2021年遼寧省高考物理壓軸試卷(含答案解析)

2021年遼寧省高考物理壓軸試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.如圖所示，用細(xì)線將質(zhì)量為m的氫氣球拴在車廂地板上的4點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線與水平方向成。=37。角，

氣球與固定在水平車頂上的壓力傳感器接觸，小車靜止時(shí)，細(xì)線恰好伸直但無彈力，壓力傳感

器的示數(shù)為氣球重力的去重力加速度為9?，F(xiàn)要保持細(xì)線方向不變而傳感器示數(shù)為零，下列方法

中可行的是（）

B.小車向左加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為:g

C.小車向右減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為|g

D.小車向左減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為|g

2.如圖所示。圖中畫出了氫原子的4個(gè)能級(jí)，并注明了相應(yīng)的能量E,

下列說法正確的是（）

A.電子在基態(tài)的速度最小

B.電子在基態(tài)的勢(shì)能最小

C.基態(tài)時(shí)電子離原子核最遠(yuǎn)

D.電子從激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，吸收光子

3.氣體在等壓變化中（）

A.一定對(duì)外界做功

B.外界一定對(duì)氣體做正功

C.若溫度升高，一定對(duì)外界做正功

D.可能既不對(duì)外界做功，外界也不對(duì)氣體做功

4.如圖為一光電管電路（電源左正右負(fù)），滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P位于4B上某點(diǎn)，用光照射光電管

陰極K,電表無偏轉(zhuǎn)，要使電表指針偏轉(zhuǎn)，可采取的措施有（）

A.加大照射光強(qiáng)度

C.換用波長短的光照射D.將電源正負(fù)極對(duì)調(diào)

5.如圖所示，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于。點(diǎn)，虛線圓均以。為圓心，實(shí)線為

某質(zhì)量為m的帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡，a、b、d為軌跡和虛線圓的/’,,》§、、、'、

交點(diǎn)。c點(diǎn)為軌跡和虛線圓的切點(diǎn)，且粒子過c點(diǎn)的速度為也c、。兩點(diǎn)的；;（O?Y：

間距為小不計(jì)粒子重力，則該粒子（）''、、、、；?；,；

A.帶正電荷

B.在c點(diǎn)的靜電引力?<?n型

rc

C.在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能

D.從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中電勢(shì)能先增大后減小

XXXXX

6.阿爾法磁譜儀（簡稱4MS）,是人類送入太空的第一臺(tái)磁譜儀，其核心部分是xa工*/*

中國研制的一臺(tái)用鋤鐵硼材料制成的大型永磁體。4Ms將在太空中尋找反物xcA*/XX

xxxx

質(zhì)、暗物質(zhì)等，來回答有關(guān)宇宙起源的重要問題。反物質(zhì)是指由質(zhì)量相同但-----志一

電荷符號(hào)相反的反電子（即正電子）、反質(zhì)子和反中子組成的反原子構(gòu)成的物質(zhì)。4Ms原理是利

用這些物質(zhì)的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)表現(xiàn)出的不同特點(diǎn)來探測的。如圖所示，是三種等速粒子在

永磁體形成的磁場內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡，下面對(duì)這三種粒子判斷可能正確的是（）

A.a粒子是反質(zhì)子，b粒子是反電子B.a粒子是反質(zhì)子，c粒子是反電子

C.b粒子是反質(zhì)子，c粒子是反電子D.c粒子是反質(zhì)子，b粒子是反電子

7.如圖所示電路中的變壓器為理想變壓器，S為單刀雙擲開關(guān)，P是滑動(dòng)

變阻器R的滑動(dòng)觸頭，劣為加在原線圈兩端的交變電壓，4、%分別為

原線圈和副線圈中的電流.下列說法正確的是（）

A.保持P的位置及為不變，S由b切換到a,貝UR上消耗的功率減小

B.保持P的位置及內(nèi)不變，S由b切換到a,則與減小

C.保持力不變，S接在b端，將P向下滑動(dòng)，則/2增大

D.保持Ui不變，S接在b端，將P向上滑動(dòng)，則增大

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖甲所示，紙面內(nèi)有一細(xì)金屬圓環(huán)，圓環(huán)內(nèi)均勻分布著垂直紙面的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間

t變化如圖乙所示，垂直紙面向里為正方向。令。abc和cd段線圈產(chǎn)生的磁感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)分別為Ei、

