【解析】云南省保山市昌寧縣第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期末物理試題

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云南省保山市昌寧縣第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期末物理試題

一、單選題

1．在電磁波譜中，紅外線(xiàn)、可見(jiàn)光和倫琴射線(xiàn)（X射線(xiàn)）三個(gè)波段的頻率高低關(guān)系是（）

A．紅外線(xiàn)的頻率最高，可見(jiàn)光的頻率最低

B．倫琴射線(xiàn)的頻率最高，紅外線(xiàn)的頻率最低

C．可見(jiàn)光的頻率最高，紅外線(xiàn)的頻率最低

D．倫琴射線(xiàn)的頻率最高，可見(jiàn)光的頻率最低

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】光譜和光譜分析

【解析】【解答】在電磁波譜中，紅外線(xiàn)、可見(jiàn)光和倫琴射線(xiàn)（X射線(xiàn)）按照頻率從高到低的排列順序是：倫琴射線(xiàn)(X射線(xiàn)）、可見(jiàn)光、紅外線(xiàn)，故B正確；ACD錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】根據(jù)電磁波譜可得，對(duì)于電磁波譜還需要注意根據(jù)其波長(zhǎng)或頻率的變化而變化的規(guī)律。

2．先后在磁場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)引入長(zhǎng)度相等的短直導(dǎo)線(xiàn)，導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)方向垂直．如圖所示，圖中a、b兩圖線(xiàn)分別表示在磁場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)導(dǎo)線(xiàn)所受的力F與通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)的電流I的關(guān)系．下列說(shuō)法中正確的是()

A．A、B兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相等

B．A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

C．A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

D．無(wú)法比較磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度

【解析】【解答】導(dǎo)線(xiàn)受到的磁場(chǎng)力F＝BIL.對(duì)于題圖給出的FI圖線(xiàn)，直線(xiàn)的斜率k＝BL，由題圖可知ka>kb，又因A、B兩處導(dǎo)線(xiàn)的長(zhǎng)度L相同，故A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。

故選B

【分析】能從圖像分析出斜率k=BL是關(guān)鍵，再根據(jù)F＝BIL判斷A、B兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。

3．（2023高二上·蘇州期末）研究人員發(fā)現(xiàn)一種具有獨(dú)特屬性的新型合金，只要略微提高其溫度，這種合金就會(huì)變成強(qiáng)磁性合金，從而使它旁邊的線(xiàn)圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流。如圖，一圓形線(xiàn)圈放在圓柱形合金材料下方，現(xiàn)對(duì)合金材料進(jìn)行加熱，則（）

A．線(xiàn)圈中將產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?/p>

B．線(xiàn)圈中將產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?/p>

C．線(xiàn)圈將有收縮的趨勢(shì)

D．線(xiàn)圈將有擴(kuò)張的趨勢(shì)

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】楞次定律

【解析】【解答】AB.提高溫度，這種合金會(huì)從非磁性合金變成強(qiáng)磁性合金，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，從而在線(xiàn)圈中產(chǎn)生電流。由于原磁場(chǎng)的方向未知，所以不能判斷出感應(yīng)電流的方向。AB不符合題意；CD.當(dāng)合金材料的磁場(chǎng)增大時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，則線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向的阻礙磁通量的增大，面積有縮小的趨勢(shì)。C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C

【分析】由于不能明確合金材料的磁場(chǎng)方向所以不能判別線(xiàn)圈中感應(yīng)電流的方向，但是由于磁通量的增加線(xiàn)圈在安培力的作用下有收縮的趨勢(shì)。

4．如圖所示，在光滑絕緣的水平面上固定著質(zhì)量完全相等的三個(gè)帶電小球a、b、c。三球在一條直線(xiàn)上，若釋放a球，a球的初始加速度大小為，方向水平向左；若釋放c球，c球的初始加速度大小為，方向水平向右；當(dāng)釋放b球時(shí)，b球的初始加速度大小和方向分別是（）

