湖北省鄂東南示范高中教改聯(lián)盟2024屆物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題含解析

湖北省鄂東南示范高中教改聯(lián)盟2024屆物理高二第一學期期中教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、重粒子腫瘤治療裝置中的回旋加速器可發(fā)生+5價重離子束，其電流強度為，則在1s內發(fā)射的重離子個數為（）A． B． C． D．2、如圖,在正電荷Q的電場中有M、N、P、F四點,M、N、P為直角三角形的三個頂點,F為MN的中點,∠NMP=30°,M、N、P、F四點處的電勢分別用?M、?N、?P、?Q表示A．連接PF的線段一定在同一等勢面上B．將正試探電荷從P點搬運到N點,電場力做負功C．將正試探電荷從P點搬運到N點,電勢能增加D．點電荷Q一定在MP的連線上3、在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V。燈泡L標有“3V，6W”字樣，電動機線圈的電阻為1Ω。若燈泡恰能正常發(fā)光，電動機正常工作，下列說法正確的是（）A．流過電動機的電流為5AB．電動機的輸出功率為6WC．電動機的發(fā)熱功率是25WD．整個電路消耗的電功率是10W4、圖為測量某電源電動勢和內阻時得到的U-I圖線．用此電源與三個阻值均為3Ω的電阻連接成電路，測得路端電壓為4.8V．則該電路可能為A． B．C． D．5、如圖所示，質量為m的足球在地面l的位置被踢出后落到地面3的位置，在空中到達的最高點2的高度為h．則A．足球由l到2過程中動能變大B．足球由l到2過程中動能變小C．足球由2到3過程中重力勢能變大D．足球在位置2時動能最大6、下列電器在工作時，主要利用電流熱效應的是A．手機 B．電視機 C．電風扇 D．電飯鍋二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點（不計P、Q的重力以及它們間的相互作用），則從開始射入到打到上極板的過程，下列說法中正確的是A．它們運動的時間相等B．它們所帶的電荷量之比qP：qQ=1：2C．它們的電勢能減小量之比△EP：△EQ=1：2D．它們的電場力做功之比WP：WQ=2：18、如圖所示，虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應強度為B．一帶電微粒自離EF為h的高處由靜止下落，從B點進入場區(qū)，做了一段勻速圓周運動，從D點射出，下列說法正確的是(重力加速度為g)()A．電場強度的方向一定豎直向上B．微粒做圓周運動的半徑為C．從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和重力勢能之和不變D．從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能先增大后減小9、關于電動勢，下列說法正確的是(

)A．電源兩極間的電壓等于電源電動勢B．電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能就越多C．電源電動勢的數值等于內、外電壓之和D．電源電動勢由電源本身決定，與外電路的組成無關10、如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=30°，現在A、B兩點放置兩點電荷qA、qB，測得C點場強的方向與AB平行，且水平向左，則（）A．qA帶負電B．qA帶正電C．qA：qB=1：4D．qA：qB=1：8三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖所示；請回答下列問題：(1)如圖甲所示，在閉合開關之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應放在滑動變阻器__處（填“a”或“b”）(2)現備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0～50Ω）C．電壓表（0～3V）D．電壓表（0～15V）E.電流表（0～0.6A）F.電流表（0～3A）其中電流表應選____，電壓表應選____．（填字母代號）(3)如圖乙是根據實驗數據畫出的U﹣I圖象．由此可知這個干電池的電動勢E=__V，內電阻r=__Ω．12．（12分）有一個電流表Ｇ，內阻Rg＝30Ω，滿偏電流Ig＝1mA．要把它改裝為量程0～0.6Ａ的電流表，要并聯(lián)____Ω的電阻，改裝后電流表的內阻是____Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，已知R3=3Ω，理想電壓表讀數為3v，理想電流表讀數為2A，某時刻由于電路中R3發(fā)生斷路，電流表的讀數2.5A，R1上的電壓為5v，求：（1）R1、R2阻值各是多少?（2）電源電動勢E和內電阻r各是多少？14．（16分）如圖，在區(qū)域Ⅰ（0≤x≤d）和區(qū)域Ⅱ（d<x≤2d）內分別存在大小相等、方向相反的勻強磁場，且垂直于oxy平面．兩個質量均為m、帶電量均為q（q>0）的粒子a、b于某時刻從坐標原點O沿著x軸正方向射入區(qū)域Ⅰ，入射速度分別為和，粒子在區(qū)域Ⅰ內向y軸正方向偏轉．己知粒子a在離開區(qū)域Ⅰ時，速度方向與x軸正向的夾角為30°．不計重力和兩粒子之間的相互作用力．求：（1）區(qū)域Ⅰ內的磁場方向和磁感應強度大小；（2）a在磁場中運動的時間；（3）當a離開區(qū)域Ⅱ時，a、b兩粒子的y坐標之差．15．（12分）如圖所示，質量為3m的木塊靜止放置在光滑水平面上，質量為m的子彈(可視為質點)以初速度v0水平向右射入木塊，穿出木塊時速度變?yōu)?，試求：①子彈穿出木塊后，木塊的速度大??；②子彈穿透木塊的過程中產生的熱量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

