四川省成都市成都市樹德中學2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題含解析

四川省成都市成都市樹德中學2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，燈泡L正常發(fā)光．移動滑動變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，燈泡L將（）A．變亮B．變暗C．亮度不變D．變亮、亮度不變均有可能2、下列說法中正確的是()A．由知，一段導體的電阻與它兩端的電壓成正比，與通過它的電流強度成反比B．由知，通過一段導體的電流強度與加在它兩端的電壓成正比C．比較幾只電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的電阻阻值較大D．導體中的電流越大，電阻就越小3、隨著科幻電影《流浪地球》的熱映，“引力彈弓效應(yīng)”進入了公眾的視野．“引力彈弓效應(yīng)”是指在太空運動的探測器，借助行星的引力來改變自己的速度．為了分析這個過程，可以提出以下兩種模式：探測器分別從行星運動的反方向或同方向接近行星，分別因相互作用改變了速度．如圖所示，以太陽為參考系，設(shè)行星運動的速度為，探測器的初速度大小為v0，在圖示的兩種情況下，探測器在遠離行星后速度大小分別為v1和v2.探測器和行星雖然沒有發(fā)生直接的碰撞，但是在行星的運動方向上，其運動規(guī)律可以與兩個質(zhì)量不同的鋼球在同一條直線上發(fā)生的彈性碰撞規(guī)律作類比．那么下列判斷中正確的是A．v1>v0 B．v1=v0 C．v2>v0 D．v2=v04、如圖所示的磁場中，有P、Q兩點．下列說法正確的是A．P點的磁感應(yīng)強度小于Q點的磁感應(yīng)強度B．P、Q兩點的磁感應(yīng)強度大小與該點是否有通電導線無關(guān)C．同一小段通電直導線在P、Q兩點受到的安培力方向相同，都是P→QD．同一小段通電直導線在P點受到的安培力一定大于在Q點受到的安培力5、下列措施是為了防止靜電產(chǎn)生的危害？（）A．在高大的建筑物頂端裝上避雷針B．靜電復(fù)印C．在高大的煙囪中安裝靜電除塵器D．靜電噴漆6、如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，這時電容器的帶電量為Q，P是電容器內(nèi)一點，電容器的上板與大地相連，下列說法正確的是A．若將電容器的上板左移一點，則兩板間場強減小B．若將電容器的下板上移一點，則兩板間電勢差減小C．若將電容器的下板上移一點，則P點的電勢升高D．若將電容器的下板上移一點，則兩板間電勢差增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲、乙兩車放在光滑的水平面上，中間有一被壓縮的彈簧，甲的質(zhì)量是乙質(zhì)量的兩倍．兩車由靜止同時釋放，則在彈簧彈開兩車的過程中，下列說法正確的有A．任一時刻彈簧對甲的彈力大小是對乙的兩倍B．任一時刻甲的速率都是乙的一半C．任一時刻甲、乙的動量大小相等D．甲和乙的總動量在逐漸增大8、下列說法正確的是（）A．用繩子拉著物體勻速上升，只有重力和繩子的拉力對物體做功，機械能守恒B．做豎直上拋運動的物體，只有重力對它做功，機械能守恒C．沿光滑斜面自由下滑的物體，只有重力對物體做功，機械能守恒D．用水平拉力使物體沿光滑水平面做勻加速直線運動，機械能守恒9、如圖所示，兩個截面不同，長度相等的均勻銅棒接在電路中，兩端的電壓為U，下列說法正確的是（）A．通過兩棒的電流強度相等B．兩棒的自由電子定向移動的平均速率相等C．兩棒內(nèi)的電場強度大小相等D．相同時間內(nèi)通過兩棒的電荷量相等10、如果不計重力的電子，只受電場力作用，那么電子在電場中可能做（）A．勻速直線運動B．勻加速直線運動C．勻變速曲線運動D．勻速圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一只滿偏電流Ig=5mA，內(nèi)阻Rg=400Ω的電流表G．若把它改裝成量程為10V的電壓表，應(yīng)_______聯(lián)一個_____Ω的分壓電阻；若把它改裝成量程為3A的電流表，應(yīng)________聯(lián)一個_____Ω的分流電阻．12．（12分）某興趣小組用“測定金屬絲的電阻率”的實驗方法測出金屬絲的長度，用螺旋測微計測量金屬絲的直徑，用伏安法測出金屬絲的電阻，然后根據(jù)公式計算出該金屬材料的電阻率。(1)若用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的讀數(shù)如圖，則直徑d=___mm.(2)粗測電阻絲的電阻約為5Ω，用伏安法測量該金屬絲的電阻時，除被測的電阻絲外，還有如下可供選擇的器材：A、電池組(3V,內(nèi)阻約1Ω)B、電流表A1(0～3A,內(nèi)阻0.0125Ω)C、電流表A2(0～0.6A,內(nèi)阻約為0.125Ω)D、電壓表V1(0～3V,內(nèi)阻3kΩ)E、電壓表V2(0～15V,內(nèi)阻15kΩ)F、滑動變阻器R1(0～20Ω,允許最大電流1A)G、滑動變阻器R2(0～2kΩ,允許最大電流0.3A)G、開關(guān)，導線若干。為了實驗電路更節(jié)能,且測量結(jié)果盡量準確,測金屬絲電阻時電流表應(yīng)選_________,電壓表選_______,滑動變阻器應(yīng)選______(填寫儀器前字母代號)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直流電動機和電爐并聯(lián)后接在直流電路上，電源的內(nèi)阻r＝4Ω，電爐的電阻R1＝36Ω，電動機繞線的電阻R2=2Ω．當開關(guān)S斷開時，電源內(nèi)電路消耗的熱功率P＝25W；當S閉合時，干路中的電流I=7A；求：(1)電源的電動勢E．(2)S閉合后電動機的機械功率.14．（16分）如圖所示，一質(zhì)量m=40kg的男孩練習滑板沖坡，當他通過坡底O點時的速度v=5m/s．設(shè)該男孩始終未離開滑道，取g=10m/s2，不計機械能損失．求：（1）他通過O點時的動能Ek；（2）他達到的最大高度H．15．（12分）如圖所示，用絲線吊一質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球，置于水平方向的勻強電場中，靜止時懸線與豎直方向的夾角為，求：（1）勻強電場的場強大小和方向？（2）若懸線突然斷了，則小球做什么運動？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】解：燈泡與滑動變阻器串聯(lián)后進在電源兩端，若動變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流一定減小；根據(jù)公式P=I2R，燈泡的發(fā)熱功率一定減小，故燈泡亮度一定降低；故選：B．【點評】本題關(guān)鍵先根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流變化情況，再根據(jù)公式P=I2R判斷燈泡的實際功率變化情況，簡單題．2、B【解題分析】

