2024屆淮北市重點中學高二物理第一學期期中聯考試題含解析

2024屆淮北市重點中學高二物理第一學期期中聯考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某導線中的電流是7.5×10–3A，則通過導線橫截面的電荷量為15C所需要的時間為A．2.0×104s B．2.0×106sC．2.0×105s D．2.0×103s2、如圖所示，A、B為兩塊水平放置的金屬板，通過閉合的開關S分別與電源兩極相連，兩板中央各有一個小孔a和b．在a孔正上方某處一帶電質點由靜止開始下落，不計空氣阻力，該質點到達b孔時速度恰為零，然后返回．現要使帶電質點能穿出b孔，可行的方法是()A．保持S閉合，將B板適當下移B．保持S閉合，將A板適當上移C．先斷開S，再將A板適當上移D．先斷開S，再將B板適當下移3、如圖所示，將兩不帶電的絕緣導體AB、CD放在帶負電的導體Q的附近，達到靜電平衡狀態(tài)后，下列說法正確的是()A．用導線連接A、B兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由A到BB．用導線連接A、C兩端，連通瞬間沒有電流通過導線C．用導線連接A、D兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由A到DD．用導線連接B、C兩端，連通瞬間有電流通過導線，方向由C到B4、關于曲線運動的論述中，正確的是A．做曲線運動的物體所受的合外力可能為零B．物體不受外力時，其運動軌跡可能是直線也可能是曲線C．做曲線運動的物體的速度一定時刻變化D．做曲線運動的物體，其所受的合外力方向與速度方向可能一致5、如圖所示，a、b和c表示電場中的三個等勢面，a和c的電勢分別為5V和1V，a、b的電勢差等于b、c的電勢差。一帶電粒子從等勢面a上某處以速度v釋放后，僅受電場力作用而運動，經過等勢面c時的速率為6v，則它經過等勢面bA．2vB．C．102v6、關于自感現象，下列說法正確的是()A．感應電流一定和原電流方向相反B．線圈中產生的自感電動勢較大時，其自感系數一定較大C．對于同一線圈，當電流變化較快時，線圈中的自感系數較大D．對于同一線圈，當電流變化較快時，線圈中的自感電動勢也較大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、絕緣水平面上固定一正點電荷Q，另一質量為m，電荷量為-q的滑塊（可看做點電荷）從a點以初速度v0沿水平面向Q運動，到達b點時速度減為零．已知a、b間距離為s，滑塊與水平面間的動摩擦因數為μ，重力加速度為g，則以下判斷正確的是（A．滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力B．滑塊在運動過程中的中間時刻，速度大小等于vC．此過程產生的內能小于1D．Q產生的電場中，a、b兩點間的電勢差為U8、如圖ABCD的矩形區(qū)域，邊長AB=2AD，質量m、帶電量q的正電粒子以恒定的速度v從A點沿AB方向射入矩形區(qū)域，若該矩形區(qū)域充滿沿A至D方向的勻強電場，則粒子恰好從C點以速度v1射出電場，粒子在電場中運動時間為t1，若該矩形區(qū)域充滿垂直紙面的勻強磁場，則粒子恰好從CD邊的中點以速度v2射出磁場，粒子在磁場中運動時間為t2，(粒子的重力不計)，則：A．v1>v2 B．t1<t2C． D．9、關于電源與電動勢的下列說法中正確的是（）A．電源可以通過靜電力做功，把其他形式的能轉化成電勢能B．當外電路的電阻變化時，電源的電動勢一定保持不變C．電源的電動勢大小與電源的體積有關D．閉合電路中，由于電源內部具有電阻，因此電源內部也有電壓10、如圖是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經漏斗落入水平勻強電場后，分落收集板中央的兩側．對礦粉分離的過程，下列表述正確的有()A．帶負電的礦粉落在左側B．電場力對礦粉做負功C．帶負電的礦粉電勢能變小D．帶正電的礦粉電勢能變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在把電流表改裝成電壓表的實驗中，把量程Ig=300μA，內阻約為100Ω的電流表G改裝成電壓表．