2023-2024學年安徽省六安二中物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2023-2024學年安徽省六安二中物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線為兩磁場的邊界，左側磁場垂直紙面向里，右側磁場垂直紙面向外，磁感應強度大小均為B。一邊長為L、電阻為R的單匝正方形導體線圈abcd，水平向右運動到圖示位置時，速度大小為v，則（）A.ab邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向右B.ab邊受到的安培力向右，cd邊受到的安培力向左C.線圈受到的安培力的大小為D.線圈受到的安培力的大小為2、關于安培力和洛倫茲力，下列說法中正確的是A.帶電粒子在磁場中運動時，一定受到洛倫茲力作用B.放置在磁場中的通電導線，一定受到安培力作用C.洛倫茲力對運動電荷一定不做功D.洛倫茲力可以改變運動電荷的速度大小3、兩個分別帶有電荷量-Q和+3Q的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為r的兩處，它們間的庫侖力的大小為F．兩小球相互接觸后將其固定在原處，則兩球間庫侖力的大小為A.F/2 B.3FC.F/3 D.2F4、如圖甲、乙、丙所示為三種帶電體產生的電場線和等差等勢面示意圖，下列說法正確的是A.甲圖中A點和B點電場強度相同B.乙圖中帶電體表面上C點和D點電勢相等C.丙圖中F點電勢大于E點電勢，電子在F點電勢能比較大D.甲圖中A、B連線中點電勢等于5、如圖所示，線圈L與小燈泡A并聯后接到電源上．先閉合開關S，穩(wěn)定后，通過線圈的電流為I1，通過小燈泡的電流為I2．斷開開關S，發(fā)現小燈泡逐漸變暗至熄滅．則下列說法正確的是A.I1>I2B.I1＝I2C.斷開開關前后，通過線圈的電流方向不變D.斷開開關前后，通過小燈泡的電流方向不變6、將陰極射線管的兩極與高壓電源連接后，加上如圖所示的磁場，可觀察到從負極向右射出的高速電子流的偏轉情況是A.平行于紙面向上偏轉 B.平行于紙面向下偏轉C.垂直于紙面向內偏轉 D.垂直于紙面向外偏轉二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示．則A.Q1的電荷量小于Q2的電荷量B.G點處電場強度的方向沿x軸負方向C.將一帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定能到達D點D.將一帶負電的試探電荷從D點移到J點，電場力先做正功后做負功8、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＜R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法中正確的有：（）A.R2上消耗的功率先變小后變大B.V1的示數先變大后變小，V2的示數先變小后變大C.電源內部的熱功率一直不變D.電源的輸出功率先變小后變大9、如圖所示，一個邊長為L的正方形線框abcd無初速度地從高處釋放，線框下落過程中，下邊保持水平向下平動，在線框的下方，有一個上、下界面都水平的勻強磁場區(qū)，磁場區(qū)高度為2L，磁場方向與線框平面垂直，閉合線框下落后，剛好勻速進入磁場區(qū)，在整個進出磁場過程中，線框中的感應電流I隨位移x變化的圖象可能是下圖中的()A. B.C. D.10、如圖所示，虛線A、B、C為某電場中的三條等勢線，其電勢分別為3V、5V、7V，實線為帶電粒子在電場中運動時的軌跡，P、Q為軌跡與等勢線A、C的交點，帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法正確的是（）A.粒子帶負電B.粒子帶正電C.粒子在P點的動能大于在Q點動能D.粒子在P點電勢能小于在Q點電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學通過實驗測定一個阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值(1)現有電源(4V，內阻可不計)、滑動變阻器(0～50Ω，額定電流2A)、開關和導線若干，以及下列電表：A．電流表(0～3A，內阻約0.025Ω)B．電流表(0～0.6A，內阻約0.125Ω)C．電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)D．電壓表(0～15V，內阻約15kΩ)為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用______，電壓表應選用______(選填器材前的字母)(2)接通開關，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數I、電壓表示數U．