2021屆陜西省咸陽市高考物理模擬檢測試卷（一）附答案詳解

2021屆陜西省咸陽市高考物理模擬檢測試卷（一）

一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）

1.關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，下列說法符合史實(shí)的是（）

A.開普勒在牛頓定律的基礎(chǔ)上，導(dǎo)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律

B.開普勒總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律

C.牛頓在實(shí)驗(yàn)中測出萬有引力常量G,因而被稱為是能稱出地球質(zhì)量的人

D.開普勒在天文觀測數(shù)據(jù)的基礎(chǔ)上，總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律

2.如圖所示，質(zhì)量為M的粗糙斜面上有一質(zhì)量為m的木塊在勻減速下

滑，則地面受到的壓力應(yīng)（）

A.等于+M）g

B.大于（m+M）g

C.小于（m+M）g

D.無法確定

3.如圖所示，光滑水平面4B與豎直面上的半圓形固定軌道在B點(diǎn)銜

接，軌道半徑為R,BC為直徑，一可看成質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m的物塊

在4點(diǎn)處壓縮一輕質(zhì)彈簧（物塊與彈簧不拴接），釋放物塊，物塊被

彈簧彈出后，經(jīng)過半圓形軌道B點(diǎn)時(shí)瞬間對(duì)軌道的壓力變?yōu)槠渲亓Φ?倍，之后向上運(yùn)動(dòng)恰能通

過半圓軌道的最高點(diǎn)C,重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力，則（）

A.物塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為質(zhì)證

B.剛開始時(shí)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能為3.5mgR

C.物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)克服阻力所做的功為［mgR

D.若剛開始時(shí)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能變?yōu)樵瓉淼?倍，物塊到達(dá)C點(diǎn)的動(dòng)能為gmgR

4.如圖所示，有一根直導(dǎo)線上通以恒定電流/,方向垂直指向紙內(nèi)，且和

勻強(qiáng)磁場B垂直，則在圖中圓周上，磁感應(yīng)強(qiáng)度數(shù)值最小的點(diǎn)是（）

A.Q點(diǎn)

B.b點(diǎn)、

C.c點(diǎn)

D.d點(diǎn)、

5.如圖所示，一只螞蟻從半徑為R的半球體底端緩慢地（速度可忽略不計(jì)）爬

上頂端，下列說法正確的是（）

A.螞蟻受到球面的摩擦力變大

B.螞蟻受到球面的摩擦力變小

C.螞蟻受到球面的支持力不變

D.螞蟻受到球面的支持力變小

6.如圖所示，在一端封閉、長約的玻璃管內(nèi)注滿清水，水中放一

個(gè)紅蠟做的小圓柱體R（R視為質(zhì)點(diǎn)）。現(xiàn)將玻璃管軸線與豎直方向y

軸重合，在小圓柱體R上升剛好到達(dá)勻速時(shí)的起點(diǎn)位置記為坐標(biāo)原、

點(diǎn)0,同時(shí)玻璃管沿%軸正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。o

小圓柱體R依次經(jīng)過平行橫軸的三條水平線上的4、B、C位置，在

0A.AB、BC三個(gè)過程中沿y軸方向的高度均相等，每個(gè)過程對(duì)應(yīng)的水平位移的大小之比分別為

△/、△小、機(jī)械能的變化量依次為△&、動(dòng)量的變化量大小依次為△、

AX3,AE2,AE3,pi

△P2、AP3.若小圓柱體R與玻璃管壁之間的相互作用力可忽略不計(jì)，則下面分析中正確的是（）

=:△Ei：△：△F=1：3：5

A.△%!：△x2：△x313：5,E23

B.△%!：△x2：△x3=1：4：9,△E］：△E2：△F3=1：4：9

△Pi：△：△p=1：1：1

C.△%!：△x2：△%3=1：3：5,p23

D.AXj：△x2.△x3=1：4：9,△Pi：△p2：△p3=1：2：3

7.在投擲游戲中，甲同學(xué)從4點(diǎn)將某個(gè)小玩具水平拋出，小玩具沿軌跡①落到了地面上的。點(diǎn)；乙

同學(xué)從位于4點(diǎn)正下方地面上的B點(diǎn)斜向上將另一個(gè)同樣的小玩具拋出，玩具沿軌跡②也恰好落

到了。點(diǎn)，C點(diǎn)為軌跡最高點(diǎn)，4、C高度相同。不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.兩過程的水平速度相同

