2024屆浙江省溫州九校高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題含解析

2024屆浙江省溫州九校高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、原來都是靜止的質子和α粒子，經過同一電場加速后，它們的動能大小之比為（）A．1：2B．1：1C．2：1D．2：32、如圖為四種電場的電場線的分布圖，一正電荷q僅在電場力作用下由a點向b點做加速運動，且加速度越來越小，則該電荷所在的電場是圖中的()A． B． C． D．3、如圖所示，小球A固定在絕緣支架上，小球B用絲線懸掛，兩小球均帶有正電荷?，F(xiàn)將A向右移近B，觀察到絲線與豎直方向的夾角增大，這表明電荷間()A．距離逐漸減小，作用力增大B．距離逐漸減小，作用力減小C．距離逐漸增大，作用力增大D．距離逐漸增大，作用力減小4、如圖所示為某靜電場中x軸上各點電勢φ的分布圖，一個帶電粒子從坐標原點O僅在靜電力作用下沿x軸正方向運動，則（）A．粒子一定帶正電B．粒子一定帶負電C．粒子從運動到，加速度先增大后減小D．粒子從運動到，加速度先減小后增大5、以下6種表述中，全部正確的一組是（）①布朗運動是懸浮固體顆粒分子的無規(guī)則運動②在任何情形下，沒有摩擦的理想熱機都可以把吸收的熱量全部轉化為機械能③溫度相同的不同物體，它們分子熱運動的平均動能一定相同④在熔化過程中晶體要吸收熱量，溫度保持不變，但內能增加⑤在一定溫度下，飽和汽的壓強是一定的⑥由于液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離，表面層分子之間只有引力，沒有斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢A．①④⑥ B．②③④ C．③④⑤ D．①⑤⑥6、如圖，用細繩系著的小球,在光滑水平面上繞O點做勻速圓周運動,若小球運動到A點繩突然斷裂，則此后小球的運動情況是（）A．沿軌跡a運動 B．沿軌跡b運動C．沿軌跡c運動 D．沿軌跡d運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,、兩個小球從不同高度同時沿相反方向水平拋出,其平拋運動軌跡的交點為,則以下說法正確的是A．、兩球同時落地B．球先落地C．、兩球在點相遇D．無論兩球初速度大小多大,兩球總不能相遇8、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器R2的滑動片由a端向b端移動，用兩個電表分別測量電壓和電流，得到部分U﹣I關系圖象如圖（乙）所示，則（）A．電源的電動勢為6VB．滑動變阻器的總阻值為20ΩC．當電壓表示數(shù)為5.0V時，電源效率最高D．當電壓表示數(shù)為5.0V時，R2消耗的總功率最大9、某同學用伏安法測電阻時，分別采用了內接法和外接法，測得的某電阻Rx的阻值分別為R1和R2，則所測阻值與真實值Rx間的關系為()A．R1＞RxB．Rx＜R2C．Rx＞R1D．R2＜Rx10、如圖所示，在正方形區(qū)域的四個頂點固定放置四個點電荷，它們的電量的絕對值相等，電性如圖中所示．K、L、M、N分別為正方形四條邊的中點，O為正方形的中心．下列關于各點的電場強度與電勢的判斷正確的是（）A．K點與M點的電場強度大小相等、方向相反B．O點的電場強度為零C．N點電場強度的大小等于L點電場強度的大小D．K、O、M三點的電勢相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）讀數(shù)，甲為游標卡尺，乙為螺旋測微器．（1）圖甲游標卡尺的讀數(shù)為____________________（2）圖乙螺旋測微器的讀數(shù)為__________________12．（12分）要測繪一個標有“3V，0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作。已選用的器材有：電池組（電動勢為4.5V，內阻約1Ω）：電流表（量程為0～250mA．內阻約5Ω）；電壓表（量程為0～3V。內限約3kΩ）：電鍵一個、導線若干。①實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_____（填字母代號）。A．滑動變阻器（最大阻值20Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1750Ω，額定電流0.3A）②實驗的電路圖應選用圖1中_____（填字母代號）。③實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖2所示。如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5V，內阻為5.0Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_____W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，ABC為光滑的固定在豎直面內的半圓形軌道，軌道半徑為R=0.4m，A、B為半圓軌道水平直徑的兩個端點，O為圓心．在水平線MN以下和豎直線OQ以左的空間內存在豎直向下的勻強電場，電場強度E=1.0×106N/C，一個質量m=2.0×10-2kg，電荷量q=2.0×10-7C的帶正電小球（可看作質點），從A點正上方由靜止釋放，經時間t=0.3s到達A點并沿切線進入半圓軌道，g=10m/s2，不計空氣阻力及一切能量損失，求：（1）小球經過C點時對軌道的壓力大?。唬?）小球經過B點后能上升的最大高度．14．（16分）已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，萬有引力常量為G，不考慮地球自轉的影響．(1)求衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的第一宇宙速度v1；(2)若衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動且運行周期為T，求衛(wèi)星運行半徑r；(3)由題目所給條件，請?zhí)岢鲆环N估算地球平均密度的方法，并推導出密度表達式．15．（12分）如下圖所示,勻強電場中的A、B、C,三點連線組成一個直角三角形,其中為直角,等于,邊長,現(xiàn)將一電量為的負點電荷從A點移到B點,電場力做功;將另一個電量為的負點電荷從A點移到C點,電場做功.設B點的電勢為零,求:(1)A、C兩點的電勢差；(2)勻強電場的電場強度大小和方向(在圖上畫出).

