2021年西藏山南第二高級中學高考物理一模試卷

2021年西藏山南第二高級中學高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共6小題，共36.0分）

1.如圖所示，電路中所有元件完好，但發(fā)現(xiàn)光照射到光電管上時，將滑線變

阻器滑片由左端滑向右端時，靈敏電流計中始終沒有電流通過，其原因可小二，心

能是（）

A.向射光太弱|電.[:

B.入射光波長太長

C.光照時間太短

D.電源右端為正極，左端為負極

2.a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動，b是近地衛(wèi)星，c

是地球同步衛(wèi)星，”是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則下列說法正確的有（）

A.a的向心加速度等于重力加速度gB.相同時間內(nèi)6轉(zhuǎn)過的角度最大

C.c相對于b靜止D.d的運動周期可能是20小時

3.神舟八號無人飛行器，是中國“神舟”系列飛船的第八個，也是

中國神舟系列飛船進入批量生產(chǎn)的代表。神八已于2011年11月

1日5時58分10秒由改進型“長征二號”F遙八火箭順利發(fā)射

升空。升空后，“神八”與此前發(fā)射的“天宮一號”成功實現(xiàn)交

會對接，于2011年11月16日18時30分，神舟八號飛船與天宮

一號目標飛行器成功分離，如圖所示，返回艙已于11月17日19時許返回地面，對于神八返回

艙返回地球的過程中（假設返回艙的質(zhì)量不變，返回艙返回時作圓周運動）

A.動能、重力勢能和機械能都逐漸減小

B.重力勢能逐漸減小，動能逐漸增大，機械能不變

C.重力勢能逐漸增大，動能逐漸減小，機械能不變

D.重力勢能逐漸減小，動能逐漸增大，機械能逐漸減小

4.如圖所示，兩個完全相同的矩形導線框A、B在靠得很近的豎直平面內(nèi)，線框的B

長邊均處于水平位置.線框A固定且通有電流/,線框B從足夠高處由靜止釋放，

在運動到A下方的過程中（）A

A.穿過線框8的磁通量先變小后變大B.穿過線框B的磁通量先變大后變小

C.線框8所受安培力的合力為零D.線框8的機械能一直減小

5.下圖中按力的作用效果分解正確的是（

一矩形金屬線框與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強磁場中勻速

轉(zhuǎn)動如圖，經(jīng)測定輸出交流電的電動勢圖象如圖所示，經(jīng)原、副線圈的匝數(shù)比為1：10的理想

變壓器給一燈泡供電如圖所示，副線圈電路中燈泡額定功率為11W,當閉合開關時發(fā)現(xiàn)燈泡正

常發(fā)光，貝女）

A.t=0.01s時刻穿過線框回路的磁通量為零

B.變壓器原線圈中電流表示數(shù)為1A

C.交流發(fā)電機的轉(zhuǎn)速為50r/s

D.燈泡的額定電壓為220口u

二、多選題（本大題共4小題，共22.0分）

7.為了測量某化肥廠的污水排放量，技術人員在該廠的排污管末端安

裝了如圖所示的流量計，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分辨

為。、b.c,左右兩端開口，在垂直于上下表面方向加磁感應強度為

8的勻強磁場，在前后兩個內(nèi)側(cè)面固定有金屬板作為電極，污水充滿

管口從左向右流經(jīng)該裝置時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U,

若用。表示污水流量（單位時間內(nèi)排出的污水體積），下列說法正確的是（）

A.前內(nèi)側(cè)面的電勢一定低于后內(nèi)側(cè)面的電勢，與哪種離子多無關

B.若污水中正離子較多，則前內(nèi)側(cè)面比后內(nèi)側(cè)面的電勢高

C.污水中離子濃度越高，電壓表的示數(shù)越大

D.污水流量。與電壓U成正比，與向無關

8.一帶電質(zhì)點從A點豎直向上射入到一個水平的勻強電場中，粒子運動到二

B點時，速度方向變?yōu)樗健５竭_B點后繼續(xù)運動到與A點在同一水平-r

