北京市昌平區(qū)高三物理二模試卷

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2017年北京市昌平區(qū)高考物理二模試卷一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分)1．一束單色光由空氣進(jìn)入水中,則該光在空氣和水中傳播時（）A．速度相同，波長相同 B．速度不同,波長相同C．速度相同，頻率相同 D．速度不同，頻率相同2．關(guān)于分子動理論,下列說法正確的是（)A．?dāng)U散現(xiàn)象說明物質(zhì)分子在做永不停息的無規(guī)則運動B．壓縮氣體時氣體會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故C．兩個分子間距離減小時，分子間的引力減小，斥力增大D．如果兩個系統(tǒng)處于熱平衡狀態(tài)，則它們的內(nèi)能一定相同3．取一條較長的軟繩，用手握住一端（O點）連續(xù)上下抖動,在繩上形成一列簡諧橫波．已知O點完成一次全振動所用的時間為T．某一時刻的波形如圖所示，繩上a、b兩點均處于平衡位置．下列說法正確的是（）A．a(chǎn)、b兩點間的距離等于一個波長B．a(chǎn)、b兩點振動方向相同C．再經(jīng),b質(zhì)點將運動到波峰位置D．再經(jīng)，a質(zhì)點將運動到b質(zhì)點位置4．如圖所示，人造地球衛(wèi)星發(fā)射過程要經(jīng)過多次變軌方可到達(dá)預(yù)定軌道．先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道Ⅰ，然后在A點（近地點）點火加速，衛(wèi)星做離心運動進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ；在B點（遠(yuǎn)地點）再次點火加速進(jìn)入圓形軌道Ⅲ．關(guān)于衛(wèi)星的發(fā)射和變軌，下列說法正確的是(）A．在赤道上順著地球自轉(zhuǎn)方向發(fā)射衛(wèi)星可節(jié)省能量，所以發(fā)射場必須建在赤道上B．衛(wèi)星在圓軌道Ⅰ上運行時的向心加速度和周期大于在圓軌道Ⅲ上的向心加速度和周期C．從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅲ的過程中，動能減小,重力勢能增大，機(jī)械能守恒D．如果圓軌道Ⅲ是地球同步衛(wèi)星軌道，則在該軌道上運行的任何衛(wèi)星，其角速度都和在地面上靜止物體的角速度相同5．如圖所示，在光滑水平桌面上建立平面直角坐標(biāo)系xOy．一質(zhì)量為m的物塊靜止在坐標(biāo)原點．現(xiàn)對物塊施加沿x軸正方向的恒力F,作用時間為t；然后保持F大小不變，方向改為沿y軸負(fù)方向，作用時間也為t；再將力F大小不變，方向改為沿x軸負(fù)方向,作用時間仍為t．則此時（）A．物塊的速度沿x軸正方向B．物塊的速度沿y軸負(fù)方向C．物塊的位置坐標(biāo)為（0，）D．物塊的位置坐標(biāo)為(,)6．圖為一放射源發(fā)出的α、β、γ射線進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場(磁場未畫出）中的徑跡．下表列出了三種射線的本質(zhì)和特性．種類本質(zhì)質(zhì)量（u)電荷（e）速度（c）α射線氦核4+20.1β射線電子﹣10.99γ射線光子001由此可知,（)A．磁場方向垂直紙面向里，a為α射線,b為β射線B．磁場方向垂直紙面向里，a為β射線，b為α射線C．磁場方向垂直紙面向外，a為β射線，b為α射線D．磁場方向垂直紙面向外，b為α射線，c為γ射線7．某同學(xué)用圖（甲）所示的實驗裝置驗證碰撞中動量守恒定律,他用兩個完全相同的小鋼球A、B進(jìn)行實驗，首先該同學(xué)使球A自斜槽某一高度由靜止釋放，從槽的末端水平飛出,測出球A落在水平地面上的點P與球飛出點在地面上豎直投影O的距離LOP．然后該同學(xué)使球A自同一高度由靜止釋放，在槽的末端與靜止的球B發(fā)生非對心彈性碰撞，如圖（乙）．