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】設任一帶電粒子的質量為m，電量為q，加速電場的電壓為U，根據動能定理得：qU=Ek

質子和α粒子的電量之比為1：2，故動能之比為1：2；故選A．2、B【解題分析】

A圖中是勻強電場，電場強度不變，則粒子受到的電場力不變，加速度不變，故A錯誤。B.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變稀疏，電場強度變小，電場力變小，加速度減小，故B正確。C.正電荷受電場力向左，所以粒子減速運動，故C錯誤。D.正電荷受電場力向右，粒子加速，電場線變密集，電場強度變大，電場力變大，加速度變大，故D錯誤。3、A【解題分析】

絲線與豎直方向的夾角增大，說明電荷間的作用力增大，故AB電荷間的庫侖力隨距離減小而增大；【題目詳解】A、對小球B進行受力分析，可以得到小球受到的電場力：F=mgtanθ，若B球懸線的偏角越大，則電場力也越大，所以使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，說明了兩電荷之間的相互作用力隨其距離的減小而增大，故A正確、B錯誤；

C、雖然距離逐漸增大，作用力減小，夾角變小，但本題觀察到絲線與豎直方向的夾角增大，故【題目點撥】該題考查庫侖定律的演示實驗，屬于記憶性的知識點，實驗時，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，本實驗的方法是控制變量法。4、D【解題分析】

AB、由圖象可知,從坐標軸上x1處運動到x2處電勢逐漸升高，說明電場方向水平向左．粒子運動情況未知，無法判斷粒子帶電電性，故粒子帶負電，故A錯誤，B錯誤；CD、由圖象的斜率大小等于電場強度可知，粒子從坐標軸上x1處運動到x3處的斜率先減小后增大，故電場強度先減小后增大，則電場力先減小后增大，故加速度先減小后增大，故C錯誤，D正確；故選D．5、C【解題分析】

①布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，反映了液體中分子的無規(guī)則運動，而不是懸浮固體顆粒分子的無規(guī)則運動，故說法錯誤；②根據熱力學第二定律，不可能從單一熱源吸熱而全部轉化為機械能，即熱機的效率不可能達到100%，故說法錯誤；③溫度是分子平均動能的標志，所以溫度相同它們分子熱運動的平均動能一定相同，故說法正確；④晶體融化吸收熱量，溫度不變，溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子的平均動能不變，平均勢能增加，內能增加，故說法正確；⑤飽和氣壓僅與溫度有關，與體積無關，故說法正確；⑥體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子距離比液體內部大一些，分子間的引力大于斥力，相互作用表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，故說法錯誤。故全部說法正確的是③④⑤，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、A【解題分析】

