2024屆安徽省定遠(yuǎn)縣第二中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2024屆安徽省定遠(yuǎn)縣第二中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖（a），線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上，在ab線圈中通以變化的電流，測得cd間的的電壓如圖（b）所示，已知線圈內(nèi)部的磁場與流經(jīng)的電流成正比，則下列描述線圈ab中電流隨時(shí)間變化關(guān)系的圖中，可能正確的是：A．B．C．D．2、如圖所示，虛線表示等勢面，相鄰兩等勢面間的電勢差相等，有一電子在該電場中運(yùn)動(dòng)，實(shí)線表示該電子的運(yùn)動(dòng)軌跡，電子在a點(diǎn)的動(dòng)能等于28eV，運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于4eV，若取c點(diǎn)為零電勢點(diǎn)，當(dāng)這個(gè)電子的電勢能等于－6eV時(shí)，它的動(dòng)能等于()A．16eV B．18eV C．6eV D．8eV3、如圖所示，當(dāng)交流電源的電壓(有效值)U＝220V，頻率f＝50Hz時(shí)，三只燈泡L1、L2、L3的亮度相同(L無直流電阻)，若將交流電源的頻率變?yōu)閒＝100Hz，則()A．L1燈比原來暗 B．L2燈比原來亮C．L3燈和原來一樣亮 D．L3燈比原來亮4、如圖所示，相距為d的兩水平虛線分別是水平向里的勻強(qiáng)磁場的邊界，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，正方形線框abcd邊長為L(L<d)、質(zhì)量為m.將線框在磁場上方高h(yuǎn)處由靜止開始釋放，當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場時(shí)速度為v0，cd邊剛穿出磁場時(shí)速度也為v0.從ab邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個(gè)過程中()A．線框一直都有感應(yīng)電流B．線框有一階段的加速度為gC．線框產(chǎn)生的熱量為mg(d＋h＋L)D．線框一直加速運(yùn)動(dòng)5、如圖所示,R1、R2為定值電阻,L為小燈泡,R3為光敏電阻(其電阻隨光照增強(qiáng)而減小),當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí)(

)A．電壓表的示數(shù)減小B．電源的輸出功率可能變大C．小燈泡的功率減小D．電路的路端電壓增大6、有一條橫截面積為S的銅導(dǎo)線，通過的電流為I．已知銅的密度為ρ，摩爾質(zhì)量為M，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，電子的電荷量為e．若認(rèn)為導(dǎo)線中每個(gè)銅原子貢獻(xiàn)一個(gè)自由電子，則銅導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的速率可表示為A． B． C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在傾角的光滑斜面上有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A，B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之以加速度a向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛要離開C時(shí)力F的大小恰為則A．物塊B剛要離開C時(shí)受到的彈簧彈力為B．加速度C．這個(gè)過程延續(xù)的時(shí)間為D．這個(gè)過程A的位移為8、下列說法正確的是（）A．氣體對外做功，其內(nèi)能一定減小B．熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體C．能量耗散說明能量不會(huì)憑空產(chǎn)生，但可以憑空消失D．單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性9、如圖所示，斜面傾斜角為θ，從斜面的P點(diǎn)分別以v0和2v0的速度水平拋出A、BA．A、B兩球的水平位移大小之比為1:4B．A、B兩球飛行時(shí)間之比為1:2C．A、B兩球下落的高度之比為1:2D．A、B兩球落到斜面上的速度大小之比為1:410、如圖甲所示電路中的小燈泡通電后其兩端電壓U隨所通過的電流I變化的圖線如圖乙所示，P為圖線上一點(diǎn)，PN為圖線的切線，PM為U軸的垂線，PQ為I軸的垂線，下列說法中正確的是A．隨著所通電流的增大，小燈泡的電阻增大B．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為C．若在電路甲中燈泡L兩端的電壓為U1，則電阻R兩端的電壓為I1RD．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，器材如下：A．待測電壓表(量程3V，內(nèi)阻未知)一塊B．電流表(量程3A，內(nèi)阻0.01Ω)一塊C．定值電阻(阻值5kΩ，額定電流0.5A)一個(gè)D．電池組(電動(dòng)勢小于3V，內(nèi)阻可忽略)一個(gè)E．多用電表一塊F．開關(guān)兩只G．導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上面所給器材，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)操作：(1)用多用電表進(jìn)行粗測：多用電表電阻擋有3種倍率，分別是×100Ω、×10Ω和×1Ω.該同學(xué)選擇×10Ω倍率，用正確的操作方法測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太?。疄榱溯^準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)選擇________倍率．換擋后，應(yīng)注意________．若重新測量的結(jié)果如圖所示，那么測量結(jié)果大約是________．(2)為了更準(zhǔn)確地測出該電壓表內(nèi)阻的大小，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖(甲)、(乙)兩實(shí)驗(yàn)電路．你認(rèn)為其中較合理的是________(填“甲”或“乙”)電路．其理由是________．(3)用你選擇的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要直接測量的物理量是________．用上述所測各量表示電壓表內(nèi)阻，其表達(dá)式應(yīng)為RV＝________.12．（12分）如圖所示，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_______cm，螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖所示，電源電動(dòng)勢為12V，內(nèi)阻可以忽略，R1＝2Ω，R2＝6Ω，電動(dòng)機(jī)線圈電阻為1Ω，若開關(guān)閉合后通過電源的電流為3A，則R1上消耗的電功率為多少？電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為多少？14．（16分）水平放置的兩塊平行金屬板長L，兩板間距d，兩板間電壓為U，且上板帶正電，一個(gè)電子沿水平方向以速度v0從兩板中間射入，如圖所示，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e.(電子的重力不計(jì))（1）求電子飛出電場時(shí)側(cè)位移y.（2）求電子飛出電場時(shí)的速度大小v1.（3）電子離開電場后，打在屏上的P點(diǎn)，若平行金屬板右端到屏的距離為s，求OP的長．15．（12分）如圖，ACB是一條足夠長的絕緣水平軌道，軌道CB處在方向水平向右、大小E=1.0×106N/C的勻強(qiáng)電場中，一質(zhì)量m＝0.25kg、電荷量q=-1.5×10-6C的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，在距離C點(diǎn)L0＝5.5m的A點(diǎn)處，以初速度v0＝12m/s開始向右運(yùn)動(dòng).已知小物塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4（1）小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）小物塊在電場中運(yùn)動(dòng)離C點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離；（3）小物塊在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.（結(jié)果可以用根式表示）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