碰撞后兩球向不同方向運動,測出兩球落地點M、N與O點間的距離LOM、LON，該同學(xué)多次重復(fù)上述實驗過程，并將測量值取平均值．在忽略小球半徑的情況下，對該實驗的結(jié)果，分析正確的是（）A．LOP=LOM+LONB．LOP2=LOM2+LON2C．OM、ON與OP間的夾角大小一定相等D．OM與ON間夾角大小與兩球碰撞的方向有關(guān)8．圖（甲）為手機(jī)及無線充電板．圖（乙）為充電原理示意圖．充電板接交流電源，對充電板供電,充電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流，再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)變成直流電后對手機(jī)電池充電．為方便研究,現(xiàn)將問題做如下簡化：設(shè)受電線圈的匝數(shù)為n,面積為S，若在t1到t2時間內(nèi)，磁場垂直于受電線圈平面向上穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度由B1均勻增加到B2．下列說法正確的是（)A．c點的電勢高于d點的電勢B．受電線圈中感應(yīng)電流方向由d到cC．c、d之間的電勢差為D．c、d之間的電勢差為二.非選擇題9．（1）為了探究平拋運動規(guī)律,老師做了如下兩個演示實驗：①為了說明平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，用如圖1所示裝置進(jìn)行實驗．小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時B球被松開自由下落．關(guān)于該實驗，下列說法正確的有．A．所用兩球的質(zhì)量必須相等B．只做一次實驗發(fā)現(xiàn)兩球同時落地，即可以得到實驗結(jié)論C．應(yīng)改變裝置的高度多次實驗D．本實驗也能說明A球在水平方向上做勻速直線運動②如圖2所示,兩個相同的弧形軌道M、N位于同一豎直面內(nèi),其中N軌道的末端與光滑的水平地面相切．兩個完全相同的小鋼球P、Q，以相同的水平初速度v0同時從軌道M、N的末端射出，觀察到P落地時與Q相遇．只改變弧形軌道M的高度，多次重復(fù)實驗，仍能觀察到相同的現(xiàn)象．這說明：．（2）為了進(jìn)一步研究平拋運動，某同學(xué)用如圖3所示的裝置進(jìn)行實驗．①為了準(zhǔn)確地描繪出平拋運動的軌跡,下列要求合理的是．A．小球每次必須從斜槽上同一位置由靜止釋放B．斜槽軌道必須光滑C．斜槽軌道末端必須水平D．本實驗必需的器材還有刻度尺和秒表②甲同學(xué)按正確的操作完成實驗并描繪出平拋運動的軌跡,以平拋運動的初始位置O為坐標(biāo)原點建立xOy坐標(biāo)系,如圖4所示．從運動軌跡上選取多個點，根據(jù)其坐標(biāo)值可以驗證軌跡是符合y=ax2的拋物線．若坐標(biāo)紙中每小方格的邊長為L,根據(jù)圖中M點的坐標(biāo)值，可以求出a=，小球平拋運動的初速度v0=．（重力加速度為g）③乙同學(xué)不小心將記錄實驗的坐標(biāo)紙弄破損，導(dǎo)致平拋運動的初始位置缺失．他選取軌跡中任意一點O為坐標(biāo)原點，建立xOy坐標(biāo)系（x軸沿水平方向、y軸沿豎直方向）,如圖5所示．在軌跡中選取A、B兩點，坐標(biāo)紙中每小方格的邊長仍為L，重力加速度為g．由此可知:小球從O點運動到A點所用時間t1與從A點運動到B點所用時間t2的大小關(guān)系為：t1t2（選填“＞”、“＜"或“=”）；小球平拋運動的初速度v0=，小球平拋運動的初始位置坐標(biāo)為（，）．④如圖6丙同學(xué)將實驗方案做了改變，他把桌子搬到墻的附近，調(diào)整好儀器，使從斜槽軌道滾下的小球打在正對的墻上，把白紙和復(fù)寫紙附在墻上，記錄小球的落點．然后等間距地改變桌子與墻的距離,就可以得到多個落點．如果丙同學(xué)還有一把刻度尺,他是否可以計算出小球平拋時的初速度？請簡要闡述理由．10．圖為真空示波管的示意圖，電子從金屬絲K發(fā)出（初速度可忽略不計)，在金屬絲與A板間加以電壓U1,電子加速后，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N間的偏轉(zhuǎn)電場（電子進(jìn)入時的速度方向與該電場方向垂直）,離開偏轉(zhuǎn)電場后打在熒光屏上一點．