B.兩過程中玩具在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等

C.沿軌跡①落到。點(diǎn)時(shí)小玩具落地速度大

D.兩個(gè)過程中重力的沖量相等

8.如圖所示，I、n是兩帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡,

軌跡I的半徑大于軌跡n的半徑。兩粒子運(yùn)動(dòng)至p點(diǎn)時(shí)發(fā)生正碰并結(jié)合

在一起，然后沿圓軌跡的切線PQ做直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)粒子重力及碰撞前兩粒子間的相互作用，則

下列判斷正確的是（）

A.兩粒子帶等量異種電荷

B.軌跡為I的粒子帶正電

C.軌跡為I的粒子速度比軌跡為II的粒子速度大

D.軌跡為I的粒子運(yùn)動(dòng)周期比軌跡為n的粒子運(yùn)動(dòng)周期大

9.如圖所示，用兩根絕緣線把兩個(gè)小球懸掛起，a球帶電+q,b球帶電-2q,若兩球一2^

的庫侖力小于b球的重力，且兩根線都處于繃緊狀態(tài)，現(xiàn)加一水平向左的勻強(qiáng)電場，I

?a

待平衡時(shí)，表示平衡狀態(tài)的圖是（）

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

10.2019年12月27日,長征五號(hào)遙三運(yùn)載火箭在中國文昌航天發(fā)射場點(diǎn)火升

空，2000多秒后，將質(zhì)量達(dá)到8噸的實(shí)踐二十號(hào)衛(wèi)星準(zhǔn)確送入近地點(diǎn)192

千米、遠(yuǎn)地點(diǎn)6.8萬千米的預(yù)定轉(zhuǎn)移軌道，之后衛(wèi)星經(jīng)七次軌道機(jī)動(dòng)，于

2020年1月5日在地球同步軌道成功定點(diǎn)。本次成功發(fā)射，對(duì)我國大推力運(yùn)載火箭和新一代大型

地球同步衛(wèi)星平臺(tái)進(jìn)行了驗(yàn)證。衛(wèi)星定點(diǎn)前后的部分軌道可簡化為如圖所示，軌道1、2都為橢

圓，軌道3為地球同步軌道。已知地球的半徑為R,表面的重力加速度為g,自轉(zhuǎn)周期為7,以下

說法正確的是（）

A.衛(wèi)星自軌道1轉(zhuǎn)移至軌道2需在P點(diǎn)加速

B.衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)，可以在衛(wèi)星內(nèi)用天平測量物體的質(zhì)量

C.7、R、g三個(gè)量之間的關(guān)系滿足T=2?rJ

D.衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)的向心加速度為3叵彝

\T2

11.馬拉著車在水平道路上沿直線加速行駛，下列分析不正確的是（）

A.馬拉車的力大于車?yán)R的力

B.馬拉車的力大小等于車?yán)R的力

C.馬拉車的力大于車受到的阻力

D.馬拉車的力大小等于車受到的阻力

12.如圖，游樂場中，從高處A到水面B處有兩條長度相同的光滑軌道.甲、3上~旦《

乙兩小孩沿不同軌道同時(shí)從4處自由滑向B處，下列說法正確的有?、\

A.甲、乙在同一高度的速度大小相等

B.甲的切向加速度始終比乙的大

C.乙比甲先到達(dá)8處

D.甲比乙先到達(dá)B處

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

13.為了測量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)，某小組使用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，讓

