2023年高三物理一模試卷含解析

2023年高三物理一模試卷含解析2023年高三物理一模試卷含解析861～5630abx﹣tab，由圖可知〔〕兩物體運(yùn)動(dòng)方向始終不變0～t1

abC．t～t內(nèi)某時(shí)刻兩物體的速度一樣1 2D．t～tab1 2如以下圖，小車內(nèi)固定著一個(gè)傾角為60°的斜面OA，擋板OB與水平面的夾角θ=60°，可繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)．現(xiàn)將一質(zhì)量為m的光滑圓球放在斜面與擋板之間，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕當(dāng)小車與擋板均靜止時(shí)，球?qū)π泵娴膲毫π∮趍g保持θ=60°不變，使小車水平向右運(yùn)動(dòng)，則球?qū)π泵娴膲毫赡転榱惚３中≤囲o止，在θ由60°緩慢減小至15°的過程中，球?qū)醢宓膲毫u漸減小保持小車靜止，在θ由60°緩慢減小至15°的過程中，球?qū)π泵娴膲毫u漸增大如以下圖，在O點(diǎn)固定一負(fù)點(diǎn)電荷，實(shí)線為其中幾條對(duì)稱分布的電場(chǎng)線，虛線為以O(shè)e電場(chǎng)線上的O′點(diǎn)為圓心的一個(gè)圓，a、b、c、d、e，f、g、h為圓與電場(chǎng)線的交點(diǎn)，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕d、fB．a(chǎn)eC．b、db，fDhdhf，電場(chǎng)力做功相等如以下圖，人造衛(wèi)星P〔可看作質(zhì)點(diǎn)〕繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．在衛(wèi)星運(yùn)行軌道平面內(nèi)，過衛(wèi)星P作地球的兩條切線，兩條切線的夾角為θ，設(shè)衛(wèi)星P繞地球TvG．以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕θTθTTθ，則地球的平均密度為ρ=Tθ，則地球的平均密度為ρ=如以下圖，用均勻?qū)Ь€做成邊長(zhǎng)為0.2m的正方形線框，線框的一半處于垂直線框向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)磁場(chǎng)以20T/s的變化率增加時(shí)，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)U，則〔〕A．φ＜φ，U=0.2VB．φ＞φ，U=0.2VC．φ＜φ，U=0.4VD．φ＞a b a b a b aφ，U=0.4Vb如以下圖，一抱負(fù)變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n：n=55：1，原線圈接入電壓1 2u=220 sin100πt〔V〕的溝通電源，圖中電表均為抱負(fù)電表，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端滑到最下端的過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕100HzB．t=0.02s4VC．電流表的示數(shù)先變小后變大D．電流表的示數(shù)先變大后變小如以下圖勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在半徑為R的圓形區(qū)域MON內(nèi)Q為半徑ON上的一點(diǎn)且OQ= R，PPQOM〔不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，其中粒子1從M點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從N點(diǎn)出，粒子2PPQ〔〕2N2P、N123：2122：1θ=30°．質(zhì)量均為lkgA、B5N/cm2kgC線通過光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體BA、BAC，使細(xì)線剛好被拉直．現(xiàn)把手拿開，讓CC開頭運(yùn)動(dòng)到A〔取g=10m/s〔〕1cmB1cmCB、CDC0.2J三、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9～12作答．第13題～第18題為選考題，考生依據(jù)要求作答〔一〕必考題：1所示，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)的試驗(yàn)裝置，裝有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在水平試驗(yàn)臺(tái)上，木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個(gè)動(dòng)滑輪，鉤碼和彈簧測(cè)力計(jì)通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長(zhǎng)木板上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．試驗(yàn)得到一條如圖2所示的紙帶，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.1s，由圖中的數(shù)可知，滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小是 m/〔計(jì)算結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕讀出彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F，處理紙帶，得到滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a；轉(zhuǎn)變鉤碼個(gè)數(shù)，重復(fù)試驗(yàn)．以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，以加速度a為橫坐標(biāo)，得到的圖象是縱軸截距為b的一條傾斜直線，如圖3所示．滑塊和動(dòng)滑輪的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，無視滑輪與繩之間的摩擦．則滑塊和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ= ．10．國(guó)標(biāo)〔GB/T〕規(guī)定自來水在15℃時(shí)電阻率應(yīng)大于13Ω?m．某同學(xué)利用圖甲電路測(cè)量15℃自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有閥門K以把握管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞〔活塞電阻可無視，右側(cè)活塞固定，左側(cè)活可自由移動(dòng)．試驗(yàn)器材還有：電源〔電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻可無視〕V〔3V〕1V〔3V〕2R〔4kΩ〕1R〔2kΩ〕2R〔9999Ω〕單刀雙擲開關(guān)S，導(dǎo)線假設(shè)干，游標(biāo)卡尺，刻度尺．試驗(yàn)步驟如下：A．用游標(biāo)卡尺測(cè)量并記錄玻璃管的內(nèi)徑d；B．向玻璃管內(nèi)注滿自來水，確保無氣泡；C．用刻度尺測(cè)量并記錄水柱長(zhǎng)度L；S1V1