已知M、N兩板間的距離為d，板長為L，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子所受的重力及它們之間的相互作用力．(1)求電子穿過A板時速度的大小v0；(2）若在M、N兩極板間加一恒定電壓U2,求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移距離y；（3）單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)量稱為示波管的靈敏度．要想提高示波管的靈敏度，可以采取哪些措施？11．當(dāng)平行板電容器的兩極板間是真空時，電容C與極板的正對面積S、極板間距離d的關(guān)系為C=．對給定的平行板電容器充電，當(dāng)該電容器極板所帶電荷量Q變化時,兩極板間的電勢差U也隨之變化．（1）在圖所示的坐標(biāo)系中畫出電容器帶電量Q與極板間電勢差U的關(guān)系圖象．(2）電容器儲存的電能等于電源搬運電荷從一個極板到另一個極板過程中，克服電場力所做的功．在彈簧彈力F與形變量x關(guān)系圖象中，圖象與x軸圍成的面積代表彈簧彈性勢能的大?。c之類比，推導(dǎo)電容器儲存的電能表達(dá)式E=CU2．(3）若保持平行板電容器帶電量Q、極板正對面積S不變，兩極板間為真空，將板間距離由d1增大到d2，需要克服電場力做多少功？12．當(dāng)一個較為復(fù)雜的物理過程在某一方面的特征與一個簡單的物理過程特征相同時，我們可以通過研究簡單物理過程的規(guī)律了解復(fù)雜的物理過程．如對平拋運動的研究可以轉(zhuǎn)化為研究豎直方向和水平方向的直線運動．(1）小球在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動，則小球在水平地面上形成投影的運動是簡諧運動，這是可以證明的結(jié)論．設(shè)小球的質(zhì)量為m，角速度為ω，半徑為A，從開始計時經(jīng)時間t小球位置如圖1所示．a(chǎn)．取過圓心O水平向右為x軸，則小球的位移在x軸方向上的分量可表示為x=Asinωt．以此為例,寫出小球在x軸方向的速度vx、加速度ax及合外力Fx隨時間t的變化關(guān)系．b．物體做簡諧運動時，回復(fù)力應(yīng)該滿足F=﹣kx．則反映該投影是簡諧運動中的k值是多少？(2）如圖2所示，光滑的平行金屬導(dǎo)軌水平放置,導(dǎo)軌間距為L，左端接一阻值為R的定值電阻；導(dǎo)軌處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直．一根與導(dǎo)軌垂直的銅棒在導(dǎo)軌上做振幅為A的簡諧運動,振動周期為T．已知銅棒電阻為r，導(dǎo)軌的電阻不計．a(chǎn)．在圖3中畫出通過電阻R的電流i隨時間t變化的圖象．b．求在一個周期T內(nèi),電阻R產(chǎn)生的焦耳熱．

2017年北京市昌平區(qū)高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題,每小題6分，滿分48分）1．一束單色光由空氣進(jìn)入水中，則該光在空氣和水中傳播時（）A．速度相同，波長相同 B．速度不同，波長相同C．速度相同,頻率相同 D．速度不同,頻率相同【考點】F5:波長、頻率和波速的關(guān)系．【分析】光波屬于電磁波,其頻率由波源決定，從一種介質(zhì)進(jìn)入另介質(zhì)，頻率不變;傳播速度由介質(zhì)決定；波長由速度和頻率共同決定，由λ=分析波長的變化．【解答】解：傳播速度由介質(zhì)決定,光在真空中傳播速度最大，進(jìn)入水中，速度減??；光波屬于電磁波，其頻率由波源決定，所以一束單色光由空氣進(jìn)入水中，頻率不變；由λ=可知,頻率不變，速度減小，則波長減小，故ABC錯誤，D正確．故選：D．2．關(guān)于分子動理論，下列說法正確的是(）A．?dāng)U散現(xiàn)象說明物質(zhì)分子在做永不停息的無規(guī)則運動B．