吉林省白城市一中2024屆高二物理第一學(xué)期期中預(yù)測試題含解析

吉林省白城市一中2024屆高二物理第一學(xué)期期中預(yù)測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，理想電流表A1的讀數(shù)為1.2A，理想電流表A2的讀數(shù)為2A，則以下說法正確的是(A．R1<R2B．R1>R2C．R1=R2，表D．R1>R2、通過電阻R的電流為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，若電阻為R，電流為2I，則在時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為(

)A．4Q B．2Q C． D．3、如圖所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電的粒子（不計重力），在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，對于這軌跡上的a、b、c三點來說，下列選項說法正確的是A．粒子必先過a，再到b，然后到cB．粒子帶正電C．粒子在三點的動能大小關(guān)系是Ekb>Eka>EkcD．粒子在三點的電勢能大小關(guān)系是Epb>Epa>Epc4、下列說法正確的是A．電流通過導(dǎo)體的熱功率與電流大小成正比B．導(dǎo)體的電阻與電流大小成反比C．電容器所帶電荷量與兩極間的電勢差成正比D．電場中某點的電勢與電荷在該點的電勢能成正比5、有一臺使用交流電的電冰箱上標有額定電壓為“”的字樣，這“”是指（）A．交流電電壓的瞬時值B．交流電電壓的最大值C．交流電電壓的平均值D．交流電電壓的有效值6、如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，合上開關(guān)S后各燈恰能正常發(fā)光，如果某一時刻電燈C燒斷，則（）A．燈A變暗，燈B變亮B．燈A變亮，燈B變暗C．燈A、燈B都變亮D．燈A、燈B都變暗二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下面的說法種是：（）A．體積很小的電荷一定可以看成點電荷；B．體積很小的電荷有時也不能看成點電荷；C．體積很大的電荷一定不能看成點電荷；D．體積很大的電荷有時也能看成點電荷8、如圖所示，一帶電荷量為q的帶電粒子以一定的初速度由P點射入勻強電場，入射方向與電場線垂直．粒子從Q點射出電場時，其速度方向與電場線成30°角．已知勻強電場的寬度為d，P、Q兩點的電勢差為U，不計重力作用，設(shè)P點的電勢為零．則下列說法正確的是A．帶電粒子在Q點的電勢能為－UqB．帶電粒子帶負電C．此勻強電場的電場強度大小為D．此勻強電場的電場強度大小為9、帶電粒子在勻強電場中的運動軌跡如圖所示，如果帶電粒子只受電場力作用從a到b運動，下列說法正確的是（）A．粒子帶正電 B．粒子在a和b點的加速度相同C．該粒子在a點的電勢能比在b點時大 D．該粒子在b點的速度比在a點時大10、如圖所示，小球用兩根輕質(zhì)橡皮條懸吊著，且AO呈水平狀態(tài)，BO跟豎直方向的夾角為α，那么在剪斷某一根橡皮條的瞬間，小球的加速度情況是（）A．不管剪斷哪一根，小球加速度均是零B．剪斷AO瞬間，小球加速度大小a＝gtanαC．剪斷BO瞬間，小球加速度大小a＝gcosαD．剪斷BO瞬間，小球加速度大小a＝g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究性學(xué)習小組利用圖甲所示的電路測量某電池的電動勢E和內(nèi)電阻r.由于該電池的內(nèi)電阻r較小，因此在電路中接入了一阻值為2.00Ω的定值電阻R0.（1）按照圖甲所示的電路圖，將圖乙所示的實物連接成實驗電路______.（2）閉合開關(guān)K，調(diào)整電阻箱的阻值，讀出電壓表相應(yīng)的示數(shù)，并計算出通過電阻箱的電流數(shù)值如下表所示：R/Ω40.0012.008.006.00U/V1.901.661.571.43I/A0.0470.1380.1960.238為了比較準確地得出實驗結(jié)論，在下圖所示的坐標紙中作U-I圖象______.（3）從圖象得到E=___________V，r=____________Ω.12．（12分）如圖為研究磁場對通電導(dǎo)線的作用力的實驗，問：（1）若閉合開關(guān)，導(dǎo)體棒AB受到的安培力方向_____（“向左”或“向右”）（2）如果向右滑動“滑動變阻器”觸頭，導(dǎo)體棒AB受到安培力方向_____（“反向”或“不變”），安培力大小_____（“變大”、“不變”或“變小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場強為E1＝E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2＝2E的勻強電場，在虛線PQ右側(cè)相距為L處有一與電場E2平行的屏。現(xiàn)將一電子(電荷量為e，質(zhì)量為m，不計重力)無初速度地放入電場E1中的A點，A點到MN的距離為L2，最后電子打在右側(cè)的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O（1）電子射入電場E2時的速度V0大??；（2）電子從釋放到打到屏上所用的時間t；（3）電子在整個過程變化的電勢能是多少？14．（16分）電場中A、B兩點的電勢φA=900V，φB=-300V。把電荷q=-1.5×10-8C由A點移動到B點，電場力做了多少功？電勢能是增加還是減少？增加或減少了多少？15．（12分）如圖所示，一平行板電容器接在U＝11V的直流電源上，電容C＝3.0×10－10F，兩極板間距離d＝1.10×10－3m，取g＝10m/s1．求：(1)該電容器所帶電荷量．(1)若板間有一帶電微粒，其質(zhì)量為m＝1.0×10－3kg，恰在板間處于靜止狀態(tài)，則微粒帶電荷量多少？帶何種電荷？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