某次電表示數如圖所示，可得該電阻的測量值Rx＝______Ω．(保留2位有效數字)(3)若在本次實驗中選用甲電路，產生誤差的主要原因是________；若在本次實驗中選用乙電路，產生誤差的主要原因是______．(選填選項前的字母)A．電流表測量值小于流經Rx的電流值B．電流表測量值大于流經Rx的電流值C．電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值D．電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，需要測量一個規(guī)格為“”的小燈泡兩端的電壓和通過它的電流．現有如下器材：A.直流電源（電動勢，內阻不計）B.電流表（量程，內阻約為）C.電流表（量程，內阻約）D.電壓表（量程，內阻約）E.電壓表（量程，內阻約為）F．滑動變阻器（最大阻值，額定電流）（1）實驗中，電流表應選擇_________；電壓表應選擇____________．（填所選器材前的字母）（2）為了盡可能地減小實驗誤差，請根據正確選擇的器材設計電路并在方框中作出電路圖______（3）在正確操作的情況下，某同學根據實驗所得的數據畫出該小燈泡在伏安特性曲線如圖所示．實驗中，若把該小燈泡和一個阻值為的定值電阻串聯在電動勢為3、內阻為的直流電源上，則小燈泡此時的電阻為_________．（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB．線框的左右兩邊分別切割兩磁場產生的動生電動勢由右手定則可找出方向，如圖所示兩動生電源串聯，總電流為順時針方向，再由左手定則可得ab邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向左，故AB錯誤；CD．線框的電動勢為，則電流為兩個安培力力之和為線框受到的安培力故C錯誤，D正確。故選D。2、C【解析】根據安培力公式、洛倫茲力公式及左手定則分析答題，知道導線或粒子方向沿電場線時均不受磁場力【詳解】A、當帶電粒子的運動方向與磁場方向平行時，帶電粒子不受洛倫茲力作用，故A錯誤；B、當通電導線電流方向與磁場方向平行時，通電導線不受安培力，故B錯誤；C、由左手定則可知，洛倫茲力與粒子的運動方向垂直，即與位移方向垂直，在洛倫茲力方向上，帶電粒子沒有位移，洛倫茲力對帶電粒子不做功，故C正確；D、洛倫茲力只能改變運動電荷速度方向，不會改變速度大小，故D錯誤故選C【點睛】本題考查磁場力的性質，要注意安培力、洛倫茲力的產生、方向是初學者很容易出錯的地方，在學習中要加強這方面的練習，提高對知識的理解3、C【解析】接觸前兩個點電荷之間的庫侖力大小為，兩個相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開后各自帶點為+Q，距離仍不變，則庫侖力為，所以兩球間庫侖力的大小為F/3．故選C4、B【解析】A．由甲圖可知A、B兩點離正電荷距離相等，所以A、B兩點電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤.B．乙圖中帶電體表面上C點和D點是等勢體，故兩點電勢相等，所以B正確.C．由丙圖可知電場線方向向上，所以F點電勢大于E點電勢，電子由F點到E點電場力做負功，電勢能增加，故電子在E點電勢較大，故C錯誤.D．由甲圖可知A、B兩點電勢相等，弧AB在一個等勢面上，但因A、B連線并不是一個等勢面，根據電場線方向可知連線中點電勢大于A、B兩點的電勢，即大于，故D錯誤.5、C【解析】穩(wěn)定后開關再斷開，小燈泡逐漸熄滅，這是因為線圈產生自感電動勢來阻礙磁通量的減小，這時線圈相當于電源，電流突然變?yōu)樵瓉砭€圈的電流，可比較線圈電阻和燈泡電阻關系，進而確定線圈電阻值詳解】AB．穩(wěn)定時，燈泡A與線圈L并聯，兩者電壓相等，通過線圈的電流為，通過小燈泡的電流為，由于穩(wěn)定后開關再斷開，小燈泡逐漸熄滅，這是因為線圈產生自感電動勢來阻礙磁通量的減小，這時線圈相當于電源，電流突然變?yōu)樵瓉砭€圈的電流，所以可判斷出，故AB錯誤；CD．在斷開開關后，線圈中將產生自感電動勢，所以線圈中的電流不會發(fā)生突變，通過線圈的電流方向不變；而燈泡的電路中沒有自感，所以電流可以發(fā)生突變；由于燈泡與線圈構成回路，所以斷開開關前后，通過小燈泡的電流方向相反，故D錯誤，C正確【點睛】該題關鍵是抓住“小燈泡逐漸熄滅”來判定感應電流與原電流的關系，其余都是基本關系應用6、D【解析】應用左手定則判斷洛侖茲力時，四指指向電子運動的反方向，磁場穿過掌心，則大拇指方向垂直于紙面向外，故電子束垂直紙面向外偏轉；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A項：圖像斜率表示場強大小，由圖可知在H點的場強為零，即Q1和Q2兩電荷在H的合場強為零，由公式可知，Q1的電荷量大于Q2的電荷量，故A錯誤；B項：由圖知B點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以在B點邊場強方向沿x軸正方向，在B點右邊場強方向沿x軸負方向，故B正確；C項：由在G點場強方向沿x軸向左，負電荷所受電場力向右，所以負電荷沿x軸向右運，故C錯誤；D項：由圖像可知從D點到J點電勢先升高再降低，負電荷的電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負功，故D正確8、ABD【解析】A.