曷、邑，感應(yīng)電流為4、%、4?則（）

順時(shí)針

A.E、>E2,A沿逆時(shí)針方向,/2沿順時(shí)針方向

B.Ei<%,A沿逆時(shí)針方向,，2沿順時(shí)針方向

C.E1<E2,L沿順時(shí)針方向，A沿逆時(shí)針方向

D.&=為，沿逆時(shí)針方向，%沿順時(shí)針方向

9.某人站在水平地面上，用手握住細(xì)繩的一端，繩的另一端拴住一石塊，石塊以手為圓心在豎直

平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.石塊在最高點(diǎn)的向心加速度可以小于g,速度可能為零

B.石塊所受合力方向總是指向圓心

C.石塊速度方向總是沿各點(diǎn)切線方向

D.石塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)比到最高點(diǎn)時(shí)人對(duì)地面的壓力要大

10.如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)半徑為R,圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和

2m的小球爾8（均可看作質(zhì)點(diǎn)），且小球4、B用一長為2R的輕質(zhì)細(xì)桿相連，在

小球B從最高點(diǎn)由靜止開始沿圓環(huán)下滑至最低點(diǎn)的過程中（已知重力加速度為

g）.下列說法正確的是（）

A.B球減少的機(jī)械能等于4球增加的機(jī)械能

B.B球減少的重力勢(shì)能等于4球增加的重力勢(shì)能

C.B球的最大速度為J等

D.a球克服細(xì)桿所做的功為gmgR

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共21.0分）

11.有一個(gè)電阻其阻值大約為20。，現(xiàn)要更精確地測量其電阻,

手邊現(xiàn)有器材如下：

4電源E(電動(dòng)勢(shì)12.0V,內(nèi)阻0.50)；

B.電壓表(0?3?15V,內(nèi)阻大于3k0)；

C.電流表(0?0.6?34,內(nèi)阻小于10)；II

。.滑動(dòng)變阻器％(0?10。,2.04)；

日滑動(dòng)變阻器/?2(0~1750。,0.34)：

凡開關(guān)S和導(dǎo)線若干。

(1)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用(選填"％”或“/?2”)?連接電路時(shí)，電壓表的量程應(yīng)選V，電

流表的量程應(yīng)選4

(2)請(qǐng)?jiān)诜娇蛑挟嫵鰧?shí)驗(yàn)電路圖。

12.某同學(xué)用如圖所示裝置通過半徑相同的人B兩球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使4球

從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡。重復(fù)上述

操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把8球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓4球仍從位置G由

靜止開始滾下，和B球碰撞后,球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡。重復(fù)這種操作10次，

得到了如圖所示的三個(gè)落地處。

(1)請(qǐng)你敘述用什么方法找出落地點(diǎn)的平均位置______。

(2)已知：mA：mB=2,1,碰撞過程中動(dòng)量守恒，則由圖可以判斷出Q是球的落地點(diǎn)，P'是

球的落地點(diǎn)。

(3)用題中字母寫出動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式。

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共33.0分)

13.如圖所示，一物體以初速度%=10m/s沖上長度為=5巾的粗糙斜面，斜面與水平面的夾角

為37。,斜面的末端B與傳送帶用光滑弧形相接，傳送帶始終保持u=2m/s的速率順時(shí)針運(yùn)行.已

知傳送帶長度=3m,物體與斜面及傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為05試求：

(1)物體在斜面滑動(dòng)時(shí)加速度的的大?。?/p>

(2)物體剛滑上傳送帶時(shí)加速度的大小;

(3)物體從4運(yùn)動(dòng)到C所用的時(shí)間t.

14.如圖所示，一粗細(xì)均勻的玻璃管豎直放置在水平地面上，玻璃管

的左端封閉，高h(yuǎn)=24cm,右端用一氣密性良好的活塞封住，活

塞的下表面與左側(cè)玻璃管的頂部齊平。管內(nèi)封有水銀柱，水銀柱

的上方均密閉有理想氣體。初始時(shí)，管內(nèi)左右兩側(cè)的水銀高度分

另I」為g和右右管內(nèi)的氣體壓強(qiáng)p=80cm”g,現(xiàn)緩慢向下推動(dòng)活塞，

直到玻璃管內(nèi)左右兩側(cè)的水銀面相平，整個(gè)過程中氣體溫度不變,

求此時(shí)玻璃管內(nèi)右側(cè)封閉氣體的高度。

15.一半徑為R的雨傘繞柄以角速度3勻速旋轉(zhuǎn)，如圖所示，傘邊緣距地面高九，

水平甩出的水滴在地面上形成一個(gè)圓，求此圓半徑r為多少？I

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：當(dāng)小車靜止時(shí)，細(xì)線恰好伸直但無彈力，對(duì)氣球受力分析，受到重力G、傳感器的支持力