木塊動(dòng)傾斜木板上某點(diǎn)4由靜止釋放，位移傳感器可以測出木塊到傳感器的距離，位移傳感器連

接計(jì)算機(jī)，描繪處滑塊相對(duì)傳感器的位移x隨時(shí)間t變化規(guī)律，如圖乙所示。

（1）根據(jù)上述圖線，計(jì)算0.4s時(shí)木塊的速度u=m/s,木塊加速度m/s2；（以上結(jié)果均保

留2位有效數(shù)字）

（2）為了測定動(dòng)摩擦因數(shù)，還必須需要測量的量是；

A.A點(diǎn)離桌面的高度B.木塊的質(zhì)量C.當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭0.4點(diǎn)離傳感器的距離。

14.用如圖1所示電路，測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動(dòng)變

阻器時(shí)造成短路，電路中用一個(gè)定值電阻Ro起保護(hù)作用。除電池、開關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的

實(shí)驗(yàn)器材還有：

(a)電流表(量程0.64、34)；

(b)電壓表(量程"、15U)；

(c)定值電阻(阻值10、額定功率5W)；

(d)定值電阻(阻值100、額定功率10W)；

(e)滑動(dòng)變阻器(阻值范圍0?100、額定電流24)；

(1)滑動(dòng)變阻器(阻值范圍。?1000、額定電流14)。

那么

(1)要正確完成實(shí)驗(yàn)，電壓表的量程應(yīng)選擇V,電流表的量程應(yīng)選擇4；&應(yīng)選擇Q

的定值電阻，R應(yīng)選擇阻值范圍是P的滑動(dòng)變阻器。

(2)記錄數(shù)據(jù)后，得實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖2甲所示。根據(jù)圖線測得干電池的電動(dòng)勢(shì)為V,干電池的內(nèi)電

阻為0。

(3)現(xiàn)有一小燈泡，其U/特性曲線如圖2乙所示，若將此小燈泡和定值電阻&串聯(lián)接在上述干電池兩

圖2

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共37.0分)

15.--輛摩托車在十字路口遇紅燈，當(dāng)綠燈亮?xí)r摩托車從靜止以4m/s2的加速度開始行駛，恰在此

時(shí)，一輛汽車以lOm/s的速度勻速駛來與摩托車同向行駛，摩托車在后追汽車，求：

(1)摩托車從路口開始加速起，在追上汽車之前兩車相距的最大距離是多少？

(2)摩托車經(jīng)過多少時(shí)間能追上汽車？

16.翼型飛行器有很好的飛行性能.其原理是通過對(duì)降落傘的調(diào)節(jié)，使空氣升力和空氣阻力都受到

影響.同時(shí)通過控制動(dòng)力的大小而改變飛行器的飛行狀態(tài).已知：飛行器的動(dòng)力F始終與飛行方

向相同，空氣升力&與飛行方向垂直，大小與速度的平方成正比，即&=。搟2;空氣阻力尸2與

飛行方向相反，大小與速度的平方成正比，即尸2=G/?其中G、相互影響，可由運(yùn)動(dòng)員調(diào)節(jié)，

滿足如圖1所示的關(guān)系.飛行員和裝備的總質(zhì)量為90kg.(重力加速度取g=10/n/s2.)