面上的C點。已知粒子的質(zhì)量為機，帶電量為4,A、8間的距離為3

與水平間成。角，貝！|（）

A.粒子在A點和B點的速度大小之比為tan。

B.勻強電場的電場強度為1瞥

q

C.從A到B粒子機械能的變化量為rngLcos。

D.BC間的水平距離是AB間水平距離的3倍

9.下列說法正確的是（）

A.雨后荷葉上的小水珠接近球形主要是液體表面張力作用的結(jié)果

B.不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力

C.溫度相同的氫氣和氧氣，氫氣分子和氧氣分子的平均速率相同

D.在一定條件下晶體和非晶體可以相互轉(zhuǎn)化

E.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體

10.在同一實驗室中，甲、乙兩水平彈簧振子的振動圖象如圖所示，則可知（）

A.振子甲速度為零時，振子乙速度最大

B.兩振子的振動頻率之比f用：/z=2：1

C.若將振子乙的振幅也增為10。"，則甲乙振子的振動周期會相等

D.任意2s內(nèi)，甲乙兩振子的路程相等

三、填空題（本大題共1小題，共9.0分）

11.一只滿偏電流/g=lm4線圈電阻Rg=100。的小電流表.

(I)把它改裝成滿偏電壓u=101/的電壓表；應串聯(lián)一個n的電阻.

(2)把它改裝成滿偏電流/=0.64的電流表.應并聯(lián)一個_____。的電阻.

四、實驗題(本大題共1小題，共9.0分)

12.用如圖1實驗裝置驗證加1、巾2組成的系統(tǒng)機械能守恒.62從高處由靜止開始下落，山1上拖著

的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律.下圖給出的是

實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點(圖中未標出),

計數(shù)點間的距離如圖2所示.已知61=50。、巾2=150g,則(g取9.8m/s2,計算結(jié)果保留兩

位有效數(shù)字.)

圖1

(1)在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度"=m/s；

(2)在。?5過程中系統(tǒng)動能的增量4EK=____J，系統(tǒng)勢能的減少量△EP=./；

△珠和4取不相等的原因是,由此得到的結(jié)論是.

五、簡答題(本大題共1小題，共13.0分)

13.如圖甲所示，質(zhì)量為〃?的導體棒而垂直放在相距為/的平行且無限長的金屬導軌上，導體棒他

與平行金屬導軌間的動摩擦因數(shù)為“，導軌平面與水平面的夾角為。，并處于磁感應強度大小為

B、方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場中。R和燈分別表示定值電阻和滑動變阻器連入電路的

阻值，不計其他電阻，現(xiàn)由靜止釋放導體棒，當通過R的電荷量達到夕時，導體棒時剛好達到

最大速度，重力加速度為g。

?|1乙

(1)求從釋放導體棒到棒達到最大速度時棒下滑的距離S和最大速度為。

(2)若將左側(cè)的定值電阻和滑動變阻器換為水平放置的電容為C的平行板電容器，如圖乙所示，導體

棒ab由靜止釋放到達到(1)中的速度為需要多少時間(用方表示最大速度)。

六、計算題(本大題共3小題，共35.0分)

14.如圖所示裝置中AB段、8c末端均水平，有無=0.1m的高度差，OEN是半徑為r=0.4巾的半

圓形軌道，其直徑QN沿豎直方向，N點與水平地面的高度差為H=1m,C位于EW豎直線上，

CO間的距離恰能讓小球自由通過.在左端豎直墻上固定一輕質(zhì)彈簧.現(xiàn)有一可視為質(zhì)點的小球,

質(zhì)量m=0.2kg,壓縮輕質(zhì)彈簧至A點后由靜止釋放(小球和彈簧不粘連，在到達B點前與彈簧

脫離)，小球到達C點時速度恰好為喋=2m/s,沿QEN軌道滑下從N點平拋飛出落到水平地

面上.所有軌道均光滑，g取10m/s2.求：

(1)開始時壓縮的彈簧所具有的彈性勢能;

(2)小球到達N點時對N點的壓力大小；

(3)小球落地時與N點的水平距離.

