2023-2024學年黑龍江省雞西虎林市東方紅林業(yè)局數學高二上期末調研模擬試題含解析

2023-2024學年黑龍江省雞西虎林市東方紅林業(yè)局數學高二上期末調研模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．人教A版選擇性必修二教材的封面圖案是斐波那契螺旋線，它被譽為自然界最完美的“黃金螺旋”，自然界存在很多斐波那契螺旋線的圖案，例如向日葵、鸚鵡螺等．斐波那契螺旋線的畫法是:以斐波那契數1，1，2，3，5，8，…為邊長的正方形拼成長方形，然后在每個正方形中畫一個圓心角為90°的圓弧，這些圓弧所連起來的弧線就是斐波那契螺旋線．下圖為該螺旋線在正方形邊長為1，1，2，3，5，8的部分，如圖建立平面直角坐標系（規(guī)定小方格的邊長為1），則接下來的一段圓弧所在圓的方程為（）A. B.C. D.2．等比數列的各項均為正數，已知向量，，且，則A.12 B.10C.5 D.3．已知函數在上單調遞減，則實數的取值范圍是（）A. B.C. D.4．已知等比數列的各項均為正數，公比，且滿足，則（）A.8 B.4C.2 D.15．為了了解某地區(qū)的名學生的數學成績，打算從中抽取一個容量為的樣本，現用系統抽樣的方法，需從總體中剔除個個體，在整個過程中，每個個體被剔除的概率和每個個體被抽取的概率分別為（）A. B.C. D.6．下圖稱為弦圖，是我國古代三國時期趙爽為《周髀算經》作注時為證明勾股定理所繪制，我們新教材中利用該圖作為“（）”的幾何解釋A.如果，，那么B.如果，那么C.對任意實數和，有，當且僅當時等號成立D.如果，那么7．點到直線的距離為A.1 B.2C.3 D.48．下列推理中屬于歸納推理且結論正確的是（）A.由，求出，，，…，推斷：數列的前項和B.由滿足對都成立，推斷：為奇函數C.由半徑為的圓的面積，推斷單位圓的面積D.由，，，…，推斷：對一切，9．在平面直角坐標系中，雙曲線的右焦點為，過雙曲線上一點作軸的垂線足為，若，則該雙曲線的離心率為（）A. B.C. D.10．已知是等比數列，，，則（）A. B.C. D.11．數列是等比數列，是其前n項之積，若，則的值是（）A.1024 B.256C.2 D.51212．已知F1、F2是雙曲線E：(a>0，b>0）的左、右焦點，過F1的直線與雙曲線左、右兩支分別交于點P、Q．若，M為PQ的中點，且，則雙曲線的離心率為（）A. B.C. D.二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13．已知向量，，，若，則____________.14．設數列的前n項和為，若，且是等差數列．則的值為__________15．設集合，把集合中的元素按從小到大依次排列，構成數列，求數列的前項和___16．如圖的形狀出現在南宋數學家楊輝所著的《算法九章·商功》中，后人稱之為“三角垛”.已知某“三角垛”的最上層有1個球，第二層有3個球，第三層有6個球……設各層（從上往下）球數構成一個數列，則___________，___________.三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．（12分）已知圓的方程為（1）求圓的圓心及半徑；（2）是否存在直線滿足：經過點，且_________________？如果存在，求出直線的方程；如果不存在，請說明理由從下列三個條件中任選一個補充在上面問題中并作答：條件①：被圓所截得的弦長最長；條件②：被圓所截得的弦長最短；條件③：被圓所截得的弦長為注：如果選擇多個條件分別作答，按第一個解答計分18．（12分）已知圓的圓心在直線上，且圓經過點與點.（1）求圓的方程；（2）過點作圓的切線，求切線所在的直線的方程.19．（12分）已知動圓過定點，且與直線相切，圓心的軌跡為（1）求動點的軌跡方程；（2）已知直線交軌跡于兩點，，且中點的縱坐標為，則的最大值為多少？20．（12分）已知函數（1）若在點處的切線與軸平行，求的值；（2）當時，求證：；（3）若函數有兩個零點，求的取值范圍21．（12分）設，已知函數（1）若，求函數在處切線的方程；（2）求函數在上的最大值22．（10分）已知雙曲線C：（a>0，b>0）的離心率為，實軸長為2.（1）求雙曲線的焦點到漸近線的距離；（2）若直線y=x+m被雙曲線C截得的弦長為，求m的值.