(1)若飛行員使飛行器以巧=10V5m/s速度在空中沿水平方向勻速飛行，如圖2所示.則飛行器受到

動(dòng)力F大小為多少？

(2)若飛行員關(guān)閉飛行器的動(dòng)力，使飛行器勻速滑行，且滑行速度以與地平線的夾角。=30。，如圖3

所示，則速度%的大小為多少？(結(jié)果可用根式表示)

(3)若飛行員使飛行器在空中的某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖4所示，在此過程中C2只能在

1.75?2.5N-s2/rn2之間調(diào)節(jié)，且八C2的大小與飛行器的傾斜程度無關(guān).則飛行器繞行一周動(dòng)

力F做功的最小值為多少？(結(jié)果可保留兀)

:::::::

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::::::::::::::::::::

17.如圖所示，質(zhì)量m=2.03的物體靜止于粗糙水平面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.25,在

水平拉力F=10N作用下開始向右運(yùn)動(dòng)5m。重力加速度。取

10m/s2,不計(jì)空氣阻力。在此過程中求:

(1)拉力做的功W;

(2)物體的末速度外

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：AD.開普勒對(duì)第谷多年天文觀測數(shù)據(jù)的基礎(chǔ)上，總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，故A錯(cuò)誤，

。正確；

8、開普勒總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故8錯(cuò)誤；

C、卡文迪許在實(shí)驗(yàn)中測出萬有引力常量G,因而被稱為是能稱出地球質(zhì)量的人，故C錯(cuò)誤。

故選：

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一。

2.答案：B

解析：

木塊勻減速下滑，其加速度沿斜面向上，以木塊和斜面整體為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)牛頓

第二定律分析地面對(duì)斜面的支持力的大小，再由牛頓第三定律分析斜面對(duì)地面的壓力大小.

本題是加速度不同的連接體類型，以整體為研窕對(duì)象，將加速度分解研究，也可以根據(jù)超重觀點(diǎn)分

析，整體有豎直向上的分加速度，處于超重狀態(tài)，即可知8正確.

以木塊和斜面整體為研究對(duì)象，分析受力情況，如圖。將木塊的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向

如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：[N

豎直方向：N-(M+m)g=M?0+macosdo

子干—a

則知，地面對(duì)斜面的支持力N>(M+m)5-f1/；

根據(jù)牛頓第三定律得知，斜面對(duì)地面的壓力大小N'=N>(M+7H)g.次——?%

▼

故B正確(M+m)g

故選：B.

3.答案：C

解析：解：4在B點(diǎn)由向心力公式可知：

VB

FNB-mg=m—

K

解得：%=7^證，故A錯(cuò)誤；

B.由機(jī)械能守恒定律得：剛開始時(shí)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能為Ep詔=3mgR,故B錯(cuò)誤；

C.恰能通過半圓軌道的最高點(diǎn)C,物體經(jīng)過C點(diǎn)的速度為%=痂

由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)C點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：-mg-2R-WZ或=加諾-|mvj

解得W期=^mgR,故C正確；

。若剛開始時(shí)被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能變?yōu)樵瓉淼?倍，因?yàn)樵诎雸A軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度變大，壓力變大，

摩擦力變大。

所以皿克/>小克f，由功能原理得呼罰'=2EP-\mv^-mg-2R>W&

解得：物塊到達(dá)C點(diǎn)的動(dòng)能后吐=lmvc2<9ngR，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

研究物體經(jīng)過B點(diǎn)的狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律求出物體經(jīng)過B點(diǎn)的速度；得到物體的動(dòng)能，物體從4點(diǎn)

至B點(diǎn)的過程中由功能關(guān)系求得彈簧的彈性勢(shì)能等于體經(jīng)過B點(diǎn)的動(dòng)能；物體恰好到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，由重

力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律求出C點(diǎn)的速度，物體從B到C的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理求解克服阻力

做的功；從彈出到最高點(diǎn)，假設(shè)摩擦力做功不變，由功能關(guān)系求得物塊到達(dá)C點(diǎn)的動(dòng)能。

解決該題的關(guān)鍵是明確知道圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)的臨界條件，掌握用機(jī)械能守恒和動(dòng)能定理定理求

解力做功和動(dòng)能的大小；

4.答案：C

解析：解：用安培定則判斷通電直導(dǎo)線在abed四個(gè)點(diǎn)上所產(chǎn)生的磁場方向，如圖所示：

在a點(diǎn)，通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場與勻強(qiáng)磁場的方向相同，疊加后磁感應(yīng)強(qiáng)度數(shù)值最大；

在c點(diǎn)，通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場與勻強(qiáng)磁場的方向相反，疊加后磁感應(yīng)強(qiáng)度數(shù)值最小，故C正確；ABD

錯(cuò)誤。

故選：C?