試題分析：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢即cd線圈中的電壓，由于磁場是線圈ab中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的，所以，綜上可得，即電壓大小與線圈中電流的變化率成正比，根據(jù)圖（b）可判斷和電流的變化率大小相等，方向相反，即圖象斜率大小相等，方向相反，對照選項(xiàng)C對．考點(diǎn)：電磁感應(yīng)定律2、B【解題分析】

小球自a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b時(shí)，電場力做負(fù)功：Wab=4eV-28eV=-24eV

①由于相鄰兩等勢面的電勢差相等，故電勢差的大小關(guān)系有：Uab=3Ubc

②從b到c電場力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理有：Wbc=Ekc-Ekb

③聯(lián)立①②③可得Ekc=12eV．由于只有電場力做功，電勢能和動(dòng)能和保持不變，故在c點(diǎn)：E=Ep+Ek=12eV即電勢能和動(dòng)能之和為12eV，因此當(dāng)電勢能等于-6eV時(shí)動(dòng)能為18eV．A．16eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．18eV，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．6eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．8eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；3、C【解題分析】

三個(gè)支路電壓相同，當(dāng)交流電頻率變大時(shí)，電感的感抗增大,電容的容抗減小,電阻所在支路對電流的阻礙作用不變；所以流過L1的電流變大，流過L2的電流變小，流過L3的電流不變.故L1變亮，L2變暗，L3亮度不變.

所以選C.4、B【解題分析】A、正方形線框abcd邊長為，所以cd進(jìn)入磁場后，ab還在磁場內(nèi)，所以線框磁通量不變，即無感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B、線框完全進(jìn)入磁場后，穿過線框的磁通量不變，線框無感應(yīng)電流，線框只受重力，線框的加速度等于重力加速度g，故B正確；C、由能量守恒研究從ab邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛穿出磁場的整個(gè)過程：動(dòng)能變化為0，減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量，線框產(chǎn)生的熱量：，故C錯(cuò)誤；D、由于，線框完全進(jìn)入磁場后穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，線框只受重力作用而做勻加速運(yùn)動(dòng)，線框進(jìn)入和離開此時(shí)時(shí)的速度相等，都為，而線框在磁場中有加速過程，則線框出磁場過程一定有減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)根據(jù)正方形線框abcd邊長為，進(jìn)行受力分析，明確研究過程的運(yùn)動(dòng)情況，分析時(shí)要考慮線框運(yùn)動(dòng)的各種可能情況，進(jìn)行判斷和推理．5、B【解題分析】