埒和浮力尸浮，根據(jù)受力平衡可得：G+FN=F浮

根據(jù)題意知，F(xiàn)w=f

所以有尸浮=|G

當(dāng)壓力傳感器示數(shù)為零時(shí)，對(duì)氣球受力分析如圖

豎直方向：F浮=G+Tsin。①

水平方向：TcosO=ma@

聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)得a=|g,方向水平向左

故小車向左加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為|g,或小車向右做減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為|g,故C正確，ABD

錯(cuò)誤.

故選：Co

車廂靜止時(shí)，通過對(duì)氣球受力分析可求出氣球受到的浮力；當(dāng)壓力傳感器示數(shù)為零時(shí)，根據(jù)牛頓第

二定律求小車的加速度，分析運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。

對(duì)于動(dòng)力學(xué)問題，正確分析物體的受力情況，畫出受力圖是解題的基礎(chǔ)，并要靈活運(yùn)用正交分解法

列方程。

2.答案：B

解析：解：AC,依據(jù)玻爾的原子理論，基態(tài)時(shí)電子離原子核最近，根據(jù)：=那么其動(dòng)能隨

著半徑越小，其值越大，因此原子在基態(tài)時(shí)電子的速度最大，故AC錯(cuò)誤；

8、由于電子在基態(tài)離原子核最近，其電勢(shì)能最小，故B正確；

。、電子從激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，由于能量減小，則要釋放光子，故。錯(cuò)誤；

故選：Bo

根據(jù)庫侖力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律，可判定電子在基態(tài)的動(dòng)能大小，再根據(jù)離原子核遠(yuǎn)近

來判定其電勢(shì)能的高低，依據(jù)玻爾的原子理論，基態(tài)離原子核最近，從激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，釋放光

子，即可分析。

考查玻爾的原子理論內(nèi)容，認(rèn)識(shí)基態(tài)與激發(fā)態(tài)的不同，掌握從激發(fā)態(tài)到基態(tài)躍遷，電子的動(dòng)能、電

勢(shì)能，及能量的變化情況。

3.答案：C

解析：解：BC、在等壓變化過程中，若溫度升高，則氣體的體積增大，即氣體膨脹對(duì)外界做功，故

C正確，8錯(cuò)誤；

A、若溫度降低，則氣體體積減小，即外界壓縮氣體對(duì)氣體做功，故A錯(cuò)誤；

。、在等壓變化中，氣體體積一定變化，所以要么外界對(duì)氣體做功，要么氣體對(duì)外界做功，故。錯(cuò)

誤。

故選：Co

氣體做等壓變化，壓強(qiáng)不變，若溫度升高，則氣體的體積增大，對(duì)外界做功：

若溫度降低，則氣體體積減小，即外界壓縮氣體對(duì)氣體做功。

本題考查了氣體的等壓變化，氣體的壓強(qiáng)不變，體積變化，則溫度一定變化。

4.答案：C

解析：解：由圖可知，A接電源的正極，K接負(fù)極，電表沒有偏轉(zhuǎn)，是由于沒有發(fā)生光電效應(yīng)，

A、發(fā)生光電效應(yīng)的條件：v>外,增加b光的強(qiáng)度不能使電流計(jì)G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；

8、當(dāng)沒有發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，P向B滑動(dòng)，雖然能增大電壓，但沒有光電子出來，仍不會(huì)形成電流，

故8錯(cuò)誤.

C、換用波長短的光照射，則頻率會(huì)增大，從而可能發(fā)生光電效應(yīng)，導(dǎo)致電流表指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故

C正確；

。、電源正負(fù)極對(duì)調(diào)，若能發(fā)生光電效應(yīng)，則出來的電子反而做減速運(yùn)動(dòng)，更不可能形成光電流.故

。錯(cuò)誤.

故選：c

發(fā)生光電效應(yīng)的條件：！/>為，可知道4光、B光的頻率大小.再通過電子的流向判斷出電流的方向.