（1）采用如圖所示的電路測電流表G的內阻Rg，可選用器材有：A．電阻箱：最大阻值為999.9Ω；B．電阻箱：最大阻值為99999.9Ω；C．滑動變阻器：最大阻值為200Ω；D．滑動變阻器，最大阻值為2kΩ；E．電源，電動勢約為2V，內阻很??；F．電源，電動勢約為6V，內阻很??；G．開關、導線若干?為提高測量精度，在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇___；可變電阻R2應該選___；電源E應該選擇___．（填入選用器材的字母代號）（2）測電流表G內阻Rg的實驗步驟如下：a．連接電路，將可變電阻R1調到最大；b．斷開S2，閉合S1，調節(jié)可變電阻R1使電流表G滿偏；c．閉合S2，調節(jié)可變電阻R2使電流表G半偏，此時可以認為電流表G的內阻Rg=R2設電流表G內阻Rg的測量值為R測，真實值為R真，則R測___R真?（填“大于”、“小于”或“相等”）（3）若測得Rg=105.0Ω，現串聯一個9895.0Ω的電阻將它改裝成電壓表，用它來測量電壓，電流表表盤指針位置如圖所示，則此時所測量的電壓的值應是___V．12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的I-U圖線，現有下列器材供選用：A．電壓表（0～5V，內阻10kΩ）B．電壓表（0～15V，內阻20kΩ）C．電流表（0～3A，內阻0.4Ω）D．電流表（0～0.6A，內阻1Ω）E.滑動變阻器（最大阻值為10Ω，允許最大電流為2A）F.滑動變阻器（最大阻值為500Ω，允許最大電流為1A）G.學生電源（直流6V）、開關、導線若干（1）實驗時，選用圖甲而不選用圖乙所示的電路圖來完成實驗，其理由是__________：（2）實驗中所用電壓表應選用_______，電流表應選用________，滑動變阻器應選用________.（用序號字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉技術實現的．電子束經過電壓為U的加速電場后，進入一圓形勻強磁場區(qū)，如圖所示．磁場方向垂直于圓面．磁場區(qū)的中心為O，半徑為r．當不加磁場時，電子束將通過O點而打到屏幕的中心M點．為了讓電子束射到屏幕邊緣的P點，需要加磁場，使電子束偏轉一已知角度θ。（已知電子質量為m，電荷量為e）求（1）電子束剛進入勻強磁場區(qū)時的速度大小；（2）此時磁場的磁感應強度B的大小。14．（16分）近百年前英國科學家湯姆遜以及他所帶領的一批學者對原子結構的研究奠定了近代物理學的基石，其中他對陰極射線粒子比荷測定實驗最為著名，裝置如圖（1）所示。阜寧中學某班的學生在實驗室重做該實驗，裝置如圖（2）所示，在玻璃管內的陰極K發(fā)射的射線被加速后，沿直線到達畫有正方形方格的熒光屏上。在上下正對的平行金屬極板上加上電壓，在板間形成電場強度為E的勻強電場，射線向上偏轉；再給玻璃管前后的勵磁線圈加上適當的電壓，在線圈之間形成磁感應強度為B的勻強磁場，射線沿直線運動，不發(fā)生偏轉。之后再去掉平行板間的電壓，射線向下偏轉，經過屏上A點，如圖（3）所示。（不計射線的重力，勻強電場、勻強磁場范圍限定在刻度“1”和“7”所在的豎直直線之間，且射線由刻度“1”所在位置進入該區(qū)域）。求：（1）求該射線進入場區(qū)域時的初速度v；（2）已知正方形方格邊長為d，求該射線粒子的比.（3）帶電粒子在磁場中運動到A點的時間？15．（12分）如圖所示，用一根絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球的質量為m=1.0×10﹣2kg．現加一水平方向向左的勻強電場，場強E=3.0×106N/C，平衡時絕緣線與豎直方向的夾角θ為30°．求：（1）小球帶何種電荷，電荷量為多大；（g取10m/s2）（2）如果繩子突然斷了，小球如何運動，加速度多大．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