A．，方向水平向左B．，方向水平向右

C．，方向水平向左D．，方向水平向右

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第三定律；受力分析的應(yīng)用；牛頓第二定律

【解析】【解答】由整體法可知，可以把a(bǔ)，b，c看成一個(gè)系統(tǒng)，三個(gè)小球之間的相互作用力為內(nèi)力，據(jù)牛頓第三定律，每?jī)蓚€(gè)球之間存在一對(duì)作用力和反作用力，其大小相等，方向相反，這樣系統(tǒng)內(nèi)力之和為零，外力之和為零。設(shè)三個(gè)小球所受的合力分別為F1、F2、F3，則有

以向左為正方向，所以b球的加速為

方向向左。所以A正確；BCD錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】本題需要綜合考慮，首先利用整體法進(jìn)行受力分析，把a(bǔ)bc看成一個(gè)系統(tǒng)，對(duì)于每個(gè)小球受到的力都是其他兩個(gè)小球所給的，再根據(jù)力的相互作用，對(duì)于這個(gè)系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，受到的內(nèi)力之和和外力之和都為零。

5．如圖所示，一個(gè)透明玻璃球的折射率為，一束足夠強(qiáng)的細(xì)光束在過(guò)球心的平面內(nèi)，以45°入射角由真空射入玻璃球后，在玻璃球與真空的交界面處發(fā)生多次反射和折射，從各個(gè)方向觀察玻璃球，能看到從玻璃球內(nèi)射出的光線(xiàn)的條數(shù)是（）

A．2B．3C．4D．5

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】光的反射；光的折射及折射定律

【解析】【解答】全反射的臨界角，根據(jù)可得臨界角：；

折射率：，，所以光路圖如圖所示，從玻璃球內(nèi)射出的光線(xiàn)共3條。

所以B正確；ACD錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】已知入射角和折射率，可求出折射角，還要注意光線(xiàn)射入球體，再次射到球面時(shí)，既有折射也有反射，再利用幾何關(guān)系做題。

6．如圖所示，三根互相平行的固定長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)L1、L2和L3，其位置構(gòu)成圖示頂角為120°的等腰三角形。L2和L3中通有同向等大電流I，L1中通有反向電流I′。若導(dǎo)線(xiàn)間距離遠(yuǎn)大于導(dǎo)線(xiàn)直徑，則（）

A．L1受到的磁場(chǎng)作用力為零

B．L1受到的磁場(chǎng)作用力方向與L2、L3所在平面平行

C．當(dāng)L3中的電流反向、大小不變時(shí)，L1受到的磁場(chǎng)作用力大小變?yōu)樵鹊谋?/p>

D．當(dāng)L3中的電流反向、大小不變時(shí)，L1受到的磁場(chǎng)作用力大小變?yōu)樵鹊谋?/p>

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】受力分析的應(yīng)用；電場(chǎng)及電場(chǎng)力

【解析】【解答】A、L2和L3中電流在L1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向如圖1所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，L1中電流方向與磁場(chǎng)方向垂直，L1所受安培力不為零，故A錯(cuò)誤；

B、由左手定則可知，L1所受安培力堅(jiān)直向上，與L2、L3所在平面垂直，故B錯(cuò)誤；

CD、L3中的電流反向、大小不變時(shí)，L2、L3中電流在L1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖2所示，L2、L3中電流大小相等，它們?cè)贚1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)為B0，則B=B0，，圖1所示L1受到的安培力，圖2所示L1受到的安培力大小，故C錯(cuò)誤，D正確；

故答案為：D。

【分析】本題主要考查了安培定則的理解，以及左手定責(zé)和安培力公式的應(yīng)用，然后再利用幾何知識(shí)就可以解題。

7．（2022高二下·駐馬店期末）一電阻為10Ω的金屬線(xiàn)框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)框平面與磁場(chǎng)方向垂直，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，則線(xiàn)框中感應(yīng)電流的有效值為（）

A．B．C．D．

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】焦耳定律；法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】0—2s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

感應(yīng)電流為

同理可得，2—3s內(nèi)的感應(yīng)電流為

之后電流周期性變化，由電流的熱效應(yīng)可得

解得線(xiàn)框中感應(yīng)電流的有效值為

故答案為：C。

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可以求出感應(yīng)電流的大小，結(jié)合焦耳定律可以求出電流的有效值。

