湖南省益陽市2024屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試試題含解析

湖南省益陽市2024屆物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、真空中有一靜電場(chǎng)，其在x軸正半軸的電勢(shì)φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，則根據(jù)圖象可知（）A．R處的電場(chǎng)強(qiáng)度E=0B．若試探電荷從x1處移到x2處，電場(chǎng)力一定做正功C．x1處與x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反D．該電場(chǎng)不可能是處在O點(diǎn)的正的點(diǎn)電荷激發(fā)產(chǎn)生的2、導(dǎo)體的伏安特性曲線表示導(dǎo)體的導(dǎo)電特性。下圖是A、B兩個(gè)導(dǎo)體的伏安特性曲線，其中圖線A的斜率為k，并且圖線A與橫軸成а角。關(guān)于這兩個(gè)導(dǎo)體的伏安特性曲線的下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體A為線性元件，且B．導(dǎo)體B是非線性元件，曲線上某點(diǎn)切線的斜率為相應(yīng)狀態(tài)的電阻的倒數(shù)C．兩條圖線相交的點(diǎn)表示兩導(dǎo)體在此狀態(tài)時(shí)的I、U、R均相等D．導(dǎo)體B的電阻值隨電流的增加而變大3、發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是：A．安培； B．法拉第； C．奧斯特； D．愛迪生．4、如圖所示，一價(jià)氫離子()和二價(jià)氦離子()的混合體，從靜止開始經(jīng)同一加速電場(chǎng)U1同時(shí)加速后，垂直射入同一偏轉(zhuǎn)U2電場(chǎng)中，偏轉(zhuǎn)后，打在同一熒光屏上，（不計(jì)它們之間的相互作用力和重力）則它們A．同時(shí)到達(dá)屏上同一點(diǎn)B．同時(shí)到達(dá)屏上不同點(diǎn)C．先后到達(dá)屏上同一點(diǎn)D．先后到達(dá)屏上不同點(diǎn)5、如圖所示，在塑料盒中裝著撒有頭發(fā)屑的蓖麻油，通過手搖發(fā)電機(jī)使兩個(gè)電極帶上等量電荷，激發(fā)出電場(chǎng)。用頭發(fā)屑的分布來模擬電場(chǎng)線的分布，其中A點(diǎn)靠近一電極，O點(diǎn)為兩電極連線的中點(diǎn)，B點(diǎn)位于電極連線中垂線上，以下說法正確的是（）A．兩個(gè)電極帶有異種電荷B．可以斷定圖中O，B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相等C．將一正試探電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能一定減小D．電勢(shì)差的絕對(duì)值6、回旋加速器在科學(xué)研究中得到了廣泛應(yīng)用，其原理如圖所示。D1和D2是兩個(gè)中空的半圓形金屬盒，置于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，它們接在電壓為U、周期為T的交流電源上。位于D1圓心處的質(zhì)子源A能不斷產(chǎn)生質(zhì)子（初速度可以忽略），它們?cè)趦珊兄g被電場(chǎng)加速。當(dāng)質(zhì)子被加速到最大動(dòng)能Ek后，再將它們引出。忽略質(zhì)子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，則下列說法中正確的是（）A．若只增大交變電壓U，則質(zhì)子的最大動(dòng)能Ek會(huì)變大B．若只增大交變電壓U，則質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)行的時(shí)間不變。C．若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，仍能用此裝置持續(xù)加速質(zhì)子D．質(zhì)子第n次被加速前、后的軌道半徑之比為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)與阻值R=4Ω的電阻串聯(lián)在電源上，閉合開關(guān)，電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P=20W，電源的電動(dòng)勢(shì)E=20V，內(nèi)阻r=1Ω。用理想電壓表測(cè)出電動(dòng)機(jī)兩端電壓，已知電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=1Ω，則下列說法中正確的是A．通過電動(dòng)機(jī)的電流為10AB．電源的輸出功率為36WC．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為16WD．理想電壓表的示數(shù)為2V8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc,實(shí)線為一帶負(fù)電的離子僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知A．三個(gè)等勢(shì)面中，b的電勢(shì)最低B．帶電離子通過P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較大C．帶電離子通過P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較大D．帶電離子通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較大9、一根輕質(zhì)桿長(zhǎng)為2L，可繞固定于中點(diǎn)位置處的軸在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，桿兩端固定有完全相同的小球1和小球2，它們的質(zhì)量均為m，帶電荷量分別為+q和–q，整個(gè)裝置放在如圖所示的關(guān)于豎直線對(duì)稱的電場(chǎng)中?，F(xiàn)將桿由水平位置靜止釋放，讓小球1、2繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)到豎直位置A、B兩點(diǎn)，設(shè)A、B間電勢(shì)差為u，該過程中()A．小球2受到電場(chǎng)力變小B．小球1電勢(shì)能減少量小于uqC．小球1、2的機(jī)械能總和增加量小于uqD．小球1、2的動(dòng)能總和增加了uq10、如圖所示，在空間有一坐標(biāo)系，直線與軸正方向的夾角為，第一象限內(nèi)有兩個(gè)方向都垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，直線是它們的邊界，上方區(qū)域Ⅰ中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為.一質(zhì)量為、電荷量為的質(zhì)子(不計(jì)重力)以速度從點(diǎn)沿與成角的方向垂直磁場(chǎng)進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ，質(zhì)子先后通過磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在軸上的點(diǎn)(圖中未畫出)，則（）A．質(zhì)子在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B．質(zhì)子在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C．質(zhì)子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D．質(zhì)子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為多用電表示意圖．其中A、B、C為三個(gè)可調(diào)節(jié)的部件．某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室中用它測(cè)量一阻值約為1～3kΩ的電阻．他測(cè)量的操作步驟如下：（1）調(diào)節(jié)可調(diào)部件________，使電表指針指向左邊零刻度處。（2）調(diào)節(jié)可調(diào)部件B，使它的尖端指向________位置。（3）將紅黑表筆分別插入正負(fù)插孔中，兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)可動(dòng)部件________，使電表指針指向歐姆零刻度位置。（4）將兩只表筆分別與待測(cè)電阻兩端相接，進(jìn)行測(cè)量讀數(shù)。（5）換測(cè)另一阻值為20～25kΩ的電阻時(shí)，選擇“×1k”檔，此時(shí)還必須重復(fù)步驟（3）才能進(jìn)行測(cè)量，若電表讀數(shù)如圖所示，則該待測(cè)電阻的阻值是________．12．（12分）“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中：（1）入射小球m1=15g，原靜止的被碰小球m2=10g，由實(shí)驗(yàn)測(cè)得它們?cè)谂鲎睬昂蟮膞-t圖象如圖甲所示，可知入射小球碰撞后的m1v1′是_____kg·m/s，入射小球碰撞前的m1v1是_____kg·m/s，被碰撞后的m2v2′是_____kg·m/s.由此得出結(jié)論_______________________________．（2）實(shí)驗(yàn)裝置如圖乙所示，本實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)必須要求的條件是________．A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端點(diǎn)的切線是水平的C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放D．入射球與被碰球滿足ma＞mb，ra=rb（3）圖乙中M、P、N分別為入射球與被碰球?qū)?yīng)的落點(diǎn)的平均位置，則實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系是________．A．m1·ON=m1·OP＋m2·OMB．m1·OP=m1·ON＋m2·OMC．m1·OP=m1·OM＋m2·OND．m1·OM=m1·OP＋m2·ON四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，空間分布著有理想邊界的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)．左側(cè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向水平向右，電場(chǎng)寬度為L(zhǎng)；中間區(qū)域勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外．一個(gè)質(zhì)量為m、電量為q、不計(jì)重力的帶正電的粒子從電場(chǎng)的左邊緣的O點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，穿過中間磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域后，又回到O點(diǎn)，然后重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)過程．求：（1）中間磁場(chǎng)區(qū)域的寬度d；（2）帶電粒子從O點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到第一次回到O點(diǎn)所用時(shí)間t．14．（16分）如圖所示為電流天平，可用來測(cè)量磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。天平的右臂上掛有一匝數(shù)為n=9的矩形線圈，線圈的水平邊長(zhǎng)l=10.0cm，線圈下端懸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，當(dāng)線圈中通有I=0.10A的電流時(shí)，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達(dá)到平衡。然后使電流反向，大小不變，這時(shí)需要在左盤中增加質(zhì)量為m=3.6g的砝碼，才能使兩臂再次達(dá)到平衡。求:（1）判斷未增加m時(shí)，天平平衡時(shí)線圈中的電流方向?yàn)轫槙r(shí)針還是逆時(shí)針？（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。15．（12分）如圖所示，A為帶正電Q的金屬板，沿金屬板的垂直平分線，在距板r處放一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球，小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)，受水平向右的電場(chǎng)力偏轉(zhuǎn)θ角而靜止．試求小球所在處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