由于是理想電流表，對電路的影響不計，相當于導(dǎo)線，所以四個電阻并聯(lián)，并聯(lián)電路電壓相等，則知通過兩個10Ω電阻的電流相等．設(shè)通過R1、R2和兩個10Ω電阻的電流分別為I1、I則有：A1的讀數(shù)為IA1=I2+I3，由題：IA1=1.2A，聯(lián)立得：IA=I由于R1、R2并聯(lián)，電壓相等，由U=IR得：R1故選：A．2、B【解題分析】

通過電阻R的電流為I，根據(jù)焦耳定律得出在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt。【題目詳解】通過電阻R的電流為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則Q=I2Rt；若在t/2時間內(nèi)，通過的電流為2I，根據(jù)焦耳定律：Q′=（2I）2?R?t=2I2Rt=2Q，故ACD錯誤，B正確；故選B。3、D【解題分析】

運動軌跡不能反映運動方向，所以不能判斷出粒子先過a，再到b，然后到c，還是粒子先過c，再到b，然后到a，故A錯誤；由等勢面特點知，該電場為勻強電場，電場線方向向上，而粒子受電場力方向指向高電勢，故粒子帶負電，故B錯誤；根據(jù)能量守恒：負電荷在電勢高處電勢能小，動能大．則知負電荷在b點電勢能最大，動能最小，故應(yīng)有EPb＞EPa＞EPc，EKb＜EKa＜EKc，故C錯誤，D正確，故選D．【題目點撥】本題根據(jù)粒子的軌跡彎曲方向就能判斷粒子所受的電場力方向，根據(jù)電場線與等勢線的關(guān)系，判斷出電場線方向．負電荷在電勢高處電勢能小是一個重要推論，要學(xué)會應(yīng)用．4、C【解題分析】

本題考查物理量的基本概念【題目詳解】A．根據(jù)焦耳定律，導(dǎo)體的熱功率與電流大小的平方成正比，故A錯誤；B．導(dǎo)體的電阻由材料的電阻率和導(dǎo)體的長度及橫截面積共同決定，而不是由電流大小決定，故B選項錯誤；C．根據(jù)電容的定義，可知電容器所帶電荷量與兩極間的電勢差成正比，故C選項正確；D．電場中某點的電勢的大小由電場中某點性質(zhì)決定，還與電勢0點的選取有關(guān)，但與電勢能無關(guān)，故D選項錯誤。5、D【解題分析】試題分析：家用電器上所標的值均是有效值，而不是最大值、平均值、也不是瞬時值，所以使用交流電的電冰箱上標有額定電壓為“”的字樣，這“”是指交流電電壓的有效值．故選D考點：描述交變電流的物理量點評：注意區(qū)分交變電流的有效值、最大值、平均值和瞬時值．6、A【解題分析】

電燈C燒斷后，電路少了一個支路，則電路中的總電阻增大，總電流減小，即通過燈泡A的電流減小，所以A變暗，A兩端電壓減小，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓增大，所以而A兩端的電壓減小，所以B兩端的電壓增大，故B燈變亮，A正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，所以體積很大的帶電體也有可能看成是點電荷，體積小的帶電體有時不能看做點電荷，故BD正確，AC錯誤。8、AC【解題分析】