15.如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管豎直放置。玻璃管的下部封有長k=25.0cm

的空氣柱，中間有一段長％=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度，3=50.0cm,已知

大氣壓強為Po=75.0cmHg.現(xiàn)將一活塞(圖中未畫出)從玻璃管開口處緩慢往下推，使

管下部空氣柱長度變?yōu)?/=20.0cm。假設活塞下推過程中沒有漏氣，不計活塞的厚度。

求活塞下推的距離。

I

16.如圖所示，一束平行于直徑AB的單色光照射到玻璃球上，從N點

進入玻璃球直接打在B點，在B點反射后從P點射出玻璃球（P點未

畫出）.已知玻璃球的半徑為R,折射率n=V^，光在真空中的傳播

速度為c,求：

①入射點N與出射點P間的距離；

②此單色光由N點經(jīng)8點傳播到p點的時間.

【答案與解析】

1.答案：B

解析：解：A、光電管能否產(chǎn)生光電效應與入射光的強度沒有關系.故A錯誤.

8、若入射光波長太長，大于金屬的極限波長時，金屬不能產(chǎn)生光電效應，靈敏電流計中沒有電流通

過.故8正確.

C、光電管能否產(chǎn)生光電效應與光照時間沒有關系.故C錯誤.

。、當滑線變阻器滑片在左端時加在光電管上的電壓是0,此種情況下電路中不能形成電流，就僅僅

與不能產(chǎn)生光電效應有關，與電源是否反接無關.故。錯誤.

故選：B

當入射光波長小于金屬的極限波長時，金屬能產(chǎn)生光電效應.當光電管上加上反向電壓時，靈敏電

流計中可能沒有電流通過.

本題考查對光電效應產(chǎn)生的條件理解和應用能力.光電效應產(chǎn)生的條件是取決于入射光的頻率或波

長，與入射光的強度、光照時間沒有關系.

2.答案：B

解析：解：A、地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知。與c的角速度相

同，根據(jù)?知，。的向心加速度大于a的向心加速度。

由G罷=mg,得。=等，知衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于。的

向心加速度，而b的向心加速度約為g,所以知〃的向心加速度小于重力加速度g,因此a的向心加

速度小于重力加速度g。故A錯誤；

B、〃與c的角速度相同，對法c、d三顆地球衛(wèi)星，根據(jù)萬有引力等于向心力，得G等32r得

3=照，則知b的角速度最大，所以相同時間內(nèi)反轉(zhuǎn)過的角度最大，故B正確。

C、c的角速度比6的小，所以c相對于6運動，故C錯誤。

。、C是地球同步衛(wèi)星，周期是24/3由開普勒第三定律W=k知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，

T2

所以d的運動周期大于C的周期24/2,不可能是20小故。錯誤；

故選：B。

地球同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)a=32r比較。與c的向心加速度

大小，再比較。的向心加速度與g的大小.根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑

的關系，分析相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度關系.根據(jù)開普勒第三定律判斷d與c的周期關系.

對于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據(jù)萬有引力提供向心力，分析各量之間的關系，并且要知道地

球同步衛(wèi)星的條件和特點.

3.答案：D

解析：

動能的大小跟物體的質(zhì)量和速度有關：重力勢能的大小跟物體的質(zhì)量和高度有關；在返回地球的過

程中，與空氣摩擦做功，導致返回艙的機械能減小，內(nèi)能增加。

本題主要考查學生對：能量的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律的理解和掌握，是考試的熱點。