根據公式，可得在單位時間內發(fā)射的粒子的電荷量為，故個數為個，D正確；2、D【解題分析】

AD、點電荷電場的等勢面是以點電荷為圓心的一族同心圓，所以任意兩個等勢點連線的垂直平分線都通過點電荷，如下圖所示，MN的垂直平分線和PF的垂直平分線相交于一點E，E點即點電荷所在的位置，根據幾何關系可得E點在MP邊，即點電荷一定在MP連線上，PF是P、F所在等勢面(圓)的一個弦，連接PF的線段一定不在同一等勢面上，故D正確，A錯誤；BC、在正的點電荷的電場中，離場源越遠，電勢越低，將正試探電荷從P點搬運到N點，電場力做正功，電勢能減小，故B、C錯誤；故選D?！绢}目點撥】點電荷電場的等勢面是以點電荷為圓心的一族同心圓，，對于圓，圓弧上任意兩點的連線的中垂線一定通過圓心；找出電荷位置后，根據電勢能的變化情況判斷電場力做功情況。3、B【解題分析】

A．因為燈泡正常發(fā)光，則電路電流則流過電動機的電流是2A，故A錯誤；

BCD．整個電路消耗的功率P總=UI=8×2W=16W電動機的熱功率輸出功率為故B正確，CD錯誤。故選B。4、B【解題分析】

由上圖可知電源電動勢為，電源內阻為．

A．三電阻并聯(lián)，，，；

B．兩個電阻串聯(lián)，然后與第三個電阻并聯(lián)，，，；

C．三電阻串聯(lián)，，，；

D．兩電阻并聯(lián)后與第三個電阻串聯(lián)，，，；【題目點撥】根據圖象求得電源的電動勢和內電阻是本題的關鍵，之后根據閉合電路歐姆定律來計算即可．5、B【解題分析】

足球由l到2過程中只受重力，重力做負功，所以動能變?。蔄錯誤，B正確；足球由2到3過程中，重力做正功，重力勢能減小，故C錯誤足球在位置2時重力勢能最大，動能最小，故D錯誤；故選B．6、D【解題分析】

由題意可知考查用電器能量轉化問題，根據電器工作原理分析可得。【題目詳解】A．手機工作時把電能主要轉化為聲能、光能、小部分轉化為內能，故A不符合意；B．電視機工作時把電能主要轉化為光能，小部分轉化為內能，故B不符合意；C．電風扇工作時把電能主要轉化為機械能，小部分轉化為內能，故C不符合意；D．電飯鍋工作時把電能轉化為內能，故D符合題意，所以選擇D選項。【題目點撥】根據各種電器的工作原理、電能轉化特點分析可得。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】垂直電場方向不受力，做勻速直線運動，位移相等，速度相等，由x=vt得知，運動的時間相等，故A正確；平行電場方向受到電場力作用，做初速度為零的勻加速直線運動，根據位移時間關系公式，有：y=12at2，解得：a=2yt2…①，

根據牛頓第二定律，有：qE=ma…②，由①②兩式解得：q=2myEt2，所以它們所帶的電荷量之比qP：qQ=1：2，故B正確；根據動能定理，有：qEy=△Ek，而：qP：qQ=1：2，yP：yQ=1：2，所以電場力做功之比WP：WQ=1：4，它們的電勢能減小量之比8、BCD【解題分析】

帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中，受到重力、電場力和洛倫茲力而做勻速圓周運動，可知電場力與重力平衡．由洛倫茲力提供向心力，可求出微粒做圓周運動的半徑．根據電場力做功正負，判斷電勢能的變化和機械能的變化．【題目詳解】由題，帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，電場力與重力必定平衡，則微粒受到的電場力的方向一定豎直向上，粒子帶負電，故場強向下．故A錯誤．由A分析，則有：mg=qE，由洛倫茲力提供向心力，則有：，又，聯(lián)立解得：，故B正確；根據能量守恒定律得知：微粒在運動過程中，電勢能、動能、重力勢能之和一定，動能不變，則知微粒的電勢能和重力勢能之和一定．故C正確．由于電場力方向豎直向上，則微粒從B點運動到D點的過程中，電場力先做負功后做正功，則其電勢能先增大后減小．故D正確．故選BCD．【題目點撥】本題解題關鍵是分析微粒做勻速圓周運動的受力情況，根據合力提供向心力進行判斷．9、CD【解題分析】

AC.電源沒有接入電路時兩極間的電壓等于電源電動勢，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，電源電動勢的數值等于內、外電壓之和，故A錯誤，C正確；B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，但不是將其他形式的能轉化為電能就越多．故B錯誤；D.電動勢是描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量，大小由電源本身決定，與外電路的組成無關，故D正確．【題目點撥】電動勢是描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量；電源電動勢等于電源沒有接入電路前兩極間的電壓，等于電路內外電壓之和．10、AD【解題分析】

AB．放在A點和B點的點電荷在C處產生的場強方向在AC和BC的連線上，因C點合場強方向與BA方向平行，故放在A點的點電荷和放在B點的點電荷產生的場強方向只能如圖所示，由C→A和由B→C，故qA帶負電，qB帶正電，A正確B錯誤；CD．根據矢量三角形可知，即：，又由幾何關系知：，所以，C錯誤D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、aCE1.50.75【解題分析】

(1)滑動變阻器采用限流接法，在閉合開關之前為防止電表過載，滑動變阻器的滑動觸頭P應放在a處；(2)電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C，由圖乙可知，電路中的電流最大值為0.4A，因此電流表選擇E；(3)由圖乙所示圖象可知，電源的U-I圖象與縱軸的交點坐標值是1.5，則電源電動勢E=1.5V，圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為．【點晴】在選擇電壓表和電流表時要求在不超過量程的前提下偏轉角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉最好，在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大?。?2、0.050.05【解題分析】把電流表改裝成0.6A的電流表，需要并聯(lián)分流電阻阻值：改裝后電流表的內阻：綜上所述本題答案是：（1）.（2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（l）2Ω1Ω（2）10V2Ω【解題分析】試題分析：根據題意可知R3斷路后，R1直接接到電壓兩端，電壓表測量R1電壓，根據歐姆定律求出R1的阻值，根據串聯(lián)分壓可以求出電阻R2的阻值，在R3斷開前后，根據閉合電路歐姆定律列式即可求解電動勢和內電阻。（1）R3斷開時，電壓表測量R1電壓，電流表測量電流，根據歐姆定律可得：R3斷開前R1上電壓為：U1=R1I=4V電壓關系為：U1=U2+U3可得：U2=1V根據串聯(lián)分壓特點可得：解得：R2=1Ω（2）R3斷開前總電流I1=3A根據閉合電路歐姆定律可得：E=U1+I1rR3斷開后總電流I2=2.5A根據閉合電路歐姆定律可得：E=U2+I2r聯(lián)立方程解得：E=10V

r=2Ω點睛：本題主要考查了電路故障前后電路的結構，能根據閉合電路歐姆定律結合串并聯(lián)電路的特點求解，理想電流表看作短路，理想電壓表看作斷路。14、（1）磁場方向垂直于紙面向里B=（2）（3）Δy=【解題分析】

（1）粒子帶正電，在區(qū)域Ⅰ內向y正方向偏轉由左手定則可知，磁場方向垂直于紙面向里軌跡如圖所示：粒子a離開區(qū)域Ⅰ時速度的偏轉角是30°，根據數學知識，在區(qū)域Ⅰ對應的圓心角為30°設粒子a在磁場中的軌道半徑為R根據幾何關系