φ-x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度；用WAB=qUAB來判斷電勢(shì)能的變化情況。對(duì)歸正點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況分析即可?！绢}目詳解】A項(xiàng)：φ-x圖象中，曲線上任意一點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度；R處切線的斜率不為零，故R處的電場(chǎng)強(qiáng)度E≠0；故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若試探電荷從x1處移到x2處，電勢(shì)降低，根據(jù)公式WAB=qUAB，如果是正電荷，電場(chǎng)力做正功，如果是負(fù)電荷，電場(chǎng)力做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：x1處與x2處的切線斜率同為負(fù)值，故x1處與x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：離電荷越近，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，φ-x圖象的斜率應(yīng)越大，而圖中離O點(diǎn)越近，圖象切線的斜率變小，故該電場(chǎng)不可能在O點(diǎn)的正電荷產(chǎn)生的，故D正確。故應(yīng)選D?！绢}目點(diǎn)撥】對(duì)于φ-x圖象，要抓?。孩匐妶?chǎng)強(qiáng)度的大小等于φ-x圖線的斜率大小，電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，φ-x圖線存在極值，其切線的斜率為零。②在φ-x圖象中可以直接判斷各點(diǎn)電勢(shì)的大小，并可根據(jù)電勢(shì)大小關(guān)系確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。③在φ-x圖象中分析電荷移動(dòng)時(shí)電勢(shì)能的變化，可用WAB=qUAB，進(jìn)而分析WAB的正負(fù)，然后作出判斷。2、C【解題分析】