該題考查了磁場的疊加問題。用安培定則首先確定通電直導(dǎo)線在abed四點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的方向，利用

矢量的疊加分析疊加后磁場大小變化和方向，從而判斷各選項(xiàng)。

磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小，又有方向，是矢量。它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則。

5.答案：B

解析：解：以螞蟻為研究對(duì)象，受力分析，將重力正交分解，如圖1所示，

心

f

圖1

將重力分解有:

FN-mgsind=0...①

f—mgcosd=0…②

由①②解得：

FN=mgsind,f-mgcosd,隨著螞蟻向上爬，根據(jù)幾何知識(shí)可知，。增大，故sin。增大，cos。減

小，因此支持力增大，摩擦力減小，故ACD錯(cuò)誤，B正確.

故選B.

螞蟻在緩慢爬行的過程中，時(shí)刻處于平衡狀態(tài)，因此以螞蟻為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件求出半球體

對(duì)質(zhì)點(diǎn)的支持力和摩擦力的表達(dá)式，結(jié)合兒何知識(shí)可以正確解答.

該題綜合了受力分析、正交分解、平衡條件應(yīng)用等知識(shí)，注意數(shù)學(xué)知識(shí)在解題過程中的應(yīng)用.

6.答案：C

解析：解：小圓柱體R在。4、AB、BC三個(gè)過程中沿y軸方向的高度均相等，則每個(gè)過程的時(shí)間相等，

x軸方向上，R做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則每個(gè)過程對(duì)應(yīng)的水平位移的大小之比為：△/：

△%2:△X3=1：3：5,；

豎直方向上，三個(gè)過程中重力勢(shì)能變化量相等，水平方向上，速度為:V=衣菽,動(dòng)能為:Ek=\mv2=

max,則三個(gè)過程中，動(dòng)能變化量之比為1：3：5,但機(jī)械能的變化量之比不是1：3：5；

根據(jù)動(dòng)量定理可知，合外力的沖量等于動(dòng)量的變化，R的合外力不變，三個(gè)過程的時(shí)間相等，則沖量

相等，動(dòng)量的變化量大小相等，即為：Api：Ap2：△P3=l：1：1.故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)，利用運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性和等時(shí)性，分別分析豎直方向和水平方向的運(yùn)動(dòng)，

求解機(jī)械能和動(dòng)量的變化量。

本題考查了機(jī)械能變化和動(dòng)量的變化，難度較大，解題的關(guān)鍵是利用運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性和等時(shí)性，分析

豎直和水平方向的運(yùn)動(dòng)。

7.答案：C

解析：解：B、甲同學(xué)從4點(diǎn)平拋的小玩具豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，乙同學(xué)斜拋的小玩具豎直方向

上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)到零再做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱性。

由于兩個(gè)玩具最高點(diǎn)相同，故軌跡①運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是軌跡②的一半。故8錯(cuò)誤；

4、軌跡①軌跡②的水平位移相同，根據(jù)水平方向都是勻速直線運(yùn)動(dòng)，

x=vt

軌跡②時(shí)間長的初速度小。故A錯(cuò)誤；

C、軌跡①軌跡②平拋部分豎直方向都是自由落體運(yùn)動(dòng)，高度相同，加速度都是g,根據(jù)速度公式:

v=gt

軌跡①軌跡②落地時(shí)豎直方向的速度相同，

而軌跡①水平速度大，根據(jù)矢量運(yùn)算的平行四邊形定則如圖：

沿軌跡①落到。點(diǎn)時(shí)小玩具落地速度大，故C正確；

D、沖量定義式：/=mgt

兩個(gè)玩具質(zhì)量相同，軌跡①運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，故沖量小，故軌跡①過程重力的沖量小。故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可以把運(yùn)動(dòng)看成兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)解決，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間由豎直高度決定，