壓縮氣體時氣體會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體分子間存在斥力的緣故C．兩個分子間距離減小時,分子間的引力減小，斥力增大D．如果兩個系統(tǒng)處于熱平衡狀態(tài),則它們的內(nèi)能一定相同【考點】9K：封閉氣體壓強(qiáng)；85：擴(kuò)散；86：分子間的相互作用力．【分析】不同的物質(zhì)在相互接觸時彼此進(jìn)入對方的現(xiàn)象叫做擴(kuò)散現(xiàn)象；氣體壓強(qiáng)是分子對容器壁的頻繁碰撞造成的；分子間同時存在引力和斥力；處于熱平衡狀態(tài)系統(tǒng)是溫度相同．【解答】解：A、擴(kuò)散現(xiàn)象說明物質(zhì)分子在做永不停息的無規(guī)則運動，故A正確；B、氣體壓縮可以忽略分子間作用力，壓縮氣體時氣體會表現(xiàn)出抗拒壓縮的力是由于氣體壓強(qiáng)的原因，故B錯誤；C、兩個分子間距離減小時，分子間的引力和斥力均增大，故C錯誤；D、如果兩個系統(tǒng)處于熱平衡狀態(tài)，則它們的溫度一定相同，但是內(nèi)能不一定相同，故D錯誤；故選:A3．取一條較長的軟繩，用手握住一端(O點)連續(xù)上下抖動，在繩上形成一列簡諧橫波．已知O點完成一次全振動所用的時間為T．某一時刻的波形如圖所示，繩上a、b兩點均處于平衡位置．下列說法正確的是（）A．a(chǎn)、b兩點間的距離等于一個波長B．a(chǎn)、b兩點振動方向相同C．再經(jīng)，b質(zhì)點將運動到波峰位置D．再經(jīng),a質(zhì)點將運動到b質(zhì)點位置【考點】F5：波長、頻率和波速的關(guān)系；F2：機(jī)械波．【分析】解答本題應(yīng)抓?。合噜弮蓚€波峰間的距離等于一個波長；振動在一個周期內(nèi)傳播一個波長的距離,從而確定ab間的對應(yīng)的波長，根據(jù)帶動法確定各質(zhì)點的振動方向,從而判斷再經(jīng)四分之一周期的位置．【解答】解:A、由圖可知，ab間的距離一定小于一個波長，故A錯誤．B、根據(jù)波的傳播規(guī)律利用帶動法可知，a點在向下運動，而b點向上運動，故B錯誤；C、b在平衡位置向上運動，所以再經(jīng)，b質(zhì)點將運動到波峰位置，故C正確;D、質(zhì)點只在平衡位置上下振動，不會隨波遷移，故D錯誤．故選：C4．如圖所示，人造地球衛(wèi)星發(fā)射過程要經(jīng)過多次變軌方可到達(dá)預(yù)定軌道．先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道Ⅰ，然后在A點（近地點）點火加速,衛(wèi)星做離心運動進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ；在B點（遠(yuǎn)地點）再次點火加速進(jìn)入圓形軌道Ⅲ．關(guān)于衛(wèi)星的發(fā)射和變軌，下列說法正確的是（)A．在赤道上順著地球自轉(zhuǎn)方向發(fā)射衛(wèi)星可節(jié)省能量，所以發(fā)射場必須建在赤道上B．衛(wèi)星在圓軌道Ⅰ上運行時的向心加速度和周期大于在圓軌道Ⅲ上的向心加速度和周期C．從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅲ的過程中,動能減小,重力勢能增大，機(jī)械能守恒D．如果圓軌道Ⅲ是地球同步衛(wèi)星軌道，則在該軌道上運行的任何衛(wèi)星,其角速度都和在地面上靜止物體的角速度相同【考點】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】明確人造地球衛(wèi)星的運行規(guī)律，知道半徑越大的衛(wèi)星線速度、角速度以及向心加速度越小，而周期增大；同時明確衛(wèi)星在變軌時需要加速，從而做離心運動而進(jìn)入高軌道．【解答】解:A、雖然在赤道上順著地球自轉(zhuǎn)方向發(fā)射衛(wèi)星可節(jié)省能量，但是發(fā)射場并不是必須建在赤道上的，如我國酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心不在赤道上，故A錯誤;B、軌道半徑越高衛(wèi)星的周期越大，而線速度和角速度以及向心加速度越小，故B錯誤；C、從軌道Ⅰ轉(zhuǎn)移到軌道Ⅲ的過程中，衛(wèi)星變軌過程中需要點火加速，因此機(jī)械不守恒，故C錯誤；D、如果圓軌道Ⅲ是地球同步衛(wèi)星軌道,則定位在赤道上空，因此在該軌道上運行的任何衛(wèi)星，其角速度都和在地面上靜止物體的角速度相同，故D正確．