A．導(dǎo)體A的I-U圖線為傾斜直線，故A為線性元件，但因兩坐標(biāo)所用的標(biāo)度并不相同，故不能用正切值來求解電阻，故A錯(cuò)誤.B．導(dǎo)體B的I-U圖線為曲線，故B為非線性元件，但曲線上某點(diǎn)和坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率才為相應(yīng)狀態(tài)的電阻的倒數(shù)，故B錯(cuò)誤.C．圖線交點(diǎn)表示兩導(dǎo)體U和I相同，由B選項(xiàng)分析可知兩電阻R也相同，故C正確.D．由圖可知導(dǎo)體B曲線上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率逐漸變大，故電阻逐漸變小，故D錯(cuò)誤.3、C【解題分析】

發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特，故選C.4、C【解題分析】設(shè)加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，偏轉(zhuǎn)極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，板間距離為d．在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：

①；兩種粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，水平方向做速度為v0的勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于兩種粒子的比荷不同，則v0不同，所以兩粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同．兩種粒子在加速電場(chǎng)中的加速度不同，位移相同，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也不同，所以兩粒子是先后離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)位移②，聯(lián)立①②得；同理可得到偏轉(zhuǎn)角度的正切，可見y和tanθ與電荷的電量和質(zhì)量無關(guān)．所以出射點(diǎn)的位置相同，出射速度的方向也相同．故兩種粒子打屏上同一點(diǎn)．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．故選C．【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道帶電粒子在加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，知道從靜止開始經(jīng)過同一加速電場(chǎng)加速，垂直打入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡相同．做選擇題時(shí)，這個(gè)結(jié)論可直接運(yùn)用，節(jié)省時(shí)間．5、A【解題分析】

A．根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)：電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止，可知兩個(gè)電極帶有等量異種電荷，故A正確；B．由圖可看出，O點(diǎn)電場(chǎng)線較B點(diǎn)密集，可以斷定圖中O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因AB兩點(diǎn)電勢(shì)的高低無法判斷，可知將一正試探電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能不一定減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因OB兩點(diǎn)電勢(shì)相等，可知；而，則電勢(shì)差的絕對(duì)值，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6、D【解題分析】

回旋加速器是通過電場(chǎng)進(jìn)行加速，磁場(chǎng)進(jìn)行偏轉(zhuǎn)來加速帶電粒子．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與交流電源的周期相同，根據(jù)比較周期．當(dāng)粒子最后離開回旋加速器時(shí)的速度最大，根據(jù)求出粒子的最大速度，從而得出最大動(dòng)能的大小關(guān)系。【題目詳解】A項(xiàng)：根據(jù)得，則最大動(dòng)能，與加速電壓無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若只增大交變電壓U，則質(zhì)子在回旋加速器中加速次數(shù)會(huì)減小，導(dǎo)致運(yùn)行時(shí)間變短，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：若只將交變電壓的周期變?yōu)?T，而質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期不變，則兩周期不同，所以不能始終處于加速狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：根據(jù)洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有半徑公式與，所以質(zhì)子第n次被加速前后的軌道半徑之比為，故D正確。故選：D。【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與交流電源的周期相同，求出粒子的周期和最大動(dòng)能，根據(jù)質(zhì)量比和電量比，去比較周期和最大動(dòng)能。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】

A．設(shè)電路中的電流為I，則：P=I[E-I(R+r)]即20=I[20-I(4+1)]解得I=2A選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電源的輸出功率為選項(xiàng)B正確；CD．電動(dòng)機(jī)兩端電壓U=E-I(R+r)=10V電動(dòng)機(jī)的輸出功率為選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。8、BD【解題分析】