示數(shù)；把S2V2R；

V1

示數(shù)一樣，記錄電阻箱的轉(zhuǎn)變玻璃管內(nèi)水柱長(zhǎng)度，重復(fù)試驗(yàn)步驟C、D、E；GS，整理好器材．測(cè)玻璃管內(nèi)徑d時(shí)游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙，則d= mm．玻璃管內(nèi)水柱的電阻R的表達(dá)式為R= 〔用RR、R表示．x x 1 2L和對(duì)應(yīng)的電阻箱阻值RR﹣圖象．可求出自來水的電阻率ρ= Ω?m〔保存三位有效數(shù)字．11．如以下圖，質(zhì)量m=0.1kg的小球〔可視為質(zhì)點(diǎn)，用長(zhǎng)度l=0.2m的輕質(zhì)細(xì)線懸于天花板的O點(diǎn)．足夠長(zhǎng)的木板AB傾斜放置，頂端A位于O點(diǎn)正下方，與O點(diǎn)的高度差h=0.4m．木板與水平面間的夾角θ=37°，整個(gè)裝置在同一豎直面內(nèi)現(xiàn)將小球移到與O點(diǎn)等高的P點(diǎn)〔細(xì)線拉直，由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)Q時(shí)細(xì)線恰好被拉斷〔取cos37°=0.8．求：細(xì)線所能承受的最大拉力F；小球在木板上的落點(diǎn)到木板頂端As；小球與木板接觸前瞬間的速度大?。?2MN〔個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電小球，以水平初速度v0

PQQ位于MN上．假設(shè)小球剛經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)〔t=變化、垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使得小球再次通過DPQ90°角，D、Q2L，t0

小于小球在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，無視磁場(chǎng)變化造成的影響，重力加g．求：〔1〕E〔2〕tt0 1