判斷兩個(gè)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的時(shí)間的關(guān)系。落地速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向分別去判斷兩個(gè)方向的

速度大小，根據(jù)矢量運(yùn)算法則判斷合速度大小。

根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可以把運(yùn)動(dòng)看成兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)解決，是這道題解決的關(guān)鍵，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間

由豎直高度決定判斷兩個(gè)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的時(shí)間的關(guān)系。落地速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向分別去

判斷兩個(gè)方向的速度大小，根據(jù)矢量運(yùn)算法則判斷合速度大小。

8.答案：A

解析：解：4、碰撞后沿圓軌跡的切線PQ做直線運(yùn)動(dòng)，說明碰撞后不受洛侖茲力的作用，說明碰撞

后結(jié)合在一起的粒子帶電荷量為零，則兩粒子原來是帶等量異種電荷，故A正確；

B、把兩粒子看成一個(gè)系統(tǒng)，該系統(tǒng)在碰撞過程中動(dòng)量守恒，碰撞后合動(dòng)量方向沿PQ方向，由上面

的分析知兩粒子帶電荷量相等，根據(jù)叩8=嗒可得：R暇,所以半徑大的動(dòng)量大，所以軌跡I的

動(dòng)量大，且運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)該是順時(shí)針方向，根據(jù)左手定則可以判斷軌跡為I運(yùn)動(dòng)的粒子帶負(fù)電，故B

錯(cuò)誤；

C、由上面B的分析可以知道軌跡為I的粒子比軌跡為H的粒子的動(dòng)量較大，但不知道它們的質(zhì)量關(guān)

系，所以速度大小無法比較，故C錯(cuò)誤；

。、粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為7=誓，雖然它們的帶電荷量相等，但是不知道它

們的質(zhì)量關(guān)系，所以它們的周期大小無法比較，故。錯(cuò)誤。

故選：A?

根據(jù)碰撞后它們做直線運(yùn)動(dòng)可以知道不受洛侖茲力的作用，由此可以判斷碰撞后帶電荷量為零；碰

撞過程中兩粒子組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒，所以軌跡為I的粒子動(dòng)量較大，且運(yùn)動(dòng)方向?yàn)轫槙r(shí)針方

向，根據(jù)左手定則可以判斷粒子帶電性質(zhì)；雖然可以比較兩粒子的動(dòng)量大小，但因?yàn)椴恢蕾|(zhì)量關(guān)

系，所以速度大小以及粒子的運(yùn)動(dòng)周期都無法比較。

首先要知道兩粒子碰撞過程中動(dòng)量守恒，其次知道碰撞后做直線運(yùn)動(dòng)，則不受洛侖茲力作用，說明

碰撞后粒子兩粒子結(jié)合后帶電荷量為零。然后判斷出軌跡半徑大的粒子動(dòng)量大。

9.答案:C

解析：解：以ab整體為研究對(duì)象，整體電量相當(dāng)于-q,水平方向受向右的電場力，故上面繩子向右

傾斜；

以最下面小球?yàn)檠芯繉?duì)象，帶負(fù)電，受向右的電場力，故下面的繩子也是向右傾斜；

故選：C.

以M整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件分析上面繩子的傾斜狀態(tài)，以b為研究對(duì)象受力分析根據(jù)平衡條

件判斷下面繩子的傾斜狀態(tài).

本題要靈活運(yùn)動(dòng)隔離法和整體法對(duì)物體進(jìn)行受力分析.運(yùn)用整體法時(shí)，由于不分析兩球之間的相互

作用力，比較簡便.