在返回地球的過程中，與空氣摩擦做功，導致返回艙的機械能減小，內(nèi)能增加，由于高度的減小，

導致重力勢能減小，而重力做的功導致動能增加，故。正確，ABC均錯誤。

故選。。

4.答案：D

解析：

AB、由右手螺旋定則可知A中內(nèi)部磁場向里，外部磁場向外，當線框B從足夠高處由靜止釋放，向

A靠近的過程中，向外的磁場逐漸增大，則8中的磁通量增大；

當8與A開始有一部分重合時，內(nèi)部向里的磁通量與外部向外的磁通量開始相互抵消，所以向外的

磁通量逐漸減小，一直到合磁通量為0;然后向里的磁通量進一步增大，8與A完全恰好重合時向里

的磁通量最大；之后B再下落的過程中，向里的磁通量又逐漸減小到0；而在離開后，向外方向的

磁通量又是先增大后減小，磁通量應是先向外增大后減小的，然后是向里增大后減小，最后階段再

是向外增大后減小.故A錯誤，B錯誤；

C、線框B中有感應電流的存在，故安培力的合力不為零，故C錯誤；

。、在線框下落時，安培力做負功使線框的機械能轉(zhuǎn)化為線框B的電能，進而轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，B的機械

能減小，故。正確；

故選：D.

由右手螺旋定則可知4中磁場分布，則可知8中磁通量的變化，由于電磁感應，8產(chǎn)生感應電流，

由楞次定律可知B中電流的方向；由尸的=B/L可知安培力的變化，由安培力做功情況可知能量的

轉(zhuǎn)化情況.

解答本題的關鍵在于明確穿過線框的磁通量應為A中內(nèi)部和外磁感線的條數(shù)之差，故從開始下落到

兩線框重合，磁通量是增大的.

5.答案：A

解析：

對于力的分解，關鍵確定力的作用效果，定出兩個分力的方向.

A、力下的作用效果，如圖所示，故4正確；

8、物體的重力，按效果分解成一個垂直接觸面的力，與垂直擋板的力，如圖所示，故8錯誤;

C、按照力的作用效果，拉力分解成如圖所示

故C錯誤；

。夕、物體的重力，按效果分解分解成如圖所示

故。錯誤；

故選：A

6.答案：C

解析:

由圖可知特殊時刻的電動勢，根據(jù)電動勢的特點，可判處于那個面上，由圖象還可知電動勢的峰值

和周期，根據(jù)有效值和峰值的關系便可求電動勢的有效值.本題考察的是有關交變電流的產(chǎn)生和特

征的基本知識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力

由圖可知特殊時刻的電動勢，根據(jù)電動勢的特點，可判處于那個面上，由圖象還可知電動勢的峰值

和周期，根據(jù)有效值和峰值的關系便可求電動勢的有效值.本題考察的是有關交變電流的產(chǎn)生和特

征的基本知識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力

A、從圖象中可以看出當t=0.01s時刻交變電動勢最小，線圈與中性面位置重合，磁通量最大，故A

錯誤；

B、變壓器原線圈中電壓的有效值為Ui=22U,原線圈中輸入功率與副線圈輸出功率相同，由。=

UW,P=UI,得/=0.54故B錯誤；

C、由圖象可知交流電的周期7=0.025,則轉(zhuǎn)速《="=50〃5,故C正確；

。、由號=最知副線圈兩端電壓4=220心故燈泡的額定電壓為220V,故。錯誤；

故選：C

7.答案：AD

解析：解：A、正負離子流動時，根據(jù)左手定則，正離子洛倫茲力，向后表面偏轉(zhuǎn)，所以后表面上帶

正電荷，前表面上帶負電荷，前表面電勢比后表面低，與哪種離子的多少無關.故A正確，8錯誤.

C、最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有q^=qvB,流量Q=詁=vbc,所以

(/=絲,與離子濃度無關.故C錯誤.

C

D、Q=1,知污水流量Q與電壓成正比，與“、。無關.故￡＞正確.

D

故選：AD.

正負離子流動時，受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，正離子偏轉(zhuǎn)到哪一個表面，哪一個表面電勢就高.兩

表面上有正負電荷，之間就存在電場，最終正負離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡.