的比值；〔3〕小球過DB的大0Tm〔二〕選考題，請(qǐng)考生任選一模塊作答【物理--選修3-3】13．以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕A．懸浮在液體中的微粒越小，在液體分子的撞擊下越簡(jiǎn)潔保持平衡B．荷葉上的小水珠呈球形是由于液體外表張力的作用C．物體內(nèi)全局部子的熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能之和叫做物體的內(nèi)能D．當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣確實(shí)定濕度不愿定較大E．確定質(zhì)量的抱負(fù)氣體先經(jīng)等容降溫，再經(jīng)等溫壓縮，壓強(qiáng)可以回到初始的數(shù)值mSI、Ⅱ兩局部，當(dāng)在活塞A2mI、Ⅱ兩局部氣體的高度均為l．環(huán)境溫度、大氣壓強(qiáng)p均保持不變，0 05mg=pSA03-4】如圖甲所示，為一列沿水平方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，圖乙是這列波中質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖線，則該波的傳播速度v= m/s；傳播方向 〔填“向左”或“向右”．半徑為R的半圓形玻璃磚，橫截面如以下圖，圓心為O．兩條平行單色紅光垂直直徑MN射入玻璃磚，光線l正對(duì)圓心O入射，光線2的入射點(diǎn)為B，∠AOB=60°．該玻璃磚對(duì)紅光的折射率n= ．求：兩條光線經(jīng)玻璃磚折射后的交點(diǎn)與O點(diǎn)的距離d；假設(shè)入射光由單色紅光改為單色藍(lán)光，其它條件不變，則距離d將如何變化？3-5】圖甲是光電效應(yīng)的試驗(yàn)裝置圖，圖乙是光電流與加在陰極K和陽(yáng)極A上的電壓的關(guān)系圖象，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕A．由圖線①、③可知在光的顏色不變的狀況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大B．由圖線①、②、③可知對(duì)某種確定的金屬來說，其遏止電壓只由入射光的頻率打算C．只要增大電壓，光電流就會(huì)始終增大D．不管哪種顏色的入射光，只要光足夠強(qiáng)，就能發(fā)生光電效應(yīng)E．遏止電壓越大，說明從該金屬中逃出來的光電子的最大初動(dòng)能越大如以下圖，質(zhì)量m=1kgC置于足夠長(zhǎng)的木塊B上，木板B的質(zhì)量m=2kg，B、CC B一輕彈簧相拴接，開頭時(shí)B、CA的質(zhì)量m=0.5kgv=5m/sA 0BBv=2m/s，碰撞時(shí)間極短，接觸面均光滑．求：BA、BA彈簧最長(zhǎng)時(shí)具有的彈性勢(shì)能〔結(jié)果保存兩位有效數(shù)字．xx參考答案與試題解析861～56～8630沿同始終線運(yùn)動(dòng)的a、b兩物體，其x﹣t圖象分別為圖中直線ab〔 〕兩物體運(yùn)動(dòng)方向始終不變0～t1C．t～t

a物體的位移大于b內(nèi)某時(shí)刻兩物體的速度一樣1 2D．t～tab1 2【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系．【分析】依據(jù)圖象切線的斜率表示速度，確定運(yùn)動(dòng)的方向，結(jié)合位置坐標(biāo)比較位移的大小，依據(jù)位移和時(shí)間的比值比較平均速度的大小關(guān)系．【解答】解：Ax﹣tbb沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)，后沿正向運(yùn)動(dòng)，故AB、0t1

時(shí)刻，兩車的位置坐標(biāo)均相等，可知0～t1

內(nèi)兩物的位移相等，故BC、t1

t時(shí)間內(nèi)，某時(shí)刻兩圖象的斜率相等，物體的速度一樣，故C2D、t～t內(nèi)兩個(gè)物體的位移相等，時(shí)間相等，則平均速度相等，故D1 2應(yīng)選：C60°的斜面OAOB與水平面的夾角θ=60°，O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)．現(xiàn)將一質(zhì)量為m正確的選項(xiàng)是〔〕當(dāng)小車與擋板均靜止時(shí)，球?qū)π泵娴膲毫π∮趍g保持θ=60°不變，使小車水平向右運(yùn)動(dòng)，則球?qū)π泵娴膲毫赡転榱悝?0°15°的過程中，球?qū)醢宓膲毫u漸減小θ60°15°的過程中，球?qū)π泵娴膲毫u漸增大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力．【分析】A、將小球的重力依據(jù)作用效果進(jìn)展分解，結(jié)合幾何關(guān)系分析；BBCD、將小球的重力依據(jù)作用效果進(jìn)展分解，通過作圖分析各個(gè)分力的變化狀況．【解答】解：A、球處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，對(duì)球進(jìn)展受力分析，如以下圖：FFGF=F=mgAA B A BB、假設(shè)保持θ=60°不變，使小車水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)FB加速度時(shí)，球?qū)醢宓膲毫榱?，故B正確；