10.答案：AD

解析：解：從自軌道1轉(zhuǎn)移至軌道2時(shí)，衛(wèi)星做離心運(yùn)動(dòng)，需要在P點(diǎn)加速，故4正確；

8、衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)，處于完全失重狀態(tài)，無法用天平測量物體的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；

。、衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)，設(shè)軌道半徑為r,由萬有引力提供向心力可得：雪=mr與結(jié)合“黃

r2T2

金代換”公式GM=R2g,

則軌道半徑為r=3安，衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)的向心加速度為a=r^=3生乎，故。正

2

\47r2T\T2

確；

唇可得“2兀

C、根據(jù)r晟，由于R不等于r,所以7、R、g三個(gè)量之間的關(guān)系不滿足7=2哧

故C錯(cuò)誤。

故選:AD.

根據(jù)離心運(yùn)動(dòng)分析衛(wèi)星自軌道1轉(zhuǎn)移至軌道2的速度變化；

衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)時(shí)無法用天平測量物體的質(zhì)量；

由萬有引力提供向心力結(jié)合“黃金代換”公式分析衛(wèi)星在軌道3上正常運(yùn)行時(shí)的向心加速度和7、R、

g三個(gè)量之間的關(guān)系。

本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬有引力提供向心力結(jié)合向心

力公式進(jìn)行分析，知道同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期的關(guān)系。

11.答案：AD

解析：解：AB.馬向前拉車的力和車向后拉馬的力是一對(duì)作用力與反作用力，它們總是大小相等、

方向相反，故不論變速還是勻速運(yùn)動(dòng)，馬向前拉車的力等于車向后拉馬的力，故4錯(cuò)誤，8正確；

CD.車向前做加速運(yùn)動(dòng)，可知車受到的合力的方向向前，則根據(jù)受力分析可知，一定是馬拉車的力

大于車受到的阻力；故C正確，。錯(cuò)誤；

本題選不正確，

故選：AD.

馬向前拉車的力和車向后拉馬的力是一對(duì)作用力與反作用力，它們總是大小相等、方向相反、作用

在同一條直線上，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，而物體的運(yùn)動(dòng)取決于它們本身的受力情況。

對(duì)于作用力和反作有力一定要注意明確，它們是作用在兩個(gè)相互作用的物體上的兩個(gè)力，不論處于

什么運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，它們總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。

12.答案：AD

解析：解：4、由機(jī)械能守恒定律可知，各點(diǎn)的機(jī)械能保持不變，高度（重力勢(shì)能）相等處的動(dòng)能也相

等，故A正確；

8、由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故B錯(cuò)誤；

C、D、甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比較快，開始階段的位移比較大，故甲總是先達(dá)到

同一高度的位置。故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD.

①由受力分析及牛頓第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的?。?/p>

②可以使用機(jī)械能守恒來說明，也可以使用運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式計(jì)算，后一種方法比較麻煩；

③哪一個(gè)先達(dá)到B點(diǎn)，可以通過速度的變化快慢來理解，也可以使用u-t圖象來計(jì)算說明.

本題應(yīng)該用“加速度”解釋：高度相同，到達(dá)底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐漸減小，乙

的加速度逐漸增大.所以它們的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢.

13.答案:0.40；1.0；ACD

解析：解：(1)根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，

得0.4s末的速度為：v=0,3~°，14m/s=0.40m/s,

0.2s末的速度為：v'=032~°24=0.2m/s,

則木塊的加速度為：a=詈=°A~°'2=1.0m/s2o

(2)選取木塊為研究的對(duì)象，木塊沿斜面方向是受力：ma=mgsind-nmgcosd

史絲士

geosa

所以要測定摩擦因數(shù)，還需要測出斜面的傾角。和重力加速度，即4點(diǎn)離桌面的高度，當(dāng)?shù)氐闹亓?/p>

速度g和4點(diǎn)離傳感器的距離，故AC。正確

故答案為：(1)0.40,1.0；(2)4CD。

(1)由于滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬

時(shí)速度；根據(jù)加速度的定義式即可求出加速度；

(2)為了測定動(dòng)摩擦力因數(shù)〃還需要測量的量是木板的傾角仇

解決本題的關(guān)鍵知道勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，

以及會(huì)通過實(shí)驗(yàn)的原理得出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式，從而確定所需測量的物理量