故選：D．5．如圖所示，在光滑水平桌面上建立平面直角坐標(biāo)系xOy．一質(zhì)量為m的物塊靜止在坐標(biāo)原點．現(xiàn)對物塊施加沿x軸正方向的恒力F,作用時間為t；然后保持F大小不變，方向改為沿y軸負(fù)方向，作用時間也為t;再將力F大小不變,方向改為沿x軸負(fù)方向，作用時間仍為t．則此時（）A．物塊的速度沿x軸正方向B．物塊的速度沿y軸負(fù)方向C．物塊的位置坐標(biāo)為（0，）D．物塊的位置坐標(biāo)為（，）【考點】44:運動的合成和分解；37：牛頓第二定律．【分析】由牛頓第二定律求出物體的加速度,由速度公式求出速度；然后結(jié)合運動的合成方法求出末速度；由位移公式分別求出兩個方向的分位移即可．【解答】解：AB、由題意可知，物體沿x方向加速的時間為2t，沿負(fù)y方向加速的時間為t，加速度的大小是相等的．由牛頓第二定律:a=沿x方向的末速度：vx=at﹣at=0沿y方向的末速度:所以物塊的末速度沿Y軸負(fù)方向．故A錯誤，B正確；CD、位移沿x方向的位移：;沿y方向的位移：所以物體的末位置：（，）故C錯誤，D錯誤．故選:B6．圖為一放射源發(fā)出的α、β、γ射線進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場（磁場未畫出)中的徑跡．下表列出了三種射線的本質(zhì)和特性．種類本質(zhì)質(zhì)量（u）電荷（e）速度(c)α射線氦核4+20.1β射線電子﹣10。99γ射線光子001由此可知，（）A．磁場方向垂直紙面向里，a為α射線，b為β射線B．磁場方向垂直紙面向里，a為β射線，b為α射線C．磁場方向垂直紙面向外，a為β射線，b為α射線D．磁場方向垂直紙面向外,b為α射線，c為γ射線【考點】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；I6：X射線、α射線、β射線、γ射線及其特性．【分析】明確三種射線的特性，α射線帶正電荷、β射線帶負(fù)電荷、γ射線不帶電,根據(jù)比荷以及速度關(guān)系可分析對應(yīng)的半徑大小，從而確定各粒子的偏轉(zhuǎn)方向;由左手定則可分析磁場方向．【解答】解：三種射線在勻強(qiáng)磁場中向上運動時,α射線帶正電荷，β射線帶負(fù)電荷,可以判斷它將向右偏轉(zhuǎn)；γ射線不帶電,不偏轉(zhuǎn)；由此可以判定c為β射線；根據(jù)Bqv=m可知，R=,由圖中表格可知,α射線的比荷小于β射線，二者速度接近相等，故α射線的半徑大于β射線，則可知a為α射線，b為β射線；再根據(jù)左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里，故A正確，BCD錯誤．故選:A．7．某同學(xué)用圖（甲）所示的實驗裝置驗證碰撞中動量守恒定律，他用兩個完全相同的小鋼球A、B進(jìn)行實驗，首先該同學(xué)使球A自斜槽某一高度由靜止釋放，從槽的末端水平飛出，測出球A落在水平地面上的點P與球飛出點在地面上豎直投影O的距離LOP．然后該同學(xué)使球A自同一高度由靜止釋放，在槽的末端與靜止的球B發(fā)生非對心彈性碰撞，如圖（乙）．碰撞后兩球向不同方向運動，測出兩球落地點M、N與O點間的距離LOM、LON，該同學(xué)多次重復(fù)上述實驗過程,并將測量值取平均值．在忽略小球半徑的情況下,對該實驗的結(jié)果，分析正確的是（）A．LOP=LOM+LONB．LOP2=LOM2+LON2C．OM、ON與OP間的夾角大小一定相等D．OM與ON間夾角大小與兩球碰撞的方向有關(guān)【考點】ME：驗證動量守恒定律．【分析】兩球碰撞后為非對心碰撞，故兩球的運動方向不在同一直線上，根據(jù)矢量合成可知，碰后兩球的動量之和應(yīng)與碰前A球的動量相同，則可以得出對應(yīng)的方向關(guān)系；再根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，結(jié)合平拋運動規(guī)律可明確水平射程之間的關(guān)系以及各方向的夾角關(guān)系．