由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑片P由變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，根據閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，R2上消耗的功率先變小后變大，故A正確；B.由于電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也先變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數先變大后變小，V2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數先變小后變大。故B正確；C.電源內部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內部的熱功率，先變小后變大，故C錯誤；D.因為r<R2，所以外電阻總是大于內電阻，當滑動變阻器的滑片P由變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故D正確。故選：ABD9、BD【解析】AC．線框勻速進入磁場時，則有=mg下邊始終勻速切割磁感線，通過線框的感應電流的大小恒定為I0，方向不變，線框完全進入磁場后，安培力立即消失，線框僅在重力的作用下做勻加速運動，當線框下邊剛出磁場時，線框的速度大于進入磁場時的速度，故電流大于I0，AC錯誤；BD．由上可知，當線框出磁場時，其速度大于進入磁場時的速度，故出磁場時線框所受的安培力大于重力，線框做減速運動，感應電流及安培力都減小，所以線框的加速度也減??；當上邊剛要出磁場時線框的速度等于進入磁場時的速度時，則加速度為0，電流為I0；當上邊剛要出磁場時線框的速度仍大于進入磁場時的速度時，則加速度不為0，電流大于I0，BD正確。故選BD。10、BCD【解析】AB．因電場線與等勢面相互垂直，且由高電勢指向低電勢，故電場線如圖所示，由粒子運動的軌跡彎曲的方向可知粒子受力沿電場線的方向，故粒子帶正電；故A錯誤，B正確；C．若粒子從P到Q，則電場力做負功，粒子動能減小，故P點動能大于Q點動能；若粒子從Q到P，電場力做正功，動能增大，P點動能大于Q點動能，故粒子在P點動能一定大于Q點的動能，故C正確；D．因P點電勢小于Q點電勢，粒子帶正電，由Ep=φq可知P點的電勢能小于Q點的電勢能，故D正確；故選BCD。點睛：本題中解題的關鍵在于曲線的彎曲方向的判斷，應掌握根據彎曲方向判斷受力方向的方法；本題中告訴的是等勢面，很多同學由于思維定勢當成了電場線從而出現錯解三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.B,②.C③.5.2④.B⑤.D【解析】解：（1）因電源的電壓為4V，因此電壓表選擇3V量程；由于阻值約為5Ω的電阻Rx的，根據歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，從精確角來說，所以電流表選擇0.6A的量程。（2）電壓表的讀數為U=2.60V；電流表的讀數為I=0.50A；電阻阻值：（3）甲圖采用的是電流表外接法，實際上電壓表并不是理想電表，所以電壓表也有電流通過，電流表測量的電流是流經Rx和電壓表的電流之和，所以產生誤差的主要原因是電流表測量值大于流經Rx的電流值，導致測量的電阻Rx比實際偏小，選B；乙圖采用是電流表內接法，實際上電流表并不是理想電表，所以電流表兩端也有電壓，電壓表測量的電壓是Rx和電流表兩端的電壓之和，所以產生誤差的主要原因是電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值，導致測量的電阻Rx比實際偏大，選D；12、①.C②.D③.④.【解析】明確燈泡的額定值，從而根據安全和準確性原則進行分析，確定電表；根據實驗原理明確實驗中采用的接法，明確本實驗采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法；在燈泡的伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖象的交點即為燈泡的工作點，再根據歐姆定律即可求得電阻大小；【詳解】解：(1)由題意可知，燈泡的額定電壓為2.5V，電流為0.5A，因此為了保證實驗中的安全和準確，電