A．導體的電阻與它兩端的電壓和通過它的電流強度無關(guān)，選項A錯誤；B．由知，通過一段導體的電流強度與加在它兩端的電壓成正比，選項B正確；C．比較幾只電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的電阻阻值較小，選項C錯誤；D．導體的電阻由導體本身決定，與導體中的電流無關(guān)，選項D錯誤；故選B。3、A【解題分析】

設(shè)探測器的質(zhì)量為m，行星的質(zhì)量為M，探測器和行星發(fā)生彈性碰撞.A、B、對于模型一：設(shè)向左為正，由動量守恒定律：，由能量守恒，聯(lián)立解得探測器碰后的速度，因，則，故A正確，B錯誤.C、D、對于模型二：設(shè)向左為正，由動量守恒定律：，由能量守恒，聯(lián)立解得探測器碰后的速度，因，則；故C、D均錯誤.故選A.4、B【解題分析】A、磁感線的疏密表示磁場的強弱，由圖象知P點的磁場比Q點的磁場強，A錯誤；B、磁感應(yīng)強度是由磁場本身決定的，與該點是否有通電導線無關(guān)．故B正確；C、根據(jù)左手定則，通電直導線受到的安培力的方向與磁場的方向垂直，所以它們受到的安培力的方向不能是P→Q，故C錯誤；D、同一小段通電直導線在在都與磁場的方向垂直的條件下，在P點受到的安培力才能大于在Q點受到的安培力，故D錯誤；故選B.【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵掌握磁感線的特點，磁感線上某點的切線方向表示磁場的方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱．5、A【解題分析】

當打雷的時候，由于靜電的感應(yīng)，在高大的建筑物頂端積累了很多的靜電，容易導致雷擊事故，所以在高大的建筑物頂端安裝避雷針可以把雷電引入地下，保護建筑物的安全，屬于靜電防止，故A正確；靜電復(fù)印是利用靜電現(xiàn)象將墨粉印在紙上，屬于靜電的應(yīng)用；故B錯誤；靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，屬于靜電應(yīng)用，故C錯誤．靜電噴漆采用靜電作用給金屬等物體噴上均勻的漆；故屬于靜電的應(yīng)用；故D錯誤；故選A．6、B【解題分析】