已知電流和電量，則由電流的定義變形后可求得通過15C電量所需要的時間．由I=可知：通過導線橫截面的電荷量為15C所需要的時間為t==2.0×103s故選D．【點評】本題考查電流的定義式的變式計算，屬公式的簡單應用，注意計算的準確性即可．2、A【解題分析】

設質點距離A板的高度h，A、B兩板原來的距離為d，電壓為U．質點的電量為q。由題質點到達b孔時速度恰為零，根據動能定理得mg（h+d）-qU=1。若保持S閉合，將B板適當下移距離△d，由動能定理得mg（h+d+△d）-qU=12mv2，則v＞1，質點能穿過b孔。故A正確。若保持S閉合，將A板適當上移，設質點到達b時速度為v，由動能定理得mg（h+d）-qU=12mv2，v=1，說明質點到達b孔時速度恰為零，然后返回，不能穿過b孔。故B錯誤。若斷開S時，將A板適當上移，板間電場強度不變，設A板上移距離為△d，質點進入電場的深度為d′時速度為零。由動能定理得mg（h-△d）-qEd′=1，又由原來情況有mg（h+d）-qEd=1．比較兩式得，d′＜d，說明質點在到達b孔之前，速度減為零，然后返回。故C錯誤。若斷開S，再將B板適當下移，根據動能定理，并由C選項分析可知，質點在到達b孔之前，速度減為零，然后返回。故D【題目點撥】本題應用動能定理分析質點的運動情況，其中用到一個重要推論：對于平行板電容器，當電量、正對面積不變，改變板間距離時，板間電場強度不變．3、D【解題分析】

根據靜電感應可以判斷金屬導體的感應的電荷的情況，從而可以判斷導體帶電的情況．【題目詳解】根據靜電感應規(guī)律可以判斷枕形導體A端帶正電荷，B端帶負電荷。處于靜電平衡的導體是等勢體，用導線連接A、B兩端，連通瞬間沒有電流通過導線，故A錯誤；根據沿著電場線的方向，電勢降低可知，導體AB的電勢低于CD的電勢，當用導線連接A、C兩端，連通瞬間有電子從AB流向CD，有電流通過導線，故B錯誤；處于靜電平衡的導體整個導體是等勢體，AB的電勢低于CD的電勢，當用導線連接A、D兩端時，電子從A流向D，導線中電流方向由D到A；當用導線連接B、C兩端時，導線中電子從B流向C，連通瞬間有電流通過導線，方向由C到B，故C錯誤，D正確；故選D?！绢}目點撥】感應帶電，這是使物體帶電的一種方法，根據異種電荷互相吸引的原理可知，靠近的一端會帶異種電荷．同時處于靜電平衡的導體，電荷只分布在外表面，自身是等勢體，內部電場強度為零．4、C【解題分析】

A．物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，合外力不能等于零，故A錯誤；B．物體不受外力時，物體做勻速直線運動或者靜止，不能做曲線運動，故B錯誤；C．作曲線運動的物體的速度方向一定是變化的，所以速度一定時刻變化，故C正確；D．物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，故D錯誤。5、D【解題分析】

由動能定理知從a到c：qUac＝12m[(6v)2?v2]=2.5mv2=4q，設在等勢面b時的速率為v′，則：qUab＝12m(v′2?v2)=2q，聯立可得：v′=142【題目點撥】解答此題關鍵是知道沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，動能增加；電場力做負功，電勢能增加，動能減?。祟}還可以用電勢能和動能之和守恒來求解.6、D【解題分析】

A．根據楞次定律，當原電流增大時，感應電流與原電流方向相反；當原電流減小時，感應電流與原電流方向相同，故A錯誤；B．自感系數是由線圈本身的特性決定的，與自感電動勢的大小無關，故B錯誤；CD．根據法拉第電磁感應定律可知，當電流變化越快時，磁通量變化越快，自感系數不變，自感電動勢越大，故C錯誤，D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