和重力GCDθ60°15°的過程中，依據(jù)圖象可知，F(xiàn)A

不斷減小，F(xiàn)先減小后增大，依據(jù)牛頓第三定律可知，球?qū)醢宓膲毫ο葴p小后增大，對(duì)斜面的壓力不BCD應(yīng)選：B．OOe場(chǎng)線上的O′點(diǎn)為圓心的一個(gè)圓，a、b、c、d、e，f、g、h為圓與電場(chǎng)線的交點(diǎn)，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕d、fB．a(chǎn)eC．b、d兩點(diǎn)間電勢(shì)差小于b，fDhd與由hf，電場(chǎng)力做功相等【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)差．【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，只有大小和方向都一樣時(shí)兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度才一樣；電勢(shì)依據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低進(jìn)展推斷；依據(jù)對(duì)稱性分析b、db、f電勢(shì)凹凸，推斷電勢(shì)能的變化．d、fAB、依據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)漸漸降低可知，離點(diǎn)電荷O越遠(yuǎn)，電勢(shì)越高，故a點(diǎn)電勢(shì)低于eBC、d、f兩點(diǎn)電勢(shì)相等，則b、d兩點(diǎn)間電勢(shì)差等于b、f兩點(diǎn)間電勢(shì)差，故CD、d、fhd與由hf，電場(chǎng)力做功相等，故D應(yīng)選：D如以下圖，人造衛(wèi)星P〔可看作質(zhì)點(diǎn)〕繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．在衛(wèi)星運(yùn)行軌道平面內(nèi)，Pθ，設(shè)衛(wèi)星P繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為T，線速vG．以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕θTθTTθ，則地球的平均密度為ρ=Tθ，則地球的平均密度為ρ=【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】由θ可確軌道半徑，再據(jù)萬有引力供給向心力確定各量與半徑的關(guān)系可得各選項(xiàng)的正誤．【解答】解A、B、半徑r= R為地球的半徑，可知θ越大，半徑越小，又運(yùn)動(dòng)周期：T=2 ，則半徑越小，周期越??；θ越小，半徑越大，T越大．則A錯(cuò)誤，B正確．C、D、測(cè)得T和θ，由萬有引力供給向心力：m =G 得ρ= DC應(yīng)選：BD如以下圖，用均勻?qū)Ь€做成邊長(zhǎng)為0.2m的正方形線框，線框的一半處于垂直線框向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中當(dāng)磁場(chǎng)以20T/s的變化率增加時(shí)，ab兩點(diǎn)間電勢(shì)差的大小為U，〔 〕A．φ＜φ，U=0.2VB．φ＞φ，U=0.2VC．φ＜φ，U=0.4VD．φ＞φ，U=0.4Va b a b a b a b【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律．【分析】依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，依據(jù)楞次定律推斷出感應(yīng)電流的方向，再通過閉合電路歐姆定律求出電流以及電勢(shì)差．【解答】解：題中正方形線框的左半局部磁通量變化而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而在線框中有感E，內(nèi)電阻為，畫出等效電路如以下圖．則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差即為電源的路端電壓，設(shè)l是邊長(zhǎng)，且依題意知： =20T/s．由法拉第電磁感應(yīng)定律，得：E=N =1×20× V=0.4V所以有：U=IR= =0.2V，abU應(yīng)選：A．