A、平行板電容器充電后與電源斷開后，電容器的電量不變，電容器上板左移，正對面積減小，電容C減小，由U=QC分析可知U增大，板間場強E=Ud，d不變，則E增大;B、C、D將電容器的下板上移一點，板間距離減小，電容C增大，由U=QC分析得知：Q不變，兩板間電勢差減小;又由E=Ud=4πkQεS，可知板間場強不變，則P與上板的電勢差不變，上板電勢為零，則P點電勢不變故選B.【題目點撥】對于電容器動態(tài)變化分析問題，要采用控制變量法研究，抓住不變量．對于板間距離變化的情形，由E=U二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

A.將兩個物體從靜止釋放，在彈簧恢復(fù)到原長的過程中，兩個物體所受的彈力大小相等，故A錯誤；BCD.兩個物體組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，總動量保持為零，所以任何時刻，兩物體的動量大小相等，由P=mv知，P相等，m和v成反比，甲的質(zhì)量是乙質(zhì)量的兩倍，所以任一時刻甲的速率都是乙的一半，故BC正確D錯誤；8、BC【解題分析】用繩子拉著物體勻速上升，繩子的拉力對物體做正功，機械能不守恒，故A錯誤；做豎直上拋運動的物體，只有重力對它做功，機械能守恒，故B正確；沿光滑斜面自由下滑的物體只有重力做功，機械能守恒，故C正確；用水平拉力使物體沿光滑水平面做勻加速直線運動，拉力做正功，所以機械能不守恒，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。9、AD【解題分析】

A.因兩導體串聯(lián)，則電流一定相等，故A正確；B.由電流的微觀表達式：可知電流相同，單位體積內(nèi)的電子數(shù)相同，電子的電荷量相同，因截面積不相同，故電子的定向移動速率不同，細棒中的電子定向移動速率大，故B錯誤；C.因電壓相等，由電阻定律有：可知細棒的電阻較大，則由歐姆定律可知，細棒兩端的電壓較大，由：可知細棒內(nèi)的電場強度大于粗棒內(nèi)的電場強度，故C錯誤；D.根據(jù)：由于電流相等，故通過兩棒的電荷量相等，故D正確。10、BCD【解題分析】

A、由于電子在電場中一定會受到電場力的作用，一定有加速度，所以電子不會做勻速直線運動，所以A不可能；

B、當電子受到的電場力的方向和電子的速度的方向相同時，電子就會做勻加速直線運動，所以B可能；

C、當電子受到的電場力的方向和電子的速度的方向垂直時，電子將做類平拋運動，是勻變速曲線運動，所以C可能；

D、當電子受到的電場力的方向始終和速度的方向垂直時，電子就會做勻速圓周運動，比如電子繞著原子核的轉(zhuǎn)動，所以D可能．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、串聯(lián)1600并聯(lián)0.668【解題分析】電流表改裝電壓表需串聯(lián)一個電阻，由U=Ig(Rg+R)，帶入數(shù)據(jù)得10V=5×10?3A(400Ω+R)，解得R=1600Ω；改裝為電流表需并聯(lián)一個電阻，由IgRg=(I?Ig)R′得R′=0.668Ω．點睛：電流表改裝電壓表需串聯(lián)一個電阻，改裝原理：U=Ig（Rg+R），U為改裝后電壓表量程，R為串聯(lián)電阻；改裝為電流表需并聯(lián)一個電阻，改裝電流表原理：IgRg=（I-Ig）R′，其中I為量程．12、0.520CDF【解題分析】

(1)螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；(2)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器。【題目詳解】(1)由圖示螺旋測微器可知，其讀數(shù)為：0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm；(2)因為電動勢為3V，故電壓表選擇D，因為金屬絲的電阻大約為5Ω，最大電流Imax≈35A=0.6A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）100V（2）571.2W【解題分析】

(1)S斷開時，電路中電流記為Ⅰ，則P=I2r解得：電源電動勢為E=I(R1+r)=2.5×(36+4)=100V；(2)S閉合后路端電壓記為U，則U=E-Ir=100-7×4=72V通過電動機的電流記為I′，則電動機的輸出功率記為P′，則P′=UI′-I2?R2=72×5-25×2=310W【題目點撥】本題考查處理非純電阻電路