參考答案一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由題意可知圖中每90°的圓弧半徑符合斐波那契數1，1，2，3，5，8，…，從而可求出下一段圓弧的半徑為13，由于每一個圓弧為四分之一圓，從而可求出下一段圓弧所以圓的圓心，進而可得其方程【詳解】解：由題意可知圖中每90°的圓弧半徑符合斐波那契數1，1，2，3，5，8，…，從而可求出下一段圓弧的半徑為13，由題意可知下一段圓弧過點，因為每一段圓弧的圓心角都為90°，所以下一段圓弧所在圓的圓心與點的連線平行于軸，因為下一段圓弧半徑為13，所以所求圓的圓心為，所以所求圓的方程為，故選：C2、C【解析】利用數量積運算性質、等比數列的性質及其對數運算性質即可得出【詳解】向量＝（，），＝（，），且?＝4，∴+＝4，由等比數列的性質可得：＝……＝＝＝2，則log2（?）＝故選C【點睛】本題考查數量積運算性質、等比數列的性質及其對數運算性質，考查推理能力與計算能力，屬于中檔題3、A【解析】由題意，在上恒成立，只需滿足即可求解.【詳解】解：因為，所以，因為函數在上單調遞減，所以在上恒成立，只需滿足，即，解得故選：A.4、A【解析】根據是等比數列，則通項為，然后根據條件可解出，進而求得【詳解】由為等比數列，不妨設首項為由，可得：又，則有：則故選：A5、D【解析】根據每個個體被抽取的概率都是相等的、被剔除的概率也都是相等的，分別由剔除的個數和抽取的樣本容量除以總體個數即可求解.【詳解】根據系統抽樣的定義和方法可知：每個個體被抽取的概率都是相等的，每個個體被剔除的概率也都是相等的，所以每個個體被剔除的概率為，每個個體被抽取的概率為，故選：D.6、C【解析】設圖中直角三角形邊長分別為a，b，則斜邊為，則可表示出陰影面積和正方形面積，根據圖象關系，可得即可得答案.【詳解】設圖中全等的直角三角形的邊長分別為a，b，則斜邊為，如圖所示：則四個直角三角形的面積為，正方形的面積為，由圖象可得，四個直角三角形面積之和小于等于正方形的面積，所以，當且僅當時等號成立，所以對任意實數和，有，當且僅當時等號成立.故選：C7、B【解析】直接利用點到直線的距離公式得到答案.【詳解】，答案為B【點睛】本題考查了點到直線的距離公式，屬于簡單題.8、A【解析】根據歸納推理是由特殊到一般，推導結論可得結果.【詳解】對于A，由，求出，，，…，推斷：數列的前項和，是由特殊推導出一般性的結論，且，故A正確；B和C屬于演繹推理，故不正確；對于D，屬于歸納推理，但時，結論不正確，故D不正確.故選：A.9、A【解析】根據條件可知四邊形為正方形，從而根據邊長相等，列式求雙曲線的離心率.【詳解】不妨設在第一象限，則，根據題意，四邊形為正方形，于是，即，化簡得，解得（負值舍去）.故選：A.10、D【解析】由，，可求出公比，從而可求出等比數的通項公式，則可求出，得數列是一個等比數列，然后利用等比數的求和公式可求得答案【詳解】由題得.所以，所以.所以，所以數列是一個等比數列.所以=.故選：D11、D【解析】設數列的公比為q，由已知建立方程求得q，再利用等比數列的通項公式可求得答案.【詳解】解：因為數列是等比數列，是其前n項之積，，設數列的公比為q，所以，解得，所以，故選：D.12、D【解析】由題干條件得到，設出，利用雙曲線定義表達出其他邊長，得到方程，求出，從而得到，，利用勾股定理求出的關系，求出離心率.【詳解】因為M為PQ的中點，且，所以△為等腰三角形，即，因為，設，則，由雙曲線定義可知：，所以，則，又，所以，解得：，由勾股定理得：，其中，在三角形中，由勾股定理得：，即，解得：故選：D二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13、【解析】首先求出的坐標，再根據向量垂直得到，即可得到方程，解得即可；【詳解】解：因為向量，，，所以向量，因為，所以，即，解得故答案為：14、52【解析】根據給定條件求出，再求出數列的通項即可計算作答.【詳解】依題意，因是等差數列，則其公差，于是得，，當時，，而滿足上式，因此，，所以.