉(zhuǎn)木板使得Q板水平，則移動Nq與NP兩個力相交的頂點，使得Nq豎直向上，在這個過程中，兩個彈力大小均減小，故D正確：故選D.［答案］CD［解析］A.加速度大說明速度變化的快，變化的多少還受時間的影響，故A錯誤:B、初速度與加速度反向，正向減速，故B錯誤：故選CD.［答案］BC［解析］A.撞線的時候一般需要看有效部位，軀干部分過線來計時，因而不能作為質(zhì)點，故A錯誤：B、 59.5s表示跑完400米所用的總時間，是時間間隔，故B正確；C、 選項由于200米是彎道加上直線的距離，即位移大小會小于200m，故C正確：D、 12.8m應(yīng)該是水平位移的大小，實際位移還要加。上身高的影響，故D錯誤：故選BC.［答案］AD［解析］ABC、對物體受力分析，一定有的力是重力，而因為需要有指向左上方的力來保證可以平衡，因此一定有摩擦，而有摩擦力必須要有彈力，因而這三個力是一定有的，由于不清楚斜面的粗糙程度，因此這三個力是否能夠平衡不清楚，彈簧可以有力也可以沒力。因此A正確，BC錯誤：D、滑塊靜止，根據(jù)受力平衡可得f=mgsin。一定成立，故D正確：故選AD.［答案］BC［解析］A、v=at，因此v—t圖應(yīng)為直線。B、 x=1at2，因此是二次函數(shù)正確。2C、 v2=2ax，v2與x也是直線關(guān)系成立。D、V=寸疝,，應(yīng)該是開口左右的拋物線，因此錯誤。［答案］AD［解析］A、由整體法易知摩擦力為零，故A正確：B、 m2g=migcos53°，恰好沒有摩擦力，故B錯誤：C、 m2g<m1gcos53°，因此摩擦力向上來平衡，故C錯誤：D、 分別是摩擦向上和向下的兩個臨界，計算方式為m2g+^m1§sin53。=m1gcos53和m2g=^m1gsin53+m1gcos53，故d正確：故選AD.［答案］(1)B(2)(a)Ax=aT2 勻變速直線運動(b)0.48(c)0.82［解析］⑴略(2)C點的瞬時速度可以用BD段的平均速度表示，故有V=V= =4.41頃+5.22頃=0.4815m/s，保留兩位有效數(shù)字，故答案為0.48m/s；cbd 2T 2x0.1s加速度計算采用逐差法，故有(s+s+s)—(s+s+s) (7.68cm+6.85cm+6.04cm)—(5.2cm+4.4lcm+3.59cm)a= s—4 3——2—u= =0.817ms/s2(3T)2 (3x0.1s)2，保留兩位有效數(shù)字，故答案為0.82m/s2.［答案］(1)兩細繩套的方向(2)O點3.90⑶如下圖4.30［此空允許一定誤差］ (5)C［解析］(1)略(2)略(3)注意畫出來的合力與AO不在一條直線上，合力長度的測量結(jié)果遵循刻度尺讀數(shù)的估讀規(guī)則，結(jié)果允許有誤差，但注意保留的位數(shù)。(5)略［答案］(1)t=3s，x=9m(2)s=10.5m(3)v=1.875m/s［解析］(1)由圖可知，當(dāng)1=3s時圖像所圍正面積最大，此時位移x=9m。(2)由圖可知，物體前3s向前運動s，最后Is向后運動s2,4s內(nèi)通過的總路程為兩者面積之和s=s1+s2=9+1.5=10.5m9-1.5 =1.875m/s4［答案］(1)f=200N(2)Ax'=0.5m(3)見解析［解析］⑴f=kAx=500X0.4=200N<f =^N=^G=250N靜max A⑵由匚 =VN=^G=250N=kAx可知ax'=0.5m靜max A⑶［答案］(1)1NWF］W5N(2)F2=10N(3)5本

［解析］(1)依題意有mgsin。-P1mgcos9<F1<mgsin。+ulmgcos。，可得1NWF1W5N由受力平衡可得：N=mgcos0+Fsin02<Fcos0=mgsin0+fnF=10N22〔 f=叩設(shè)一共有n本書，每本書重G=5N,通過整體法可知，保證所有書本都不會打滑，需要同時滿足：nG<pF=32.5N(n-1)G<pF=22.75N^"—23［答案］(1)位=(<3-?■/2)s(2)v0N7.5m/s(3)9次,,,1［=?nAt=t-1=G/3-J2)slZ21TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"\hh-h-1=—gt2

1 2 2 1［=?nAt=t-1=G/3-J2)slZ21［解析］(1)<1［解析］(1)<h一I=gt21 2 2(2)當(dāng)小球落地時，管子也恰好落地，此時v0最小。小球落地時，運動時間t3=?'四=、:'2^=2s管子落地時，-h=vt-—gt22 04 2 4又‘3—‘4，解得v0=7.5m/s,故v0N7.5m/s(3)由于管子和小球由靜