2024屆安徽省宣城市高二物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題含解析

2024屆安徽省宣城市高二物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，電源的內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)電路中點亮的電燈的數(shù)目增多時，下面說法正確的是（）A．外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓逐漸變小B．外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓不變C．外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓不變D．外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓逐漸變小2、下列物理量中，均屬于矢量的是A．質(zhì)量、位移、功 B．質(zhì)量、加速度、時間 C．位移、速度、時間 D．力、位移、速度3、關(guān)于電壓和電動勢，下列說法正確的是A．在閉合電路中，當(dāng)外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也增大B．電壓和電動勢單位都是伏特，所以電壓和電動勢的物理意義也相同C．電壓U=和電動勢E=中的W是一樣的，都是靜電力所做的功D．電壓和電動勢有本質(zhì)的區(qū)別，反映的能量轉(zhuǎn)化方向不同4、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的庫侖力為F．若保持它們各自所帶的電荷量不變，而將它們之間的距離變?yōu)樵瓉淼?，則這兩個點電荷間的庫侖力將變?yōu)椋ǎ〢．F B．2F C．4F D．8F5、兩個帶有等量正電荷的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ連線于O點，A為MN上的一點.一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點由靜止釋放，只在靜電力作用下運動，取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，則()A．q運動到O點時電勢能為零B．q運動到O點時的動能最大C．q由A向O的運動是勻加速直線運動D．q由A向O運動的過程中電勢能先逐漸減小后又逐漸增大6、了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會像科學(xué)家那樣觀察與思考往往比掌握知識更重要，下列說法不符合物理學(xué)史實的是()A．法拉第最早提出電場的概念，并提出用電場線表示電場B．牛頓通過“理想斜面實驗”，推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”C．庫侖總結(jié)出了真空中靜止點電荷之間相互作用的規(guī)律D．美國物理學(xué)家密立根最早用油滴實驗精確地測出了元電荷e的電荷量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，離地高H處有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的物體處于電場強(qiáng)度隨時間變化規(guī)律為E=E0-kt(E0和k均為大于零的常數(shù)，水平向左為電場正方向)的均勻電場中，物體與豎直絕緣墻壁的動摩擦因數(shù)為μ，已知μqE0＞mg，t=0時，將物體從墻上由靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當(dāng)物體下滑h（h＜H）時恰好脫離墻面，此時速度大小為v，最終落在地面上，則A．物體落地前做加速度一直增大的加速運動B．物體從脫落墻壁到落地前的運動軌跡是直線C．物體克服摩擦力做的功等于mgh-D．物體與墻壁脫離的時刻等于8、在物理實驗中，把一些微小量的變化進(jìn)行放大，是常用的物理思想方法如圖所示的四個實驗，運用此思想方法的是A．觀察桌面形變B．玻璃瓶發(fā)生形變C．比較平拋運動和自由落體運動D．測定萬有引力常量9、如圖甲，家用電磁爐已走進(jìn)千家萬戶。圖乙為電磁爐中安裝的旋渦狀線圈，當(dāng)通以高頻交流電流時，線圈產(chǎn)生的磁感線的條數(shù)和方向會隨電流的強(qiáng)度和方向的變化而變化，導(dǎo)致電磁爐上方的鐵鍋產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使其發(fā)熱。下列說法正確的是（）A．磁場變化的頻率越高，電磁爐的加熱效果越好B．由上往下看，圖乙線圈中該時刻電流方向為順時針C．電磁爐的工作原理是應(yīng)用電磁感應(yīng)在鍋體中產(chǎn)生渦流來工作D．