=﹣0.2V．a(chǎn)b如以下圖，一抱負(fù)變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n：n=55：1，原線圈接入電壓1 2u=220 sin100πt〔V〕的溝通電源，圖中電表均為抱負(fù)電表，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端滑到最下端的過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕100HzB．t=0.02s4VC．電流表的示數(shù)先變小后變大D．電流表的示數(shù)先變大后變小【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】依據(jù)溝通電的瞬時(shí)值表達(dá)式得出溝通電的圓頻率由f= 即可求出溝通電的頻率；依據(jù)變壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率；依據(jù)電路的構(gòu)造，得出電路中電阻的變化規(guī)律，然后結(jié)合歐姆定律分析電路中的電流的變化即可．【解答】解：A、由電壓公式知溝通電的ω=100π，f= = =50Hz，故A錯(cuò)誤；B、原線圈兩端的輸入電壓有效值為220V，由電壓與匝數(shù)成正比知， ，所以副線圈兩端電壓為： V〔即為電壓表的讀數(shù)，故B正確；C、D、由圖可知，滑動(dòng)變阻器的上下兩局部并聯(lián)后與R串聯(lián)，依據(jù)串并聯(lián)電路的電阻可知，PP端滑到最下端的過程中，電路中的總電阻先增大后減小，依據(jù)歐姆定律可知，電路中的電阻值將先減小后增大．變壓器的輸出電流先減小后增大，則輸入的電流也是先減小后增大，即電流表的示數(shù)先變小CD應(yīng)選：BC如以下圖勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在半徑為R的圓形區(qū)域MON內(nèi)Q為半徑ON上的一點(diǎn)且OQ= R，PPQOM〔不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，其中粒子1從M點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從N點(diǎn)出，粒子2PPQ〔〕2N2P、N123：2122：1【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，確定圓心的方法〔1〕〔2〕弦的中垂線過圓心由此方法確定運(yùn)動(dòng)軌跡求粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的方1〕 ；〔2〕 ，s1MNMN垂線過圓心，可確定圓心O，運(yùn)動(dòng)軌跡為藍(lán)色圓弧，其半徑R．兩個(gè)完全一樣的帶電粒子以相12PPQOPROP、ON、OP、ON，OPONONR22 2 2 2 2NAB∠MON=90°；∠PON=∠POQ，cos∠POQ= ，所以∠PON=∠POQ=45°．兩個(gè)完全一樣的帶電1 2 2粒子以一樣的速度射入磁場(chǎng)，粒子運(yùn)動(dòng)的周期一樣．粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間與圓心角成正比．所以粒122：1．CD應(yīng)選：AD．θ=30°．質(zhì)量均為lkgA、B5N/cm2kgC線通過光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體BA、BAC，使細(xì)線剛好被拉直．現(xiàn)把手拿開，讓CC開頭運(yùn)動(dòng)到A〔取g=10m/s〔〕1cmB1cmCB、CDC0.2J【考點(diǎn)】功能關(guān)系；功的計(jì)算．【分析】依據(jù)胡克定律求初狀態(tài)彈簧的壓縮量和末狀態(tài)彈簧的伸長(zhǎng)量．依據(jù)機(jī)械能守恒的條件：只有重力和彈力做功，分析機(jī)械能是否守恒．由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，求出末狀態(tài)時(shí)C的速度，再由動(dòng)能定理求物體C【解答】解：A、初狀態(tài)彈簧的壓縮量為x1B、末狀態(tài)彈簧的伸長(zhǎng)量為x= =2