【解答】解:設(shè)球的質(zhì)量為m，碰撞前瞬間球A的速度大小為vA，碰撞后瞬間球A、B的速度大小為vA’，vB'，兩球在碰撞過程中動量守恒,碰撞后兩球動量的矢量與碰撞前A球動量的矢量相等，則可知,一定滿足平行四邊形定則,如圖所示；在彈性碰撞過程中，機(jī)械能守恒,因此有：mvA2=mvA’2+mvB’2小球做平拋運動，設(shè)時間為t，則有：vA=，v’A=，vB’=則有：L2OP=L2OM+L2ON則可知，OM與ON間的夾角為90°，與碰撞方向無關(guān),同時OM、ON與OP間的夾角大小不一定相等，故B正確，ACD錯誤．故選：B．8．圖(甲)為手機(jī)及無線充電板．圖（乙）為充電原理示意圖．充電板接交流電源,對充電板供電,充電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流，再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)變成直流電后對手機(jī)電池充電．為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化:設(shè)受電線圈的匝數(shù)為n，面積為S，若在t1到t2時間內(nèi),磁場垂直于受電線圈平面向上穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度由B1均勻增加到B2．下列說法正確的是(）A．c點的電勢高于d點的電勢B．受電線圈中感應(yīng)電流方向由d到cC．c、d之間的電勢差為D．c、d之間的電勢差為【考點】D8：法拉第電磁感應(yīng)定律;DB：楞次定律．【分析】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，從而確定感應(yīng)電動勢的高低；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢的大?。窘獯稹拷?AB、根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內(nèi)部產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向俯視為順時針,受電線圈中感應(yīng)電流方向由c到d，所以c點的電勢低于d點的電勢，故A、B錯誤；CD、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得c、d之間的電勢差為Ucd=E==，故C正確、D錯誤；故選：C．二。非選擇題9．（1）為了探究平拋運動規(guī)律，老師做了如下兩個演示實驗:①為了說明平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，用如圖1所示裝置進(jìn)行實驗．小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時B球被松開自由下落．關(guān)于該實驗，下列說法正確的有C．A．所用兩球的質(zhì)量必須相等B．只做一次實驗發(fā)現(xiàn)兩球同時落地，即可以得到實驗結(jié)論C．應(yīng)改變裝置的高度多次實驗D．本實驗也能說明A球在水平方向上做勻速直線運動②如圖2所示,兩個相同的弧形軌道M、N位于同一豎直面內(nèi)，其中N軌道的末端與光滑的水平地面相切．兩個完全相同的小鋼球P、Q，以相同的水平初速度v0同時從軌道M、N的末端射出，觀察到P落地時與Q相遇．只改變弧形軌道M的高度，多次重復(fù)實驗，仍能觀察到相同的現(xiàn)象．這說明：平拋運動在水平方向做勻速直線運動．（2）為了進(jìn)一步研究平拋運動，某同學(xué)用如圖3所示的裝置進(jìn)行實驗．①為了準(zhǔn)確地描繪出平拋運動的軌跡，下列要求合理的是AC．A．小球每次必須從斜槽上同一位置由靜止釋放B．斜槽軌道必須光滑C．斜槽軌道末端必須水平D．