普通陶瓷砂鍋也可利用電磁爐來煲湯10、電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，向可變電阻R供電，關(guān)于路端電壓說法正確的是()A．因為電源電動勢不變，所以路端電壓也不變B．因為U＝IR，所以當(dāng)I增大時，路端電壓也增大C．因為U＝E－Ir，所以當(dāng)I增大時，路端電壓下降D．若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在實驗室完成了下列測量：(1)用20分度的游標(biāo)卡尺測量某物體的長度，如圖所示，由圖可知其長度為________mm(2)用螺旋測微器測量某圓柱體的直徑，如圖乙所示，由圖可知其直徑為__________mm12．（12分）（1）下圖螺旋測微器的讀數(shù)是______mm，電壓表的讀數(shù)是______V（2）多用電表表頭的示意圖如圖。在正確操作的情況下：若選擇開關(guān)的位置如箭頭所示，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角很大，需要換檔，換檔后是否重新調(diào)零？無論用多用電表進(jìn)行何種測量（限于直流），電流都應(yīng)該從什么色表筆經(jīng)哪個插孔流入電表？_________A．不重新調(diào)零，紅，正B．重新調(diào)零，黑，正C．重新調(diào)零，黑，負(fù)D．重新調(diào)零，紅，正四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ON＝d，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大??；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t．14．（16分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊.薄木板的質(zhì)量M=1.0kg，長度L=1.0m.在薄木板的中央有一個小滑塊(可視為質(zhì)點)，質(zhì)量m=0.5kg.小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.10，小滑塊、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)相等，皆為μ2=0.20.設(shè)小滑塊與薄木板之間的滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力(1)當(dāng)外力F=3.5N時，m與M的加速度各為多大？(2)若使小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動，拉力F至少是多大？(3)若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，求拉力F應(yīng)滿足的條件．15．（12分）(1)科學(xué)家發(fā)現(xiàn)，除了類似太陽系的恒星-行星系統(tǒng)，還存在許多雙星系統(tǒng)，通過對它們的研究，使我們對宇宙有了較深刻的認(rèn)識．雙星系統(tǒng)是由兩個星體構(gòu)成，其中每個星體的線度（直徑）都遠(yuǎn)小于兩星體間的距離，一般雙星系統(tǒng)距離其他星體很遠(yuǎn)，可以當(dāng)做孤立系統(tǒng)處理．已知某雙星系統(tǒng)中每個星體的質(zhì)量都是M0，兩者相距L，它們正圍繞兩者連線的中點做勻速圓周運動，引力常量為G．求：①該雙星系統(tǒng)中星體的加速度大小a；②該雙星系統(tǒng)的運動周期T．(2)微觀世界與宏觀世界往往存在奇妙的相似性．對于氫原子模型，因為原子核的質(zhì)量遠(yuǎn)大于電子質(zhì)量，可以忽略原子核的運動，形成類似天文學(xué)中的恒星-行星系統(tǒng)，記為模型Ⅰ．另一種模型認(rèn)為氫原子的核外電子并非繞核旋轉(zhuǎn)，而是類似天文學(xué)中的雙星系統(tǒng)，核外電子和原子核依靠庫侖力作用使它們同時繞彼此連線上某一點做勻速圓周運動，記為模型Ⅱ．已知核外電子的質(zhì)量為m，氫原子核的質(zhì)量為M，二者相距為r，靜電力常量為k，電子和氫原子核的電荷量大小均為e．①模型Ⅰ、Ⅱ中系統(tǒng)的總動能分別用EkⅠ、EkⅡ表示，請推理分析，比較EkⅠ、EkⅡ的大小關(guān)系；②模型Ⅰ、Ⅱ中核外電子做勻速圓周運動的周期分別用TⅠ、TⅡ表示，通常情況下氫原子的研究采用模型Ⅰ的方案，請從周期的角度分析這樣簡化處理的合理性．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】由并聯(lián)電路總電阻小于任意支路電阻可知，并聯(lián)的路段越多電阻越小，總電阻越小，電流增大，內(nèi)電阻分壓增大，路端電壓減小，D對；2、D【解題分析】