用繩子拉著小球在光滑的水平面上運動，如果繩子突然斷了，在水平方向小球將不受力的作用，所以將保持繩子斷時的速度做勻速直線運動，即沿著軌跡a運動，故A正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

做平拋運動時，下落的時間取決于下落的高度，從圖中可知a球下落的高度大于b球，根據可得a球下落過程中的時間長，故b球先落地，A錯誤B正確；由于在P點兩球下落的高度不同，所以到達P點的時間不同，故不能在P點相遇，C錯誤D正確；8、BC【解題分析】

根據電路圖結合數(shù)學知識可知，當aP的電阻等于bP的電阻時，并聯(lián)部分電阻最大，此時電壓表示數(shù)最大，根據乙圖可知，電壓表示數(shù)最大為5V，此時電流表示數(shù)為0.5A，則有：RaP=UI=50.5Ω=10Ω，則滑動變阻器的總阻值為R=2RaP=20Ω，根據閉合電路歐姆定律得：E=U+2I（R1+r），根據乙圖可知，當電壓表示數(shù)U1=4V時電流表示數(shù)為I1=0.25A或I2=1A，根據閉合電路歐姆定律得：E=U1+（I1+I2）（R1+r），聯(lián)立方程解得：E=9V，R1+r=4Ω，故A錯誤，B正確；電源效率η=UIIE=UE，當電壓表示數(shù)為5.0V時，并聯(lián)部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時路段電壓最大，效率最高，故C正確；把R1看成內阻，當并聯(lián)部分電阻R并=R1+r9、AD【解題分析】采用內接法時，電流表與待測電阻串聯(lián)，故電流表是準確的；而由于電流表的分壓使電壓表測量值偏大，由歐姆定律可知求得的測量值偏大，故A正確；當采用外接法時，電壓表與待測電阻并聯(lián)，故電壓表是準確的；而由于電壓表的分流使電流表測量結果偏大，由歐姆定律可知測量值偏小，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。10、CD【解題分析】試題分析：根據點電荷的電場即電場的疊加可得：K點與M點的電場強度大小相等、方向相同，所以A錯誤；根據電場的疊加可得，O點的電場強度水平向右，不為零，所以B錯誤；由對稱性知，N點的電場強度大小等于L點的電場強度大小,所以C錯誤；K、O、M三點的電勢都等于零，所以D正確?？键c：本題考查電場強度、電勢三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.985.680【解題分析】

解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【題目詳解】游標卡尺的主尺讀數(shù)為2.9cm，游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為8×0.1mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：2.9cm+0.8mm=2.98cm．螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為18.0×0.01mm=0.180mm，最終讀數(shù)為5.5mm+0.180mm=5.680mm．12、AB0.1【解題分析】

①[1]．因實驗要求電流從零調，所以滑動變阻器應用分壓式接法，應選全電阻最小的變阻器A。②[2]．因小燈泡電阻為故電流表應用外接法，又變阻器用分壓式，故電路圖應選B。③[3]．電源與小燈泡直接串聯(lián)，那么路端電壓等于小燈泡兩端的電壓，畫出內阻為5Ω，電動勢為1.5V的電源的路端電壓與干路電流的關系圖線和小燈泡的伏安特性曲線的交點即表示小燈泡與該電源直接串聯(lián)；根據交點坐標（1.0V，0.1A）可以計算出小燈泡消耗的功率為P=UI=1×0.1=0.1W四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.65N（2）0.85m【解題分析】（1）由題意可知，小球進入電場前做自由落體運動，設下落的高度為h，到達C的速度為vC，由題意可得：（1）小球進入電場后做圓周運動，從A點運動到C點過程由動能定理可得：（2）可得：vC=5m/s（3）設到達C時軌道對小球的支持力為N，由受力分析可得：（4）由牛頓第三定律可得小球對軌道的壓力大小為N'=N=1.65N（5）（2）設小球經過B點后上升的最大高度為h'，小球從C點經過B點上升到最高點的過程中，由機械能守恒定律可得：（6）代入數(shù)據可得：h