解決本題的關鍵正握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終正負離子在電場力和洛倫茲力的

作用下處于平衡，前后表面形成穩(wěn)定的電勢差.

8.答案：AD

解析：解：A、帶電質(zhì)點在豎直方向上做上拋運動，在水平方向上做出速度為零的勻加速運動

水平分運動：Lcosg=W^t

豎直分運動：Lsin6=^-t

解得：T1=tan9,故4正確；

VB

B、對從A到8過程，根據(jù)動能定理，有.：

水平分運動：qElcosd=-0

豎直分運動：-mglsin。=0-琢

聯(lián)立解得：5=石惠，故B錯誤;

C、從A到B電場力做功為：W=qE-Lcosd=吟誓，所以機械能的變化量為強竺誓，故C錯

1sm6sm8

誤；

D、設從A到B的時間為f,則從A到C的時間為〃，設水平方向的加速度大小為m根據(jù)％=：點2

知，AC間的水平距離是AB間的水平距離的4倍，所以BC間的水平距離是AB間水平距離的3倍,

故O正確；

故選：AD.

A、帶電質(zhì)點在豎直方向上做上拋運動，在水平方向上做出速度為零的勻加速運動，根據(jù)平均速度公

式對兩個分運動分別列式求解；

8、對豎直分運動和水平分運動分別運用動能定理列式，然后聯(lián)立求解電場力，最后得到電場強度；

C、根據(jù)公式勿=。2</求解從A到B電場力的功，從而知道機械能的變化量；

。、質(zhì)點從A到C過程的水平分運動是初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)對稱性結(jié)合位移時間關

系公式求解水平距離的關系。

本題關鍵將質(zhì)點的實際運動分解為豎直方向上的上拋運動和在水平方向上的初速度為零的勻加速運

動來研究，同時要結(jié)合動能定理、運動學公式列式分析。

9.答案：ADE

解析：解：A、夏天荷葉上小水珠呈球狀，是由于液體表面張力使其表面積具有收縮到最小趨勢的緣

故，故A正確；

B、不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力，故B錯誤；

C、溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動能一定相同，氫氣分子的質(zhì)量數(shù)小于氧氣分子的質(zhì)量數(shù)，故

氫氣分子的平均速率大于氧氣分子的平均速率，故C錯誤；

。、晶體和非晶體沒有一定的界限，在一定條件下晶體和非晶體間可以相互轉(zhuǎn)化，故。正確；

瓜根據(jù)熱力學第二定律：自然界中進行的一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀過程都具有方向性；在一定的條

件下熱量可以從低溫物體傳到高溫物體。故E正確；

故選：ADE.

夏天荷葉上小水珠呈球狀，是由于液體表面張力的作用；

根據(jù)浸潤與不浸潤的原因分析；

溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動能一定相同，根據(jù)動能的表達式分析平均速率的關系；

自然界中進行的一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀過程都具有方向性。

掌握溫度是分子平均動能的標志，知道內(nèi)能的有關因素，理解表面張力的作用效果。

10.答案：AD

解析：解：A、由圖可知甲、乙兩個振子的周期分別為7省=2.0s,T乙=1.0s,振子甲每一次位于最

大位移處時，乙都經(jīng)過平衡位置，所以振子甲速度為零時，振子乙速度最大。故A正確；

B、甲、乙兩個振子的周期分別為T尹=2.0s,=1.0s,甲、乙兩個振子的周期之比為2：1,又：

f=p所以甲乙振子的振動頻率之比//f乙=1：2,故錯誤；

C、彈簧振子振動的周期與振幅無關。故C錯誤；

D、甲、乙兩個振子的周期分別為?>=2.0s,7N=L°S,則在任意2s內(nèi)，甲的路程為44尹=4x

10cm=40cm,乙的路程為：84z=8x5cm=40cm,甲乙兩振子的路程相等，故O正確；

故選：AD.

由位移的最大值讀出振幅.由圖讀出周期.然后根據(jù)簡諧運動的特征分析周期、頻率和位移關系.振

子振動的周期與振幅無關.