A.速度、位移既有大小，又有方向，是矢量，功只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故A錯誤；B.質(zhì)量、時間都只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，加速度既有大小，又有方向，是矢量，故B錯誤；C.位移、速度既有大小，又有方向，是矢量，時間只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故C錯誤；D.力、位移、速度都既有大小，又有方向，是矢量，故D正確；3、D【解題分析】

A.電動勢是電源本身的性質(zhì)，與外電阻無關(guān)；故A錯誤；B.電壓與電動勢不同，電動勢在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，故B錯誤。C.電動勢E=中的W是非靜電力做的功，故C錯誤。D.電壓和電動勢有本質(zhì)的區(qū)別，反映的能量轉(zhuǎn)化方向不同，故D正確。4、C【解題分析】試題分析：根據(jù)庫侖定律的公式F=k分析．解：根據(jù)庫侖定律的公式F=k，它們的間距均減小為原來的，但它們的電量不變，則庫侖力增大為原來的1．故C正確，A、B、D錯誤．故選C．【點評】對于庫侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個物理量的含義，可以和萬有引力公式對比理解．5、B【解題分析】

取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，正電荷周圍電勢為正值，所以O(shè)點的電勢大于0，根據(jù)電勢能定義Ep＝qφ，電荷q帶負(fù)電，則q運動到O點時電勢能為負(fù)值，并不為零．故A錯誤．從A到O過程，電場力做正功，動能增大，從O到N相對于O點的對稱點的過程中，電場力做負(fù)功，動能減小，故在O點試探電荷的動能最大，故B正確．兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠(yuǎn)到O過程中電場強(qiáng)度先增大后減小，且方向始終指向無窮遠(yuǎn)方向．故試探電荷所受的電場力是變化的，q由A向O的運動做非勻加速直線運動，故C錯誤．電場力方向與AO方向一致，電場力做正功，電勢能逐漸減?。还蔇錯誤．故選B．6、B【解題分析】試題分析：最早提出電場概念的是法拉第，并提出了用電場線形象表示電場的思想；伽利略通過“理想斜面實驗”，推翻了亞里斯多德的“力是維持物體運動的原因”；庫侖總結(jié)出了真空中靜止點電荷之間相互作用的規(guī)律即庫侖定律；美國物理學(xué)家密立根最早用油滴實驗精確地測出了元電荷e的電荷量為．選項B正確．考點：此題考查了物理學(xué)史．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】豎直方向上有mg-μqE=ma，隨著電場強(qiáng)度E的減小，加速度a逐漸增大，當(dāng)E=0時，加速度增大到重力加速度g，此后物塊脫離墻面，此后電場力增大，重力不變。物體所受的合力增大，加速度也繼續(xù)增大，故A正確；物體脫離墻面時的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直線上，所以運動軌跡為曲線，故B錯誤；物體從開始運動到脫離墻面電場力一直不做功，由動能定理得：，解得：，故C錯誤；當(dāng)物體與墻面脫離時電場強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0，解得時間：，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。8、ABD【解題分析】

桌面的受力微小形變借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故A正確；玻璃瓶的受力微小形變借助于液體體積變化，運用了放大的思想方法，故B正確；比較平拋運動和自由落體運動，運用了類比的思想方法，故C錯誤；引力大小仍是借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，故D正確．所以ABD正確，C錯誤．9、AC【解題分析】

A．磁場變化的頻率越高，磁通量變化率越大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的電動勢越大，回路中的電流越大，加熱效果越好，故A正確；B．由于不知道磁場大小的變化情況，則無法確定感應(yīng)電流的方向，故B錯誤；C．電磁爐工作原理是利用交變電流通過線圈產(chǎn)生交變磁場，從而使金屬鍋自身產(chǎn)生無數(shù)小渦流而直接加熱于鍋內(nèi)的食物，故C正確；D．交變磁場在普通陶瓷砂鍋內(nèi)不能形成渦流，則不能用來加熱，故D錯誤。故選AC。10、CD【解題分析】

A.電源電動勢不變，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小，故A錯誤；BC.當(dāng)R增大時，I減小，不能根據(jù)判斷路端電壓的變化，而由分析，E、r不變，I減小，得到U增大；I增大，得到U減小；故C正確B錯誤；D.若外電路斷開，則路端電壓等于電動勢，故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、20.30mm0.920m【解題分析】

（1）[1]20分度的游標(biāo)卡尺，其準(zhǔn)確度為0.05mm，主尺讀數(shù)為：2×10mm=20mm游標(biāo)尺第6個刻度與主尺對齊，讀數(shù)為：6×0.05mm=0.30mm則物體的長度為：20mm+0.30mm=20.30mm（2）[2]螺旋測微計精確度為0.01mm，固定刻度讀數(shù)為：0.5mm，可動刻度讀數(shù)為：42.0×0.01mm=0.420mm則圓柱體的直徑為：0.5mm+0.420mm=0.920mm12、0.608(0.607～0.609)11.0D【解題分析】

(1)[1]由圖形螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為10.8×0.01mm=0.108mm，螺旋測微器的讀數(shù)為0.5mm+0.108mm=0.608mm；[2]電壓表量程為15V，由圖示電壓表可知，其分度值為0.5V，示數(shù)為11.0V；(2)[3]換檔后都應(yīng)重新調(diào)零，無論用多用電表進(jìn)行何種測量（限于直流），電流都應(yīng)該從紅色表筆經(jīng)+插孔流入電表，故D正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R為d；（2）粒子在M點的初速度v0的大小為；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t為．【解題分析】

（1）做出帶電粒子的運動軌跡如圖由三角形相關(guān)知識得（2）由qvB=mv2/R得v在N點速度v與x軸正方向成θ＝60°角射出電場，將速度分解如圖cosθ=v0/v得射出速度v=2v0，v0=（3）粒子在電場中運動的時間t1，有d＝v0t1所以t1＝粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T，故T設(shè)粒子在磁場中運動的時間t2，有t2所以t2t＝t1＋t2，所以t14、（1）13m/s2【解題分析】

（1）分別以滑塊和木板為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度，小滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動的臨界情況為：a1=a1．求出滑塊與木板相對滑動的臨界拉力，然后根據(jù)拉力大小求出m與M的加速度；

（1）應(yīng)用牛頓第二定律求出拉力F；

（3）先找出小滑塊脫離木板但不離開桌面的位置關(guān)系以及滑塊與木板的位移關(guān)系，根據(jù)牛頓