A、由題意可知，滑塊水平方向受庫侖力、滑動摩擦力，摩擦力與運動方向相反，而庫侖力與運動方相同，因滑塊在到達b點時速度減為零，所以從a點到b點滑塊做減速運動，則有滑塊在運動過程中所受Q的庫侖力一定小于滑動摩擦力，故A正確；B、水平方向受大小不變的摩擦力及變大的庫侖力，當在滑動過程中，隨著間距減小，庫侖力增大，但仍小于滑動摩擦力，所以導致加速度慢慢減小，加速度是變化的，故中間時刻的速度小于v02，故C、由動能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02，產生的內能Q=μmgs=Uq+D、由動能定理可得：Uq-μmgs=0-12mv02故選AD。【題目點撥】根據滑塊的運動情況可知滑塊受力情況，則可知庫侖力與滑動摩擦力的大小關系；由滑塊的受力情況可確定加速度的變化情況，即可判斷中間時刻的速度；由動能定理可確定過程中產生的內能與動能變化關系；由動能定理可求得兩點間的電勢差。8、AC【解題分析】

分別畫出粒子在電場和磁場中的運動軌跡，然后根據運動規(guī)律列出表達式進行求解．【題目詳解】A．由于粒子是帶正電，從A到C的過程中電勢降低，因此電場力做正功，于是有v1>v，若在磁場中運動時，磁場對粒子不做功，于是有v2=v；因此可以得到：，故A正確；ＢＣＤ．粒子在電場中是做類平拋運動，所以在AB方向是勻速運動，即在磁場中做勻速圓周運動，由題可以確定圓心在D點，所以，又因為AB＝2AD，所以可求得：，因此，所以BD錯誤，C正確．故選ＡＣ【題目點撥】不能把類平拋運動轉化為水平方向的勻速運動，豎直方向的勻加速運動，難以確定粒子在磁場中運動的圓心．9、BD【解題分析】

A．電源可以通過非靜電力做功，把其他形式的能轉化成電勢能，選項A錯誤；B．電源電動勢由電源本身決定，當外電路的電阻變化時，電源的電動勢一定保持不變，選項B正確；C．電源的電動勢大小與電源的體積無關，選項C錯誤；D．電源與用電器組成閉合回路時，電路中有一定的電流，由于電源都有一定的內電阻，所以內電路有電壓，故D正確。故選BD。10、CD【解題分析】

礦料分選器內的電場方向水平向左，帶負電的礦粉受到水平向右的電場力，所以會落到右側，無論礦粉帶什么電，在水平方向上都會在電場力的作用下沿電場力的方向偏移，位移與電場力的方向相同，電場力做正功，電勢能都減小，CD正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BAF小于2.30【解題分析】

本實驗通過半偏法測量電流表G的內阻，抓住整個電路電流要基本保持不變，確定選擇的器材．通過總電阻的變化，導致總電流的變化，確定半偏法測量電流表內阻的誤差．根據歐姆定律求出改裝后電壓表的電壓．（1）利用半偏法測量電流表G的內阻，要保證總電流基本不變，則R1的阻值遠大于R2的阻值，電動勢選擇大一些的．故可變電阻R1應該選擇B；可變電阻R2應該選擇A；電源E應該選擇F．（2）由于并聯R2后，總電阻減小，則總電流增大，所以通過R2的實際電流大于通過電流表G的電流，則R2的阻值小于電流表G的阻值，所以電流表R測＜R真．（3）根據歐姆定律得：U=Ig（Rg+R）=2.3×10﹣4×（105+9895）=2.30V；【題目點撥】本題考查了實驗器材選擇、實驗誤差分析、電壓表讀數，知道半偏法測電表內阻的實驗原理是正確解題的關鍵，要掌握實驗器材的選擇原則．12、(1)描繪燈泡的I-U圖線所測數據需從零開始，并要多取幾組數據；(2)A，D，E【解題分析】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，并要多取幾組數據，滑動變阻器應選擇分壓接法；（2）[2]燈泡額定電壓為4V，電壓表應選A；[3]燈泡額定電流電流表應選D；[4]為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇總阻