該題考查對(duì)光電效應(yīng)的條件的理解，解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應(yīng)的條件v>%以及光電流方向

的確定.

5.答案：B

解析：

根據(jù)軌跡的彎曲方向，確定粒子所受的力是吸引力還是排斥力，從而確定粒子的電性；根據(jù)動(dòng)能定

理，結(jié)合庫侖力做功情況判斷動(dòng)能的變化，根據(jù)電場力做功判斷電勢(shì)能的變化。

本題關(guān)鍵是根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動(dòng)能和電勢(shì)能變化的方法，一般的

解題思路是根據(jù)動(dòng)能定理判斷動(dòng)能的變化，根據(jù)電場力做功判斷電勢(shì)能的變化。

A由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的彎曲方向可知，受到的是吸引力，可知粒子帶負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；

B.由于帶電粒子在C點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，則提供的力比所需要的向心力小，即在c點(diǎn)的靜電力兔，

rc

故8正確；

C粒子從a到b點(diǎn)，庫侖力做正功，動(dòng)能增加，所以在b點(diǎn)動(dòng)能大于它在a點(diǎn)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；

D粒子從a點(diǎn)到d點(diǎn)的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大，故。錯(cuò)誤。

故選B。

6.答案：C

解析：解：首先由左手定則可知，向左偏轉(zhuǎn)的粒子帶正電，向右偏轉(zhuǎn)的粒子帶負(fù)電，根據(jù)R=等可

知，等速的反質(zhì)子比反電子的運(yùn)動(dòng)半徑大；反質(zhì)子帶負(fù)電，反電子帶正電，由此可得：b可能為反質(zhì)

子，c可能為反電子。故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)左手定則分析受力方向，從而確定粒子的電性，再根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)半徑公式確定半徑大

小，從而確定各粒子。

本題考查帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用，要注意明確利用左手定則分析受力時(shí)，對(duì)于負(fù)電荷四

指要指向運(yùn)動(dòng)的反方向。

7.答案：D

解析：解：4、S由b切換到a,副線圈匝數(shù)變大，所以副線圈電壓變大，電阻不變，電流/2變大，R上

消耗的功率變大，故AB錯(cuò)誤；

C、S置于b位置不動(dòng)，P向下滑動(dòng)，電阻變大，電壓不變，則變小，則/2減小，故c錯(cuò)誤.

。、s置于b位置不動(dòng)，P向上滑動(dòng)，電阻變小，電壓不變，則A增加，故。正確.

故選：D.

理想變壓器輸入功率等于輸出功率，原副線圈電流與匝數(shù)成反比，原副線圈電壓與匝數(shù)成正比.

理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象.輸入電壓決定輸出電壓，

而輸出功率決定輸入功率.

8.答案：BD

解析：解：設(shè)a點(diǎn)縱坐標(biāo)為Bo,0?4s時(shí)，直線斜率表示感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小Ei=^,

磁通量是正向增大，由楞次定律知，感應(yīng)電流4是逆時(shí)針方向；7?8s和8?9s時(shí)，

直線斜率是相同的，故E2=%=^=4EI，7?8s磁通量是正向減小的，由楞次定律知，

感應(yīng)電流％的方向是順時(shí)針方向，8?9s,磁通量是反向增大的，4是順時(shí)針方向，故正確，AC

錯(cuò)誤；

故選：BD。

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得出三者感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小關(guān)系；由楞次定律可得出三段過程中電流的方

向。

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律的應(yīng)用，注意在B-t圖中同一條直線磁通量的變化率是相

同的。

9.答案：CD

解析：繩子只能提供拉力，在最高點(diǎn)，向心力由重力和拉力的合力提供，所以加速度大于等于g,故

A錯(cuò)誤；石塊在豎直平面內(nèi)做變速圓周運(yùn)動(dòng)，有向心加速度和切向加速度，故合力不會(huì)指向圓心，

故B錯(cuò)誤；圓周運(yùn)動(dòng)的速度方向就是沿各點(diǎn)切線方向，故C正確；石塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，有向上的

加速度，即整體有向上的合力，人對(duì)地面的壓力要大，故。正確。

故選

10.答案:AC

解析：解：4對(duì)小球4與B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，小球B減少的機(jī)械能應(yīng)等

于小球4增加的機(jī)械能，所以A正確；

B：根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，小球B減少的重力勢(shì)能應(yīng)等于小球增加的重力勢(shì)能與兩小球增加的動(dòng)