= =1cmA=1cmBC、對(duì)于物體B、C與地球組成的系統(tǒng)，由于彈簧對(duì)B做負(fù)功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能不守恒．故C錯(cuò)誤．D、初末狀態(tài)彈簧的彈性勢(shì)能相等，對(duì)于彈簧、物體B、C與地球組成的系統(tǒng)，依據(jù)機(jī)械能守恒定律得mg〔x+x〕=mg〔x+x〕sinθ+C 1 2 B 1 2C，由動(dòng)能定理得mg〔x+x〕﹣W=C 1 2CW=0.2JD應(yīng)選：ABD三、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9～12作答．第13題～第18題為選考題，考生依據(jù)要求作答〔一〕必考題：1所示，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)的試驗(yàn)裝置，裝有定滑輪的長(zhǎng)木板固定在水平試驗(yàn)臺(tái)上，木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個(gè)動(dòng)滑輪，鉤碼和彈簧測(cè)力計(jì)通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長(zhǎng)木板上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．20.1s，由圖中的數(shù)2.4m/s2〔計(jì)算結(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕讀出彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F，處理紙帶，得到滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度a；轉(zhuǎn)變鉤碼個(gè)數(shù)，重復(fù)試驗(yàn)．以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為縱坐標(biāo)，以加速度ab3所示．滑塊和動(dòng)滑輪的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，無視滑輪與繩之間的摩擦．則滑塊和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ= ．【考點(diǎn)】探究影響摩擦力的大小的因素．〔1〕利用逐差法求得加速度〔2〕由試驗(yàn)方案可知，滑塊受到的拉力為彈簧秤示數(shù)的兩倍，滑塊同時(shí)受摩擦力，由牛頓其次定律可得彈簧秤示數(shù)與加速度a【解答】解1〕加速度為 =2.4m/s2〔2〕TT=2F滑塊受到的摩擦力為：f=μmg由牛頓其次定律可得：T﹣f=maFa由圖象所給信息可得圖象截距為：解得：故答案為：2.4，國(guó)標(biāo)〔GB/T〕規(guī)定自來水在15℃時(shí)電阻率應(yīng)大于13Ω?m．某同學(xué)利用圖甲電路測(cè)量15℃自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有閥門K管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞〔活塞電阻可無視可自由移動(dòng)．試驗(yàn)器材還有：電源〔電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻可無視〕V〔3V〕1V〔3V〕2R〔4kΩ〕1R〔2kΩ〕2R〔9999Ω〕單刀雙擲開關(guān)S，導(dǎo)線假設(shè)干，游標(biāo)卡尺，刻度尺．試驗(yàn)步驟如下：A．用游標(biāo)卡尺測(cè)量并記錄玻璃管的內(nèi)徑d；B．向玻璃管內(nèi)注滿自來水，確保無氣泡；C．用刻度尺測(cè)量并記錄水柱長(zhǎng)度L；DS1V1

示數(shù)；21R；F．轉(zhuǎn)變玻璃管內(nèi)水柱長(zhǎng)度，重復(fù)試驗(yàn)步驟C、D、E；21R；F．轉(zhuǎn)變玻璃管內(nèi)水柱長(zhǎng)度，重復(fù)試驗(yàn)步驟C、D、E；GS，整理好器材．〔1〕dd=20.0mm．

V

示數(shù)一樣，記錄電阻箱的玻璃管內(nèi)水柱的電阻R的表達(dá)式為R= 〔用R、R、R表示．x x 1 2利用記錄的多組水柱長(zhǎng)度L和對(duì)應(yīng)的電阻箱阻值RR﹣圖象．可求出自來水的電阻率ρ=12.6Ω?m〔保存三位有效數(shù)字．【考點(diǎn)】自來水電阻率的測(cè)定．〔1〕游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)．S12Rx從圖丙讀出數(shù)據(jù)，利用電阻定律求出電阻率ρ．1〕2.0cm=20m，游標(biāo)尺上第0對(duì)齊，所以最終讀數(shù)為：20.0mm；〔2〕S1位置時(shí)，電壓表V1