14.答案：30.610~101.520.27

解析：解：(1)由于電源是一節(jié)干電池(1.5V),所選量程為3了的電壓表；

估算電流時(shí)，考慮到干電池的內(nèi)阻一般幾。左右，加上保護(hù)電阻，最大電流在0.54左右，所以選量程

為0.6A的電流表；

由于電池內(nèi)阻很小，所以保護(hù)電阻不宜太大，否則會(huì)使得電流表、電壓表取值范圍小，造成的誤差

大，定值電阻阻值為10;

滑動(dòng)變阻器的最大阻值一般比電池內(nèi)阻大幾倍就好了，取0?100能很好地控制電路中的電流和電壓;

(2)由圖2甲所示電源U-/圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=1.51Z

電源內(nèi)阻：r=鋁=念=20

△/0.75

(3)在燈泡U-/圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源U-/圖象如圖所示：

UN

1.5

1.2

0.9

0.6

0.3

O0.20.40.6//A

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓：U=0.91/

通過燈泡的電流：/=0.34

燈泡實(shí)際功率：P=U/=0.9X0,3=0.27W；

故答案為：(1)3；0.6；1；0-10;(2)1.5；2；(3)0.27o

(1)由歐姆定律估算電路中的電流，根據(jù)安全及準(zhǔn)確性原則可選出電流表及電壓表；根據(jù)電源內(nèi)阻的

大小可判斷保護(hù)電阻的大小，及滑動(dòng)變阻器的阻值大小。

(2)電源U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖象

求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

(3)在燈泡1/-/圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的17-/圖象，求出燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，然后求

出燈泡實(shí)際功率。

本題考查測量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)儀器的選擇是考試中經(jīng)常出現(xiàn)的問題，在學(xué)習(xí)中

要注意掌握好其安全、準(zhǔn)確的原則，同時(shí)注意滑動(dòng)變阻器的電路中的應(yīng)用規(guī)律。

15.答案：解：(1)當(dāng)摩托車速度與汽車速度相等時(shí)，兩者距離最大；設(shè)所用時(shí)間為t

由at=10m/s得t=2.5s

此時(shí)間內(nèi)摩托車行使距離：Si-^at2=12.5m

此時(shí)間內(nèi)汽車行使距離：s2=vt=25m

兩者最大距離為：S2-Si=12.5m

(2)設(shè)位移相等時(shí)所用時(shí)間為口

由iatf=vtj

解得：h=5s

答：(1)摩托車從路口開始加速起，在追上汽車之前兩車相距的最大距離是12.5m；

(2)摩托車經(jīng)過5s的時(shí)間能追上汽車.

解析：(1)兩車速度相等前，摩托車的速度大于汽車的速度，兩者距離越來越大，速度相等后，汽車

的速度大于摩托車的速度，兩者距離越來越小，知兩車速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)，結(jié)合速度時(shí)間公式

和位移公式求出兩車相距的最大距離.

(2)抓住兩車位移相等求出追及的時(shí)間.

本題考查運(yùn)動(dòng)學(xué)中的追及問題，知道兩車速度相等時(shí)，兩車相距最遠(yuǎn)，抓住兩車位移相等，結(jié)合運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式求出追及的時(shí)間.

G<N*r/m2)

16.答案：解：(1)由受力分析可知：mg=C^lso'M

H

22H

得：GL=3N?s/m5.0B

X

由G、C2關(guān)系圖象可得：C=2.5/