能之和，所以B錯(cuò)誤；

C：根據(jù)機(jī)械能守恒定律，系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能為AEp減=2mg-2R

系統(tǒng)增加的機(jī)械能為△E增=mg?2R+1mv2+|-2mv2

由AE&;p減=△?增解得：B球的最大速度為"=探所以C正確；

D：對(duì)4球由動(dòng)能定理應(yīng)有：-69?2/?+皿彈=刎/,代入數(shù)據(jù)可得：唳=|mgR,唳為正值說

明細(xì)桿對(duì)球4做正功，所以。錯(cuò)誤；

故選：AC.

本題的關(guān)鍵是明確球4與B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，球B減少的機(jī)械能應(yīng)等于球4增加的機(jī)械能；通過

球8減少的重力勢(shì)能等于球4增加的重力勢(shì)能和兩球增加的動(dòng)能之和即可求出球B的最大速度;再對(duì)4

球應(yīng)用動(dòng)能定理即可求出細(xì)桿對(duì)小球做的功.

應(yīng)明確：①涉及到有關(guān)“系統(tǒng)”的連接體問題，若有“光滑”等字眼時(shí)，應(yīng)用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律

求解；②對(duì)單個(gè)物體涉及到“功”的問題應(yīng)用動(dòng)能定理求解.

11.答案：0~15；0~~0.6;

解析：

(1)在保證電路安全的情況下為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)

選擇電壓表量程；根據(jù)電路最大電流選擇電流表量程。

(2)根據(jù)滑動(dòng)變阻器最大阻值與待測阻值的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的接法；根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)

阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后作出實(shí)驗(yàn)電路圖。

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖；要掌握選擇實(shí)驗(yàn)器材的原則，確定滑動(dòng)變阻器與電

流表的接法是正確解題的關(guān)鍵。

(1)兩個(gè)滑動(dòng)變阻器都能保證安全，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選最大阻值較小的治；

電源電動(dòng)勢(shì)為12V,因此電壓表應(yīng)選0?15U量程；

電路最大電流/=白=累=0.64，則電流表選。?0.64o

KxZUJ2

(2)滑動(dòng)變阻器最大阻值小于待測電阻阻值，為測量多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，

滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；m=翳=20,箓=甯=15。，影＞皆，

因此電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示。

故答案為：(1)%；0—15；0~0.6；(2)電路圖如圖。

12.答案：多做幾次試驗(yàn)，用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)都圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平

均位置BAmAOP=mAOP'+mBOQ

解析：解：(1)多做幾次試驗(yàn)，用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)都圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)

的平均位置

(2)4與B相撞后，B的速度增大，4的速度減小，碰前碰后都做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，落地時(shí)間相同，

所以Q點(diǎn)是碰后B球的落地點(diǎn)，P'是碰后A的落地點(diǎn)，P是碰前4的落地點(diǎn)；

(3)根據(jù)兩小球從同一高度開始下落，故下落的時(shí)間相同，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得叫4%=也4%+

mBv2>故有+mB/t，^mAOP=mAOP'+mBOQ

故答案為：(1)多做幾次試驗(yàn)，用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)都圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)

的平均位置；(2)8A；⑶啊。P=%。〃+噂。(？

(1)用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)都圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置

(2)4與B相撞后，8的速度增大，4的速度減小，都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直高度相同，所以水平方向，B在

A的前面；

(3)為了驗(yàn)證碰撞前后動(dòng)量守恒，即是驗(yàn)證碰撞前的動(dòng)量等于碰撞后的動(dòng)量即可。

掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵。

13.答案：解：(1)根據(jù)牛頓第二定律得，與=,聞37：/噸空37。=舔譏37。+ugcos37。=10m/s2.

(2)物塊滑動(dòng)到8點(diǎn)的速度為明

有“2-詔=

解得u=0

滑上傳送帶先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a?=臂==5m/s2.

(3)物體從4運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間匕=潦=竟s=Is.

物塊在傳送帶上勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t2=匕=|s=0.4s.

在這段時(shí)間內(nèi)物體的位移%i===之機(jī)=0.4m

則物體在傳送帶上勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間匕=邊分1=等s=1.3s

所以總時(shí)間t=ti+t2+t3=2.7s.

答：(1)物體在斜面滑動(dòng)時(shí)加速度的的大小1