本實驗必需的器材還有刻度尺和秒表②甲同學(xué)按正確的操作完成實驗并描繪出平拋運動的軌跡,以平拋運動的初始位置O為坐標(biāo)原點建立xOy坐標(biāo)系，如圖4所示．從運動軌跡上選取多個點,根據(jù)其坐標(biāo)值可以驗證軌跡是符合y=ax2的拋物線．若坐標(biāo)紙中每小方格的邊長為L,根據(jù)圖中M點的坐標(biāo)值，可以求出a=,小球平拋運動的初速度v0=．(重力加速度為g）③乙同學(xué)不小心將記錄實驗的坐標(biāo)紙弄破損，導(dǎo)致平拋運動的初始位置缺失．他選取軌跡中任意一點O為坐標(biāo)原點，建立xOy坐標(biāo)系（x軸沿水平方向、y軸沿豎直方向），如圖5所示．在軌跡中選取A、B兩點，坐標(biāo)紙中每小方格的邊長仍為L，重力加速度為g．由此可知:小球從O點運動到A點所用時間t1與從A點運動到B點所用時間t2的大小關(guān)系為:t1=t2（選填“＞"、“＜”或“=")；小球平拋運動的初速度v0=，小球平拋運動的初始位置坐標(biāo)為（﹣4L，﹣L）．④如圖6丙同學(xué)將實驗方案做了改變，他把桌子搬到墻的附近，調(diào)整好儀器，使從斜槽軌道滾下的小球打在正對的墻上，把白紙和復(fù)寫紙附在墻上，記錄小球的落點．然后等間距地改變桌子與墻的距離，就可以得到多個落點．如果丙同學(xué)還有一把刻度尺，他是否可以計算出小球平拋時的初速度？請簡要闡述理由．【考點】MB:研究平拋物體的運動．【分析】（1）根據(jù)實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的操作步驟,結(jié)合兩球相遇得出平拋運動在水平方向上的運動規(guī)律．(2）①根據(jù)原理以及注意事項確定正確的操作步驟．②根據(jù)y=ax2，代入數(shù)據(jù)求出a的大小,根據(jù)下降的高度求出運動的時間,結(jié)合水平位移和時間求出初速度．③抓住水平位移相等得出運動的時間關(guān)系，根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，結(jié)合水平位移和時間間隔求出初速度．根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出A的豎直分速度，結(jié)合速度時間公式求出拋出點到A的時間，從而得出拋出點到A的水平位移和豎直位移，得出拋出點的位置坐標(biāo)．④根據(jù)豎直位移求出運動的時間，結(jié)合水平位移和時間求出初速度．【解答】解：(1）①小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時B球被松開自由下落，兩球同時落地，可知平拋運動在豎直方向上做自由落體運動,不能得出水平方向上的運動規(guī)律，實驗時應(yīng)改變裝置的高度進(jìn)行多次實驗，故C正確，ABD錯誤．故選:C②兩個完全相同的小鋼球P、Q，以相同的水平初速度v0同時從軌道M、N的末端射出，觀察到P落地時與Q相遇．只改變弧形軌道M的高度，多次重復(fù)實驗，仍能觀察到相同的現(xiàn)象．這說明平拋運動在水平方向上做勻速直線運動．（2）①為了保證小球的初速度相等，小球每次應(yīng)從斜槽的同一位置由靜止釋放，斜槽軌道不一定需要光滑，故A正確,B錯誤．C、為了保證小球的初速度水平,斜槽末端必須水平，故C正確．D、該實驗不需要秒表，運動的時間可以通過下降的高度求出,故D錯誤．故選：AC．②對于M點，x=5L，y=5L，根據(jù)y=得,t=，則初速度．根據(jù)y=ax2得，5L=25aL2，解得a=．③小球從O到A的水平位移和A到B的水平位移相等,則運動的時間相等，在豎直方向上，根據(jù)△y=2L=gT2得,T=，則初速度．A點的豎直分速度,則拋出點到A的時間，拋出點到A的水平位移，拋出點的橫坐標(biāo)x=4L﹣8L=﹣4L，拋出點到A的豎直位移，拋出點的縱坐標(biāo)y=3L﹣4L=﹣L，則拋出點的坐標(biāo)（﹣4L，﹣L）．④可以計算小球平拋運動的初速度，用刻度尺測量落點與拋出點之間的豎直距離y,測量墻與桌子的水平距離x，根據(jù)，可得t=，則，改變桌子與墻的水平距離x，測量多組x，y值，計算多組初速度，取平均值即可．故答案為：（1)①C；②平拋運動在水平方向做勻速直線運動;（2）①AC；②，；③=，,(﹣4L，﹣L）；④可以．