8．2023年12月17日，攜帶“月壤”的嫦娥五號(hào)返回器成功著陸。“月壤”中的氦-3是目前為止最理想的核聚變清潔能源。下列核反應(yīng)方程中屬于核聚變的是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期；核裂變；核聚變

【解析】【解答】A.核聚變是質(zhì)量小的原子，在一定條件下，發(fā)生原子核相互聚合作用，生成新的質(zhì)量更重的原子核，質(zhì)量數(shù)為3的He變成質(zhì)量數(shù)為4的He，故為核聚變，故A正確；

B.這個(gè)過(guò)程有電子釋放，衰變規(guī)律中，會(huì)有電子釋放，B為衰變，故B錯(cuò)誤；

CD.C選項(xiàng)為核裂變，D選項(xiàng)為發(fā)現(xiàn)中子的反應(yīng)，故CD錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】根據(jù)核聚變反應(yīng)方程特點(diǎn)可得。

二、多選題

9．如圖所示，電阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，線(xiàn)圈的直流電阻不計(jì)，電源電動(dòng)勢(shì)E＝5V，內(nèi)阻r＝5Ω。開(kāi)始時(shí)，開(kāi)關(guān)S閉合，則（）

A．?dāng)嚅_(kāi)S前，電容器所帶電荷量為0

B．?dāng)嚅_(kāi)S前，電容器兩端的電壓為V

C．?dāng)嚅_(kāi)S的瞬間，電容器a板帶正電

D．?dāng)嚅_(kāi)S的瞬間，電容器b板帶正電

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】含容電路分析；LC振蕩電路分析

【解析】【解答】AB.流過(guò)電感線(xiàn)圈的電流不變時(shí)，電容器相當(dāng)于短路，S斷開(kāi)的瞬間，電感線(xiàn)圈又相當(dāng)于電源向外供電，斷開(kāi)S前，L相當(dāng)于無(wú)電阻的導(dǎo)線(xiàn)，則Uab=0，從而電容器的電荷量為零，故A項(xiàng)正確，B錯(cuò)誤；

CD.斷開(kāi)S瞬間，由于L的自感作用，L中仍然存在向左的電流，L與C構(gòu)成了回路，則L中的電流要向C充電，使a極板帶正電，b極板帶負(fù)電，故C項(xiàng)正確，D錯(cuò)誤；

故答案為：AC。

【分析】本題要看清題干，開(kāi)始的時(shí)候，開(kāi)關(guān)是閉合的狀態(tài)，所以此時(shí)電感線(xiàn)圈相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)，還要知道電感線(xiàn)圈在電流變化時(shí)的阻礙作用。

10．米國(guó)物理學(xué)家密立根利用圖甲所示的電路研究金屬的遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，描繪出圖乙中的圖像，由此算出普朗克常量，電子電荷量用表示，下列說(shuō)法正確的是（）

A．入射光的頻率增大，為了測(cè)遏止電壓，則滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)向端移動(dòng)

B．由圖像可知，這種金屬的截止頻率為

C．增大入射光的強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能也增大

D．由圖像可求普朗克常量表達(dá)式為

【答案】B,D

【知識(shí)點(diǎn)】光電效應(yīng)

【解析】【解答】A、入射光的頻率增大，光電子的最大初動(dòng)能增大，則遏止電壓增大，測(cè)遏制電壓時(shí)，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器的滑片P向N端移動(dòng)。故A錯(cuò)誤；

BD、根據(jù)，解得，

圖線(xiàn)的斜率

當(dāng)遏止電壓為零時(shí)，v=vc，故B正確，D正確；

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)。故C錯(cuò)誤；

故答案為：BD。

【分析】本題考查光電效應(yīng)的內(nèi)容，入射光的頻率增大，光電子的最大初動(dòng)能增大，遏止電壓增大。根據(jù)光電效應(yīng)方程得出Uc一v的關(guān)系式，通過(guò)關(guān)系式得出斜率、截距表示的含義，即可完成。