示數(shù)為U，則此時(shí)電路電流為 ，總電壓U

= +U總S2V2

V1

示數(shù)一樣也為U，則此時(shí)電路中的電流為，總電壓U′=?R+U，由于兩次總電壓相等，都等于電源電壓E，可得 = ，總 2解得R= ；x〔3〕從圖丙中可知，R=1×103Ω時(shí)，=5.0m﹣1，此時(shí)玻璃管內(nèi)水柱的電阻R= =8000Ω，xS=π〔〕2=3.14×10﹣4m2，由電阻定律R= 得ρ= =8000×3.14×10﹣4×5Ω?m≈12.6Ω?m；故答案為〔1〕20.0〔〕 〔〕12.6．如以下圖，質(zhì)量m=0.1kg的小球〔可視為質(zhì)點(diǎn)，用長(zhǎng)度l=0.2m的輕質(zhì)細(xì)線懸于天花板OABAOO點(diǎn)的高度差h=0.4m．木板θ=37°OP〔細(xì)線拉直，由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)Q時(shí)細(xì)線恰好被拉斷〔取cos37°=0.8．求：細(xì)線所能承受的最大拉力F；小球在木板上的落點(diǎn)到木板頂端As；小球與木板接觸前瞬間的速度大?。究键c(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓其次定律．〔1〕小球從P運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)QQ點(diǎn)的速度．在Q點(diǎn)，細(xì)線的拉力最大．由牛頓其次定律求最大拉力F．〔〔3〕A1〕設(shè)細(xì)線拉斷時(shí)小球的速度大小為v，由機(jī)械能守恒定律得：0=mgl解得：v0QF﹣mg=m解得F=3mg=3N設(shè)小球在木板上的落點(diǎn)到木板頂端A的距離為s，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得：l+s?sinθ=gt2；scosθ=vt0聯(lián)立以上各式得：s=1m設(shè)小物塊與木板接觸前瞬間的速度大小為v，由機(jī)械能守恒定律得：mv2=mg〔h+s?sinθ〕聯(lián)立以上各式得：v=2答：

m/s細(xì)線所能承受的最大拉力F3N；小球在木板上的落點(diǎn)到木板頂端As1m；小球與木板接觸前瞬間的速度大小是2 m/s．MN〔個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電小球，以水平初速度v0

PQQ位于MN上．假設(shè)小球剛經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)〔t=變化、垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使得小球再次通過DPQ90°角，D、Q2L，t0

小于小球在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，無視磁場(chǎng)變化造成的影響，重力加g．求：〔1〕E〔2〕tt0 1

的比值；〔3〕小球過DB的大0Tm【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．〔1〕依據(jù)電場(chǎng)力與重力，二力平衡，即可求解；依據(jù)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與半徑公式，結(jié)合幾何關(guān)系，即可求解；依據(jù)幾何關(guān)系，由牛頓其次定律以及周期公式，即可求解【解答】解1〕不加磁場(chǎng)時(shí)，小球沿直線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，則有解得：E= ，方向豎直向上，小球能再次通過D點(diǎn)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如以下圖，設(shè)半徑為r，做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，則有：r=vt，T= ， ，01解得： ，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)周期最大時(shí)，其運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)與MN相切，如圖：由幾何關(guān)系得：2R=2L，由牛頓其次定律得：Bqv=m ，解得： ，0答1〕電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為 ，方向豎直向上；〔2〕tt0 1