由光敏電阻的性質(zhì)分析電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律可得出電路中總電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化，同時(shí)還可得出路端電壓的變化以及各部分電壓和電流的變化；【題目詳解】A、當(dāng)光照強(qiáng)度增大，故光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故R1兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)電源的內(nèi)阻和外電路總電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，光照強(qiáng)度增大后，外電路總電阻減小，可能趨近于電源內(nèi)阻，故電源的輸出功率可能變大，故選項(xiàng)B正確；C、因電路中總電流增大，故內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時(shí)兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過的電流減小，由于總電流增大，則流過燈泡的電流一定增大，故由可知，小燈泡消耗的功率增大，故CD錯(cuò)誤．【題目點(diǎn)撥】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行，分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．6、A【解題分析】設(shè)銅導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的速率為v，導(dǎo)線中自由電子從一端定向移到另一端所用時(shí)間為，則導(dǎo)線的長度為，體積為，質(zhì)量為，這段導(dǎo)線中自由電子的數(shù)目為，在時(shí)間內(nèi)這些電子都能通過下一截面，則電流，代入解得，，解得電子定向移動(dòng)的速率：，故A正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解題分析】

當(dāng)物塊B剛要離開C時(shí)，對擋板的壓力為零，根據(jù)平衡條件求出此時(shí)彈簧的彈力，結(jié)合胡克定律求出彈簧的形變量，對A，根據(jù)牛頓第二定律求出物塊A的加速度，彈簧開始處于壓縮，根據(jù)平衡求出壓縮量的大小，抓住A的位移等于彈簧的形變量求出物塊A的位移；【題目詳解】A、物塊B剛要離開C時(shí)B對C的彈力恰好為零，對B，由平衡條件得，此時(shí)彈簧的彈力：，故A正確；

B、B剛要離開C時(shí)，對A，由牛頓第二定律得：，解得：，故B錯(cuò)誤；

D、剛開始時(shí)，對A由平衡條件得：，B剛要離開C時(shí)，彈簧彈力：，整個(gè)過程A的位移：，解得：，物體A做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移：，解得，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，故C正確，D錯(cuò)誤．【題目點(diǎn)撥】本題考查了牛頓第二定律和共點(diǎn)力平衡的基本運(yùn)用，關(guān)鍵能夠正確地受力分析，知道A的位移等于彈簧長度的變化量，從而求出時(shí)間；8、BD【解題分析】改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，故氣體對外做功，其內(nèi)能不一定減小，故A錯(cuò)誤；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，故B正確；能量耗散說明能量不會(huì)憑空產(chǎn)生，也不可以憑空消失，故C錯(cuò)誤；單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性，故D正確；故選BD．【題目點(diǎn)撥】改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，能量耗散說明能量不會(huì)憑空產(chǎn)生，也不可以憑空消失，單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性．9、AB【解題分析】

AB.根據(jù)tanθ＝t=可知飛行時(shí)間之比為1：2，水平位移x=v0t，水平速度之比為1：2，則水平位移之比為1：1，故AB符合題意。C.根據(jù)h＝12gt2得，時(shí)間之比為1：2，則下落高度之比為1：1．故CD.落在斜面上豎直分速度vy=gt=2v0tanθ，根據(jù)平行四邊形定則知，落在斜面上的速度v=可知落在斜面上的速度之比為1：2．故D不符合題意。10、AD【解題分析】

A．圖線上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率等于電阻大小，由數(shù)學(xué)知識可知，隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大。故A正確；B．對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的電阻為，故B錯(cuò)誤；C．在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時(shí)，電流為I2，則電阻R兩端的電壓為I2R，故C錯(cuò)誤；D．由恒定電流的功率公式P=UI，推廣可知，對應(yīng)P點(diǎn)，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積。故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）3000（2分）（2）乙（2分）（3）K2閉合前后電壓表的讀數(shù)分別為U1、U2（2分）（2分）【解題分析】：（1）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度太小，說明所選倍率太小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)重新選擇×100Ω倍率；由圖示歐姆表表盤可知，待測電阻阻值為30×100Ω=3000Ω．（2）電源電動(dòng)勢為3V，電壓表內(nèi)阻約為3000Ω，圖甲所示電路電流太小，電流表讀數(shù)誤差太大，實(shí)驗(yàn)誤差太大，因此不能使用圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路，合理的實(shí)驗(yàn)電路是圖乙所示實(shí)驗(yàn)電路．（3）采用圖乙所示實(shí)驗(yàn)電路，需要測出K2閉合前后電壓表的讀數(shù)U1、U2，電源內(nèi)阻不計(jì)，電阻R兩端電壓UR=U2-U1，K2斷開時(shí)電路電流I=URR=U2-U1R，