11．如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，下列說(shuō)法正確的是（）

A．從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)，電子的動(dòng)能會(huì)變大，電勢(shì)能會(huì)減小

B．氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)要輻射光子

C．一個(gè)處于激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光子

D．用能量為9.6eV的電子轟擊處于基態(tài)的氫原子，能使氫原子發(fā)生能級(jí)躍遷

【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】氫原子光譜；玻爾理論與氫原子的能級(jí)躍遷

【解析】【解答】電子子做圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力提供向心力，則有

聯(lián)立可得；

A、從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)，電子的軌道半徑減小，由動(dòng)能表達(dá)式分析可知電子的動(dòng)能會(huì)變大，因靜電力做正功，電勢(shì)能會(huì)減小，故A正確；

B、根據(jù)玻爾理論可知?dú)湓訌母吣芗?jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)要輻射光子，故B正確；

C、一個(gè)處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光子，故C正確；

D、從n=1能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)，需要吸收的能量

9.6eVkb，又因A、B兩處導(dǎo)線(xiàn)的長(zhǎng)度L相同，故A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。

故選B

【分析】能從圖像分析出斜率k=BL是關(guān)鍵，再根據(jù)F＝BIL判斷A、B兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。

3．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】楞次定律

【解析】【解答】AB.提高溫度，這種合金會(huì)從非磁性合金變成強(qiáng)磁性合金，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，從而在線(xiàn)圈中產(chǎn)生電流。由于原磁場(chǎng)的方向未知，所以不能判斷出感應(yīng)電流的方向。AB不符合題意；CD.當(dāng)合金材料的磁場(chǎng)增大時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量增大，則線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向的阻礙磁通量的增大，面積有縮小的趨勢(shì)。C符合題意，D不符合題意。

故答案為：C

【分析】由于不能明確合金材料的磁場(chǎng)方向所以不能判別線(xiàn)圈中感應(yīng)電流的方向，但是由于磁通量的增加線(xiàn)圈在安培力的作用下有收縮的趨勢(shì)。

4．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】牛頓第三定律；受力分析的應(yīng)用；牛頓第二定律

【解析】【解答】由整體法可知，可以把a(bǔ)，b，c看成一個(gè)系統(tǒng)，三個(gè)小球之間的相互作用力為內(nèi)力，據(jù)牛頓第三定律，每?jī)蓚€(gè)球之間存在一對(duì)作用力和反作用力，其大小相等，方向相反，這樣系統(tǒng)內(nèi)力之和為零，外力之和為零。設(shè)三個(gè)小球所受的合力分別為F1、F2、F3，則有

以向左為正方向，所以b球的加速為

方向向左。所以A正確；BCD錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】本題需要綜合考慮，首先利用整體法進(jìn)行受力分析，把a(bǔ)bc看成一個(gè)系統(tǒng)，對(duì)于每個(gè)小球受到的力都是其他兩個(gè)小球所給的，再根據(jù)力的相互作用，對(duì)于這個(gè)系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，受到的內(nèi)力之和和外力之和都為零。

5．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】光的反射；光的折射及折射定律

【解析】【解答】全反射的臨界角，根據(jù)可得臨界角：；

折射率：，，所以光路圖如圖所示，從玻璃球內(nèi)射出的光線(xiàn)共3條。

所以B正確；ACD錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】已知入射角和折射率，可求出折射角，還要注意光線(xiàn)射入球體，再次射到球面時(shí)，既有折射也有反射，再利用幾何關(guān)系做題。

6．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】受力分析的應(yīng)用；電場(chǎng)及電場(chǎng)力

【解析】【解答】A、L2和L3中電流在L1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向如圖1所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，L1中電流方向與磁場(chǎng)方向垂直，L1所受安培力不為零，故A錯(cuò)誤；

B、由左手定則可知，L1所受安培力堅(jiān)直向上，與L2、L3所在平面垂直，故B錯(cuò)誤；

CD、L3中的電流反向、大小不變時(shí)，L2、L3中電流在L1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖2所示，L2、L3中電流大小相等，它們?cè)贚1處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)為B0，則B=B0，，圖1所示L1受到的安培力，圖2所示L1受到的安培力大小，故C錯(cuò)誤，D正確；