故答案為：5215、【解析】由等差數列和等比數列的通項公式，可得，由不在集合中，在集合中，也在集合中，推得不在數列的前50項內，則數列的前50項中包括的前48項和數列中的3和27，結合等差數列的求和公式，即可求解.【詳解】由題意，集合構成數列是首項為1，公差為4的等差數列，集合構成數列是首項為1，公比為3的等比數列，可得，又由不在集合中，在集合中，也在集合中，因為，解得，此時，所以不在數列的前50項內，則數列的前50項的和為.故答案為：.16、①.②.【解析】根據，，得到，利用累加法和等差數列求和公式求出，再利用裂項抵消法進行求和.【詳解】因為，，，，，以上個式子累加，得，則；因為，所以.故答案為：，.三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（1）圓心為，半徑為；（2）答案見解析.【解析】（1）寫出圓標準方程即得解；（2）選擇條件①：直線應過圓心即直線過點和，即得解；選擇條件②：直線應與垂直，求出直線的方程即得解；選擇條件③：不存在滿足條件的直線.【小問1詳解】解：由圓的方程整理可得，所以圓心為，半徑為.小問2詳解】選擇條件①：若直線被圓所截得的弦長最長，則直線應過圓心即直線過點和，所以直線的斜率為，則直線的方程為.選擇條件②：若直線過點被圓所截得的弦長最短，則直線應與垂直.又，所以.故直線方程為.選擇條件③：經過點的直線被圓所截得的最短弦長，由于，所以不存在滿足條件的直線.18、（1）；（2）或.【解析】（1）求出線段中點，進而得到線段的垂直平分線為，與聯立得交點，∴.則圓的方程可求（2）當切線斜率不存在時，可知切線方程為.當切線斜率存在時，設切線方程為，由到此直線的距離為，解得，即可到切線所在直線的方程.試題解析：（1）線段的中點為，∵，∴線段的垂直平分線為，與聯立得交點，∴.∴圓的方程為.（2）當切線斜率不存在時，切線方程為.當切線斜率存在時，設切線方程為，即，則到此直線的距離為，解得，∴切線方程為.故滿足條件的切線方程為或.【點睛】本題考查圓的方程的求法，圓的切線，中點弦等問題，解題的關鍵是利用圓的特性，利用點到直線的距離公式求解19、（1）（2）【解析】（1）利用拋物線的定義直接可得軌跡方程；（2）設直線方程，聯立方程組，結合根與系數關系可得，再根據二次函數的性質可得最值.【小問1詳解】由題設點到點的距離等于它到的距離，點的軌跡是以為焦點，為準線的拋物線，所求軌跡的方程為；【小問2詳解】由題意易知直線的斜率存在，設中點為，直線的方程為，聯立直線與拋物線，得，，且，，又中點為，即，，故恒成立，，，所以，當時，取最大值為.【點睛】(1)直線與拋物線的位置關系和直線與橢圓、雙曲線的位置關系類似，一般要用到根與系數的關系；(2)有關直線與拋物線的弦長問題，要注意直線是否過拋物線的焦點，若過拋物線的焦點，可直接使用公式|AB|＝x1＋x2＋p，若不過焦點，則必須用一般弦長公式20、（1）；（2）證明見解析；（3）.【解析】（1）由可求得實數的值；（2）利用導數分析函數的單調性，求得，即可證得結論成立；（3）分析可知在上存在唯一的極值點，且，可得出，構造函數，分析函數的單調性，求得的取值范圍，再構造，分析函數的單調性，求出的范圍，即可得出的取值范圍.【小問1詳解】解：因為的定義域為，.由題意可得，解得.【小問2詳解】證明：當時，，該函數的定義域為，，令，其中，則，故函數在上遞減，因為，，所以，存在，使得，則，且，當時，，函數單調遞增，當時，，函數單調遞減，所以，，所以，當時，.【小問3詳解】解：函數的定義域為，.令，其中，則，所以，函數單調遞減，因為函數有兩個零點，等價于函數在上存在唯一的極值點，且為極大值點，且，即，所以，，令，其中，則，故函數在上單調遞增，又因為，由，可得，構造函數，其中，則，所以，函數在上單調遞增，故，因此，實數的取值范圍是.【點睛】方法點睛：利用導數證明不等式問題，方法如下：（1）直接構造函數法：證明不等式（或）轉化為證明（或），進而構造輔助函數；（2）適當放縮構造法：一是根據已知條件適當放縮；二是利用常見放縮結論；（3）構造“形似”函數，稍作變形再構造，對原不等式同解變形，根據相似結構構造輔助函數.21、（1）（2）當0≤a<2時，f（x）max=8-5a；當a≥2時，f（x）max=-a【