本題是簡單的讀圖題，根據(jù)振動圖象可以直接讀出振幅、周期、速度的方向及它們的變化情況.要

掌握簡諧運動的特點，知道振子振動的周期與振幅無關.

11.答案:99000.167

解析:解：⑴把電流表改裝成10V的電壓表需要串聯(lián)電阻阻值:R=1一%=懸一10。=9900/2.

(2)把電流表改裝成0.64的電流表需要并聯(lián)電阻阻值：？=僵=黑黑;?0.16712；

故答案為：(1)9900；(2)0.167.

(1)根據(jù)串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值；

(2)根據(jù)并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出并聯(lián)電阻阻值.

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表改裝原理，應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確

解題.

12.答案：2.40.580.59有阻力誤差允許范圍內(nèi)機械能守恒

解析：解：(1)計數(shù)點5的瞬時速度為：畛=巖=空*產(chǎn)空7n/S=2.4TH/S.

(2)系統(tǒng)動能的增加量為：△Ek=T0ni+m2)%=：x0.2x2.42?0.58/.

系統(tǒng)重力勢能的減小量為：△Ep=(四-恤)皿=0.1x9.8x(38.40+21.60)x10-2J*0.597.

△后、和4Ep不相等的原因是存在阻力作用，實驗的結(jié)論是在誤差允許的范圍內(nèi)機械能守恒.

故答案為：(1)2.4；(2)0.58,0.59,有阻力，誤差允許范圍內(nèi)機械能守恒.

(1)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出計數(shù)點5的瞬時速度；

(2)根據(jù)初末速度求出系統(tǒng)動能的增加量，根據(jù)下降的高度求出系統(tǒng)重力勢能的減小量.

根據(jù)實驗的原理分析誤差形成的原因，得出實驗的結(jié)論.

解決本題的關鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度，從而得出動能的增加量，會根據(jù)

下降的高度求出重力勢能的減小量，知道實驗誤差的來源，難度不大.

13.答案：解：(1)根據(jù)電荷量的計算公式可得q=

R+%

根據(jù)法拉第電磁感應定律可得E=—

△t

其中△0=Bls

聯(lián)立解得：$=如竽

DL

速度最大時受力平衡，根據(jù)平衡條件可得：mgsind-^mgcosd+BIl

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：/=鱉

_(mgsin6-p.mgcosO')(R+R')

聯(lián)立解得為x

B2l2

(2)設很短的一段時間內(nèi)，速度變化為△/

根據(jù)動量定理可得：mgsinO?△t—[imgcosO-At—BIl△t=m△u

其中Q=/,△1=CU=CBL△v

聯(lián)立解得(mgs出8—fimgcosd}-At—CB2l2v=m-△v

則△u=(mgsind-iJ.mgcosO')

m+CB2l2

可見速度隨時間均勻變化，導體棒做勻加速直線運動，加速度a=注經(jīng)也笑翳竺竺

導體棒ab由靜止釋放到達到(1)中的速度%需要多少時間t=管="藍察

答:(1)從釋放導體棒到棒達到最大速度時棒下滑的距離為由警最大速度為3絲Z喘竺竺紀呢

(2)導體棒ab由靜止釋放到達到(1)中的速度為需要多少時間為虛瞿鬻篇。

解析：(1)根據(jù)電荷量的計算公式結(jié)合法拉第電磁感應定律、根據(jù)閉合電路的歐姆定律、以及安培力

作用下的共點力的平衡求解;

(2)設很短的一段時間內(nèi)，速度變化為根據(jù)動量定理結(jié)合電容的計算公式求得速度與時間的

關系，求解加速度大小，根據(jù)速度時間關系求解需要的時間。

對于安培力作用下導體棒的運動問題，如果涉及電荷量、求位移問題，常根據(jù)動量定理結(jié)合法拉第

電磁感應定律、閉合電路的歐姆定律列方程進行解答。

14.答案：解：（1）從