根據(jù)公式W=qU求出電場力做功，確定出P、Q間電勢能的差，即可求得Q點的電勢能．根據(jù)粒子軌跡彎曲方向，判斷出粒子所受的電場力方向，即可判斷其電性；帶電粒子垂直進入勻強電場中，做類平拋運動，在Q點建立直角坐標系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出粒子到達Q點時的速度．根據(jù)位移公式和兩個分運動的等時性，列出x方向和y方向兩個方向的分位移與時間的關(guān)系式，即可求出豎直方向的位移大小y0，由求解場強的大?。绢}目詳解】A、B、由圖看出粒子的軌跡向上，則所受的電場力向上，與電場方向相同，所以該粒子帶正電.粒子從P到Q，電場力做正功，為W=qU，則粒子的電勢能減少了qU，P點的電勢為零，則知帶電粒子在Q點的電勢能為-Uq;故A正確,B錯誤.C、D、設(shè)帶電粒子在P點時的速度為v0，在Q點建立直角坐標系，垂直于電場線為x軸，平行于電場線為y軸，由平拋運動的規(guī)律和幾何知識求得粒子在y軸方向的分速度為：,粒子在y方向上的平均速度為：,粒子在y方向上的位移為y0，粒子在電場中的運動時間為t，豎直方向有：,水平方向有：d=v0t,可得：,所以場強為：,聯(lián)立得：，故C正確，D錯誤.故選AC.【題目點撥】本題根據(jù)類平拋運動的特點，運用運動的分解法，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)結(jié)合求解．9、BCD【解題分析】

A．由于粒子運動軌跡越來越向上彎曲，可判斷它受的電場力方向為豎直向上，與電場方向相反，所以粒子應(yīng)帶負電。故A錯誤。

B．勻強電場中粒子所受的電場力恒定，加速度相同。故B正確。

CD．從a到b由于電場力方向速度方向成銳角，電場力做正功，則電勢能減小，動能增大，故該粒子在b點的電勢能比在a點時小，在b點的速度比在a點時大。故CD正確。10、BD【解題分析】以小球為研究對象，剪斷橡皮條前其受力情況如圖，根據(jù)平衡條件得AO繩的拉力大小為：FA=mgtanα，BO繩的拉力大小為：若剪斷AO瞬間，F(xiàn)A=0，而FB不變，則此瞬間小球所受的合力大小等于FA=mgtanα，方向與原來FA相反，所以加速度大小為：剪斷BO瞬間，F(xiàn)B=0，而FA不變，則此瞬間小球所受的合力大小等于FB=mgcosα，方向與原來FB相反，所以加速度大小為：a=g故選BD【題目點撥】本題是瞬時問題，先分析橡皮條剪斷前小球的受力情況，再分析剪斷橡皮條瞬間小球的受力情況，抓住橡皮條與彈簧類似的特性：彈力不能突變，根據(jù)牛頓第二定律求解瞬間的加速度。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）電路連線如圖；（2）圖像如圖；（3）2.00V0.40Ω.【解題分析】（1）實物連線如圖；（2）電源U-I圖象如圖；（3）由圖像可知，圖象與縱軸交點坐標值是2.0，則電源電動勢E=2.0V，

圖象斜率：k=r+R0=，則電源內(nèi)阻r=k-R0=0.4Ω；

點睛：本題考查了電路連線圖、求電源電動勢與內(nèi)阻，知道電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是等效電源內(nèi)阻，要注意：圖象斜率絕對值與定值電阻阻值之差是電源內(nèi)阻．12、向左不變變小【解題分析】

(1)[1]利用左手定則可以判斷受力方向向左；(2)[2][3]當向右滑動“滑動變阻器”觸頭時，阻值增大，電流變小，方向不變，所以導(dǎo)體棒AB受到安培力方向不變，安培力大小變小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）eELm(2)3mLeE(3)【解題分析】

（1）根據(jù)動能定理求解射入電場E2時的速度；（2）電子在E2（3）根據(jù)功能關(guān)系求解電勢能的變化；【題目詳解】（1）在左側(cè)電場中根據(jù)動能定理可以得到：Ee?則電子射入電場E2時的速度為：v0(2)電子在電場E1中做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度為a1，時間為t1，由牛頓第二定律得：a1電子進入電場E2時的速度為：v0=a進入電場E2到PQ水平方向做勻速直線運動，時間為：t出電場后到光屏的時間為：t電子從釋放到打到屏上所用的時間為：t=t聯(lián)立求解得：t=3mL(3)電子在電場E1中電場力做功為：W進入電場E2后，電場力做功為：W根據(jù)牛頓第二定律可知：a側(cè)移：y=1根據(jù)功能關(guān)系可知電勢能的變化量為：ΔE聯(lián)立可以得到：ΔE即電勢能減小52【題目點撥】本題考查帶電粒子在電場中的加