用刻度尺測量落點與拋出點之間的豎直距離y，測量墻與桌子的水平距離x，根據(jù)，可得t=,則,改變桌子與墻的水平距離x，測量多組x,y值，計算多組初速度,取平均值即可．10．圖為真空示波管的示意圖，電子從金屬絲K發(fā)出（初速度可忽略不計）,在金屬絲與A板間加以電壓U1，電子加速后，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N間的偏轉(zhuǎn)電場（電子進(jìn)入時的速度方向與該電場方向垂直）,離開偏轉(zhuǎn)電場后打在熒光屏上一點．已知M、N兩板間的距離為d，板長為L，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計電子所受的重力及它們之間的相互作用力．（1）求電子穿過A板時速度的大小v0；（2）若在M、N兩極板間加一恒定電壓U2，求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移距離y；(3)單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的偏轉(zhuǎn)量稱為示波管的靈敏度．要想提高示波管的靈敏度，可以采取哪些措施?【考點】AG：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；AL：示波管及其使用．【分析】(1）根據(jù)動能定理求出電子穿過A板時的速度大?。?2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，抓住在水平方向上做勻速直線運動，在豎著方向上做勻加速直線運動，根據(jù)等時性，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式求出側(cè)移距離．（3)根據(jù)偏轉(zhuǎn)位移和偏轉(zhuǎn)電源得出靈敏度的表達(dá)式，從而分析判斷．【解答】解:（1）在加速電場中有：，可得:．（2）在偏轉(zhuǎn)電場中，設(shè)飛行時間為t，加速度為a，則水平方向有:L=v0t，豎直方向有：y=，其中a=，聯(lián)立可得：y=．（3）由示波管的靈敏度知，要想提高示波管的靈敏度，可以增大L,或減小d，或減小U1．答:(1）電子穿過A板時速度的大小為;（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移距離為;（3）增大L，或減小d,或減小U1．11．當(dāng)平行板電容器的兩極板間是真空時，電容C與極板的正對面積S、極板間距離d的關(guān)系為C=．對給定的平行板電容器充電，當(dāng)該電容器極板所帶電荷量Q變化時，兩極板間的電勢差U也隨之變化．(1）在圖所示的坐標(biāo)系中畫出電容器帶電量Q與極板間電勢差U的關(guān)系圖象．（2)電容器儲存的電能等于電源搬運電荷從一個極板到另一個極板過程中，克服電場力所做的功．在彈簧彈力F與形變量x關(guān)系圖象中，圖象與x軸圍成的面積代表彈簧彈性勢能的大?。c之類比，推導(dǎo)電容器儲存的電能表達(dá)式E=CU2．（3）若保持平行板電容器帶電量Q、極板正對面積S不變,兩極板間為真空，將板間距離由d1增大到d2，需要克服電場力做多少功？【考點】AG：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；AP：電容．【分析】（1）根據(jù)電容的定義式C=得到Q與U的關(guān)系式，再畫出Q﹣U圖象．（2）Q﹣U圖象與橫坐標(biāo)軸圍成的面積為對電容器充電過程中，電容器儲存的電能，由數(shù)學(xué)知識推導(dǎo)．（3）根據(jù)電容的決定式、電容的定義式得到電容器儲存的電能表達(dá)式,再由功能關(guān)系求解．【解答】解：(1）對于給定的電容器電容C一定，根據(jù)電容的定義式C=得Q=CU,則Q﹣U圖象如圖所示．(2)該圖象的斜率為電容器電容C，圖象與橫坐標(biāo)軸圍成的面積為對電容器充電過程中，電容器儲存的電能．故E=QU由Q=CU得：E=CU2．（3）板間距離為d時,平行板電容器的電容為C=當(dāng)電容器帶電量為Q時，兩板間電壓