電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負(fù)電，因此電場(chǎng)線指向左上方，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故c等勢(shì)線的電勢(shì)最低，a等勢(shì)線的電勢(shì)最高，故A錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，故P點(diǎn)的電勢(shì)能大于Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；從P到Q過程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，動(dòng)能增大，故P點(diǎn)的動(dòng)能小于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密場(chǎng)強(qiáng)大，故P點(diǎn)位置電場(chǎng)強(qiáng)，電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．故選BD．【題目點(diǎn)撥】解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的思路是：根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場(chǎng)力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化．9、BD【解題分析】

由圖可知，桿由水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，球2所處的位置電場(chǎng)線變得密集，場(chǎng)強(qiáng)變大，則球2所受的電場(chǎng)力變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性可知：開始時(shí)兩個(gè)小球處于同一等勢(shì)面上，轉(zhuǎn)動(dòng)后，小球1所在位置A的電勢(shì)較低，小球2所在位置B的電勢(shì)較高，根據(jù)等勢(shì)面線電場(chǎng)線的關(guān)系知道，A、1間電勢(shì)差小于2、B間的電勢(shì)差，小球2的電勢(shì)升高量大于小球1電勢(shì)降低量，所以小球1的電勢(shì)能減小量小于12qu，小球2的電勢(shì)能減小量大于12qu，選項(xiàng)B正確；根據(jù)動(dòng)能定理，系統(tǒng)的重力勢(shì)能未變，則動(dòng)能增加量等于電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功，大小為uq，機(jī)械能增加量等于動(dòng)能的增加量，即系統(tǒng)的機(jī)械能增加量也為uq，故C錯(cuò)誤，D正確?！绢}目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵要能正確分析小球能量如何轉(zhuǎn)化，運(yùn)用W=qU和U=Ed定性分析兩球電勢(shì)能的變化關(guān)系，由能量守恒定律分析即可。10、BD【解題分析】

設(shè)質(zhì)子在磁場(chǎng)I和II中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度為B′，由牛頓第二定律得：qvB＝m①；qvB′＝m②；粒子在兩區(qū)域運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，由帶電粒子才磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性和幾何關(guān)系可知，質(zhì)子從A點(diǎn)出磁場(chǎng)I時(shí)的速度方向與OP的夾角為30°，故質(zhì)子在磁場(chǎng)I中軌跡的圓心角為：θ＝60°，如圖所示：則△O1OA為等邊三角形，有：OA＝r1③，在區(qū)域II中，質(zhì)子運(yùn)動(dòng)圓周，O2是粒子在區(qū)域II中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心，r2＝OAsin30°④，由①②③④解得區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度為：B′＝2B⑤，質(zhì)子在Ⅰ區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角：φ＝60°，在Ⅱ區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為：φ′＝90°，質(zhì)子在Ⅰ區(qū)的運(yùn)動(dòng)周期：T1，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1，故A錯(cuò)誤，B正確；質(zhì)子在Ⅱ區(qū)運(yùn)動(dòng)的周期：T2，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2，故C錯(cuò)誤，D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A“×100”的倍率擋C22.0kΩ【解題分析】（1）多用電表的使用首先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零:調(diào)節(jié)可調(diào)部件A,使電表指針停在表盤左邊的零刻度的位置;

（2）選擇合適的檔位:因電阻,為使指針指在中央刻度附近選擇的倍率擋即可.

（3）選檔后進(jìn)行歐姆調(diào)零:將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔,筆尖相互接觸,調(diào)節(jié)可調(diào)部件C,使電表指針指向表盤右邊的歐姆擋零刻線位置.

（5）換測(cè)另一阻值為的電阻時(shí),應(yīng)調(diào)節(jié)B,使它的尖端指向“”的位置,此時(shí)還必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零,即重復(fù)步驟(3),圖示讀數(shù)為:.綜上所述本題答案是：A；“×100”的倍率擋；C；22.0kΩ12、（1）0.00750.0150.0075碰撞中mv的矢量和是不變量（碰撞過程中動(dòng)量守恒）BCDC【解題分析】

（1）由圖1所示圖象可知，碰撞前球1的速度，碰撞后，球的速度，，入射小球碰撞后的，入射小球碰撞前的，被碰撞后的，碰撞前系統(tǒng)總動(dòng)量，碰撞后系統(tǒng)總動(dòng)量，，由此可知：碰撞過程中動(dòng)量守恒；（2）“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，A錯(cuò)誤；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，C正確；為了保證小球碰撞為對(duì)心正碰，且碰后不反彈，要求ma＞mb，ra=rb，D正確．

（3）要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律即，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，