的比值為 ；〔3〕B0

的大小為 ，運(yùn)動(dòng)的最大周期T為 ．m〔二〕選考題，請(qǐng)考生任選一模塊作答【物理--選修3-3】13．以下說法正確的選項(xiàng)是〔 〕A．懸浮在液體中的微粒越小，在液體分子的撞擊下越簡(jiǎn)潔保持平衡B．荷葉上的小水珠呈球形是由于液體外表張力的作用C．物體內(nèi)全局部子的熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能之和叫做物體的內(nèi)能D．當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣確實(shí)定濕度不愿定較大E．確定質(zhì)量的抱負(fù)氣體先經(jīng)等容降溫，再經(jīng)等溫壓縮，壓強(qiáng)可以回到初始的數(shù)值【考點(diǎn)】抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；*液體的外表張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象；*相對(duì)濕度．【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)章運(yùn)動(dòng)，做布朗運(yùn)動(dòng)的微粒越小，在液體分子的撞擊下越不簡(jiǎn)潔保持平衡；液體外表存在外表張力；依據(jù)內(nèi)能的定義分析C選項(xiàng)；確定濕度指大氣中水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)，相對(duì)濕度是指水蒸汽的實(shí)際壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比人們感到潮濕時(shí)，與空氣的相對(duì)濕度有關(guān)；依據(jù)抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)參量的變化．【解答】解：AAB、葉面上的小露珠呈球形是由于液體外表張力的作用，故BC、物體內(nèi)全局部子的熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能之和與分子勢(shì)能的總和叫做物體的內(nèi)能，故CD、人們感到潮濕時(shí)，與空氣的相對(duì)濕度有關(guān)，與確定濕度無關(guān)，當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣確實(shí)定濕度不愿定較大，故DE、依據(jù)抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程： =C可知，確定質(zhì)量的抱負(fù)氣體先經(jīng)等容降溫，壓強(qiáng)減?。辉俳?jīng)等溫壓縮，壓強(qiáng)又增大，所以壓強(qiáng)可以回到初始的數(shù)值，故E正確；應(yīng)選：BDEmSI、Ⅱ兩局部，當(dāng)在活塞A2mI、Ⅱ兩局部氣體的高度均為l．環(huán)境溫度、大氣壓強(qiáng)p均保持不變，0 05mg=pSA0【考點(diǎn)】抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程．【分析】活塞導(dǎo)熱且環(huán)境溫度保持不變，所以兩局部氣體為等溫變化，先寫出兩局部氣體的狀態(tài)，然后由玻意耳定律列式解方程即可．【解答】解：對(duì)氣體I，初狀態(tài)的壓強(qiáng)為：p=p﹣ =p1 0 0末狀態(tài)的壓強(qiáng)為：p′=p﹣ =p1 0 0由玻意耳定律有：plS=p′lS10 1 1解得：l=l1 0氣體Ⅱ，初狀態(tài)p=p﹣ =p2 1 0末狀態(tài)plS=p′lS20 2 2l=l2 0A△l=〔l﹣l〕+〔l﹣l〕=l0 1 0 2 0A上升的高度為l03-4】如圖甲所示，為一列沿水平方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，圖乙是這列波中Pv=0.6m/sm/s；傳播方向向左〔填“向左”或“向右”．【考點(diǎn)】波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．【分析】依據(jù)振動(dòng)圖象與波動(dòng)圖象，再由 ，可求出波速，由質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方始終確定波的傳播．【解答】解：由圖可知，λ=1.2m，T=2s，波速由振動(dòng)圖象可知，t=0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P故答案為：0.6m/s；向左半徑為R的半圓形玻璃磚，橫截面如以下圖，圓心為O．兩條平行單色紅光垂直直徑MN射入玻璃磚，光線l正對(duì)圓心O入射，光線2的入射點(diǎn)為B，∠AOB=60°．該玻璃磚對(duì)紅光的折射率n= ．求：兩條光線經(jīng)玻璃磚折射后的交點(diǎn)與O點(diǎn)的距離d；假設(shè)入射光由單色紅光改為單色藍(lán)光，其它條件不變，則距離d將如何變化？【考點(diǎn)】光的折射定律．【分析】依據(jù)幾何關(guān)系求出光線2的入射角，結(jié)合折射定律求出折射角，從而得出光線在MN上的入射角，結(jié)合折射定律得出折射角，依據(jù)幾何關(guān)系求出兩條光線經(jīng)玻璃磚折射后的交點(diǎn)O藍(lán)光的折射率大于紅光，結(jié)合折射率的變化，偏折程度明顯，確定d的變化．i〕光路如以下圖，可知θ=60°，1由折射定律得：n= ，代入數(shù)據(jù)解得：θ=30°2由幾何關(guān)系得：θ=30°，3依據(jù)折射定律公式n= ，代入數(shù)據(jù)解得：θ=60°，4所以O(shè)