故答案為：D。

【分析】本題主要考查了安培定則的理解，以及左手定責(zé)和安培力公式的應(yīng)用，然后再利用幾何知識(shí)就可以解題。

7．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】焦耳定律；法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】【解答】0—2s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

感應(yīng)電流為

同理可得，2—3s內(nèi)的感應(yīng)電流為

之后電流周期性變化，由電流的熱效應(yīng)可得

解得線(xiàn)框中感應(yīng)電流的有效值為

故答案為：C。

【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可以求出感應(yīng)電流的大小，結(jié)合焦耳定律可以求出電流的有效值。

8．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期；核裂變；核聚變

【解析】【解答】A.核聚變是質(zhì)量小的原子，在一定條件下，發(fā)生原子核相互聚合作用，生成新的質(zhì)量更重的原子核，質(zhì)量數(shù)為3的He變成質(zhì)量數(shù)為4的He，故為核聚變，故A正確；

B.這個(gè)過(guò)程有電子釋放，衰變規(guī)律中，會(huì)有電子釋放，B為衰變，故B錯(cuò)誤；

CD.C選項(xiàng)為核裂變，D選項(xiàng)為發(fā)現(xiàn)中子的反應(yīng)，故CD錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】根據(jù)核聚變反應(yīng)方程特點(diǎn)可得。

9．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】含容電路分析；LC振蕩電路分析

【解析】【解答】AB.流過(guò)電感線(xiàn)圈的電流不變時(shí)，電容器相當(dāng)于短路，S斷開(kāi)的瞬間，電感線(xiàn)圈又相當(dāng)于電源向外供電，斷開(kāi)S前，L相當(dāng)于無(wú)電阻的導(dǎo)線(xiàn)，則Uab=0，從而電容器的電荷量為零，故A項(xiàng)正確，B錯(cuò)誤；

CD.斷開(kāi)S瞬間，由于L的自感作用，L中仍然存在向左的電流，L與C構(gòu)成了回路，則L中的電流要向C充電，使a極板帶正電，b極板帶負(fù)電，故C項(xiàng)正確，D錯(cuò)誤；

故答案為：AC。

【分析】本題要看清題干，開(kāi)始的時(shí)候，開(kāi)關(guān)是閉合的狀態(tài)，所以此時(shí)電感線(xiàn)圈相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)，還要知道電感線(xiàn)圈在電流變化時(shí)的阻礙作用。

10．【答案】B,D

【知識(shí)點(diǎn)】光電效應(yīng)

【解析】【解答】A、入射光的頻率增大，光電子的最大初動(dòng)能增大，則遏止電壓增大，測(cè)遏制電壓時(shí)，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器的滑片P向N端移動(dòng)。故A錯(cuò)誤；

BD、根據(jù)，解得，

圖線(xiàn)的斜率

當(dāng)遏止電壓為零時(shí)，v=vc，故B正確，D正確；

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)。故C錯(cuò)誤；

故答案為：BD。

【分析】本題考查光電效應(yīng)的內(nèi)容，入射光的頻率增大，光電子的最大初動(dòng)能增大，遏止電壓增大。根據(jù)光電效應(yīng)方程得出Uc一v的關(guān)系式，通過(guò)關(guān)系式得出斜率、截距表示的含義，即可完成。

11．【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】氫原子光譜；玻爾理論與氫原子的能級(jí)躍遷

【解析】【解答】電子子做圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力提供向心力，則有

聯(lián)立可得；

A、從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)，電子的軌道半徑減小，由動(dòng)能表達(dá)式分析可知電子的動(dòng)能會(huì)變大，因靜電力做正功，電勢(shì)能會(huì)減小，故A正確；

B、根據(jù)玻爾理論可知?dú)湓訌母吣芗?jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)要輻射光子，故B正確；

C、一個(gè)處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光子，故C正確；

D、從n=1能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)時(shí)，需要吸收的能量

9.6eV<10.2eV，用能量為9.6eV的電子轟擊處于基態(tài)的氫原子，不能使氫原子躍遷到n=2能級(jí)，故D錯(cuò)誤；

故答案為：ABC。

【分析】根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)可知軌道半徑和動(dòng)能的關(guān)系，再根據(jù)氫原子能級(jí)圖去計(jì)算躍遷需要的能量，一個(gè)氫原子躍遷發(fā)出可能的光譜線(xiàn)條數(shù)最多為(n－1)。

12．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式與圖象；波長(zhǎng)、波速與頻率的關(guān)系

【解析】【解答】AB、由圖乙可知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置，且沿y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)，再結(jié)合圖甲可知波沿x軸的負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、坐標(biāo)原點(diǎn)與x=4m之間第一次形成圖甲所示波形，根據(jù)波沿x軸的負(fù)方向傳播可得，t=0時(shí)刻波剛好傳播到x=-2m位置，故C正確；

D、由圖甲可得波長(zhǎng)=4m，由題圖乙可得周期T=1s，故波速，t=0時(shí)刻，波剛好傳播到x=-2m位置，那么，波剛好傳播到x=-18m處的時(shí)間為4.則在t=0到t=6s的時(shí)間內(nèi)，

x=-18m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間為2s=2T，故該質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)路程為2×4A=1.6m，故D錯(cuò)誤；

故答案為：BC。

【分析】本題易錯(cuò)之處是不會(huì)根據(jù)振動(dòng)圖象和波形圖找出相應(yīng)的關(guān)系。由圖乙可知P點(diǎn)在平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，再結(jié)合同側(cè)法判斷出圖甲中圖像向x軸負(fù)向傳播。

13．【答案】（1）0.851（0.850～0.853）

（2）A2；V1；A；

【知識(shí)點(diǎn)】刻度尺、游標(biāo)卡尺及螺旋測(cè)微器的使用；導(dǎo)體電阻率的測(cè)量

【解析】【解答】（1）螺旋測(cè)微器的固定部分讀數(shù)為0.5mm，可動(dòng)部分讀數(shù)為35.0×0.01mm=0.350mm，故最后讀數(shù)為0.5mm+0.350mm=0.850mm；

（2）①為了減小表的測(cè)量誤差，在不超量程的前提下，電表示數(shù)要大于表的量程的三分之一，電源電動(dòng)勢(shì)為3V，所以電壓表應(yīng)選：，電路最大電流約為，則電流表選；

②為了使測(cè)量有盡可能高的精度，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法；由所給數(shù)據(jù)可知，，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，應(yīng)選擇圖A所示電路圖；

③待測(cè)電阻阻值為，由電阻定律可知，解得。

【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；（2）①根據(jù)電路中的最大電流選擇電流表，根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表；②為了使測(cè)量有盡可能高的精度，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法；根據(jù)與的關(guān)系選擇電流表的內(nèi)接和外接；③由和部分電路歐姆定律推導(dǎo)電阻率的表達(dá)式。

14．【答案】（1）C

（2）A；D；E

（3）

（4）

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；平拋運(yùn)動(dòng)；碰撞模型

【解析】【解答】（1）小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由，既小球的下落時(shí)間一定，則初速度可用平拋運(yùn)動(dòng)的水平射程來(lái)表示，選項(xiàng)C正確；

（2）本實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的是，因此要測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1和m2以及它們的水平射程O(píng)M和ON，而要確定水平射程，應(yīng)先分別確定兩個(gè)小球落地的平均落點(diǎn)，沒(méi)有必要測(cè)量小球m1開(kāi)始釋放的高度h和拋出點(diǎn)距地面的高度H。故應(yīng)完成的步驟是ADE。

（3）若動(dòng)量守恒，應(yīng)有(v0是m1單獨(dú)下落離開(kāi)軌道時(shí)的速度，v1、v2是兩球碰后m1、m2離開(kāi)軌道時(shí)的速度），又。則有，即。

（4）是否為完全彈性碰撞，要根據(jù)能量是否守恒來(lái)判斷，既，可得

【分析】根據(jù)題意以及平拋知識(shí)，可知不需知道下落時(shí)間，然后再根據(jù)動(dòng)量守恒以及能量守恒來(lái)處理。

15．【答案】（1