2024屆上海閔行區(qū)高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2024屆上海閔行區(qū)高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示．一個電量為2C，質(zhì)量為1kg的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v～t圖象如圖乙所示，其中B點處為整

條圖線切線斜率最大的位置（圖中標出了該切線）．則下列說法正確的（）A．B點為中垂線上電場強度最大的點，場強B．由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大C．由C點到A點的過程中，電勢逐漸升高D．AB兩點電勢差

V2、平行板A、B組成電容器，充電后斷開電源與靜電計相連，要使靜電計指針張角變大，下列措施可行的是：A．B板向右移動B．A板向右移動C．A、B板間插入電介質(zhì)D．減少極板上的電荷量3、一根粗細均勻，阻值為的電阻絲，在溫度不變的情況下，先將它等分成四段，每段電阻為；再將這四段電阻絲并聯(lián)，并聯(lián)后總電阻為則與的大小依次為A．，B．，C．，D．，4、如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=6Ω，R2=5Ω，R3=3Ω，電容器的電容C=2×10-5F．若將開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定時通過R2的電流為I；斷開開關(guān)S后，通過R1的電荷量為q．則（）A．I=0.25AB．I=0.5AC．q=1×10-5CD．q=2×10-5C5、如圖所示是勻強電場中的一組等勢面，若A、B、C、D相鄰兩點間的距離為2cm，A和P點間的距離為1.5cm，則該電場的場強E和P點的電勢φP分別為()A．500V/m，－2.5VB．10003C．500V/m,2.5VD．100036、由磁感應強度的定義式可知，磁場中某處的磁感應強度的大小（）A．隨通電導線中的電流I的減小而增大B．隨IL乘積的減小而增大C．隨通電導線所受磁場力F的增大而增大D．跟F、I、L的變化無關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣的水平桌面上有四個小球，帶電量分別為－q、Q、－q、Q四個小球構(gòu)成一個菱形，－q、－q的連線與－q、Q的連線之間的夾角為α.若此系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則正確的關(guān)系式可能是()A．cos3α＝ B．cos3α＝C．sin3α＝ D．sin3α＝8、兩個相同的金屬小球，所帶電荷量大小之比為，相距r，兩小球可視為點電荷，兩者相互接觸后再放回原來位置上，則它們之間的庫侖力大小與原來之比可能為（）A． B． C． D．9、一簡諧橫波在x軸上傳播，在某時刻的波形如圖所示。已知此時質(zhì)點F的運動方向沿y軸負方向，則A．此波沿x軸負方向傳播B．質(zhì)點D此時沿y軸正方向運動C．質(zhì)點C將比質(zhì)點B先回到平衡位置D．質(zhì)點E的振幅為零10、如圖所示，兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行放置，構(gòu)成一平行板電容器，閉合開關(guān)S，給電容器充電．在兩極板間有固定點P．用E表示兩極板間的電場強度，φ表示P點的電勢，下列說法正確的是（）A．保持S接通，上極板A不動，將下極板B緩慢向下移動稍許到B′，φ增大B．保持S接通，上極板A不動，將下極板B緩慢向下移動稍許到B′，E增大C．若斷開S，下極板B不動，將上極板A緩慢向下移動稍許到A′，則E不變D．若斷開S，下極板B不動，將上極板A緩慢向下移動稍許到A′，φ減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）讀出圖甲中游標卡尺和圖乙中螺旋測微器的讀數(shù)：（1）游標卡尺讀數(shù)為________cm．（2）螺旋測微器讀數(shù)為_________mm.12．（12分）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了以下器材：A．小燈泡（3.8V，0.3A）B．滑動變阻器（5Ω，2A）C．電流表（0~0.5A，內(nèi)阻約0.4Ω）D．電壓表（0~5V，內(nèi)阻約10kΩ）E．開關(guān)及導線若干(1)為實驗測量誤差盡可能小，電流表應選用________（填“內(nèi)”或“外”）接法；(2)為使小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應選用__________（填“限流式”或“分壓式”）接法；(3)綜上所述，應選擇下圖中的_______電路進行實驗(4)利用實驗數(shù)據(jù)畫出了如乙圖所示的小燈泡伏安特性曲線。圖中，坐標原點O到P點連線的斜率表示______。則根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻______（填“變大”、“變小”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，變壓器原線圈輸入電壓為220V，副線圈輸出電壓為36V，兩只燈泡的額定電壓均為36V，L1額定功率為12W，L2額定功率為6W．試求：(1)該變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比；(2)兩燈均正常工作時原線圈中的電流以及只有L1工作時原線圈中的電流．14．（16分）如圖所示，一傾角α＝37°的光滑斜面處于豎直向上的勻強磁場當中，在斜面上放置著一根長為L＝0.5m、質(zhì)量m＝0.8kg，并通有電流I＝6A的金屬棒，金屬棒保持靜止．（g取10）求：（1）導體棒受到斜面的支持力大小（2）勻強磁場的磁感應強度大小15．（12分）如圖，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑連接，斜面傾角為53°,AB=BC=3.75m．質(zhì)量為m=2kg，帶電量為的小物塊在與水平面成53°角斜向右上方的強電場中，電場強度為從A點由靜止開始沿ABC運動到C點(取)，求:(1)物塊從A點運動到B點所用的時間；(2)若物塊在AB和BC上運動的時間之比為2:1，求物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(3)若斜面光滑，改變場強E的大小(方向不變)，仍能使物體沿ABC運動到C，求場強E的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A、速度時間圖像中圖線的斜率表示加速度，加速度越大，則受到的電場力越大，即電場強度越大，故在B點的加速度最大，其大小為，根據(jù)牛頓第二定可得，解得，故A錯誤；B、從C到A過程中速度增大，即動能增大，電場力做正功，電勢能減小，同一正電荷的電勢能減小，則電勢減小，故BC錯誤；D、從圖中可知A、B兩點的速度分別為：，物塊在B到A過程，根據(jù)動能定理得：，得到：，則，故D正確．2、A【解題分析】試題分析：根據(jù)和分析，B板右移時，d增大，則C減小，故電勢差增大，故張角增大，故A正確；A板向右移動，d減小，則C增大，故電勢差減小，故張角減小，故B錯誤；當AB間插入電介質(zhì)時，C增大，則電勢差減小，故張角減小，故C錯誤；減小電荷量時，C不變，則電勢差減小，故夾角減小，故D錯誤；故選A.【題目點撥】充電后斷開電源，則兩極板上的電量不變；要使張角張大，應增大兩板間的電勢差；根據(jù)電容的定義式及平行板電容器的決定式可以分析各選項能否使張角增大．3、C【解題分析】

一根粗細均勻的電阻絲，將它等分成四段，每段的長度減小為四分之一，橫截面積和電阻率一定，故電阻減小為四分之一，為；再將這四段電阻絲并聯(lián)起來，橫截面積增加為4倍，根據(jù)電阻定律，；故選C．4、C【解題分析】

開關(guān)S閉合電路穩(wěn)定時，外電路中總電阻為根據(jù)閉合電路歐姆定律得：電容器兩端的電壓為電量斷開開關(guān)S后：電容器通過與放電，設(shè)通過與的放電電流分別為和，則由電量公式q=It可知，通過與的的電量之比為又聯(lián)立得：通過的電量為故ABD錯誤，C正確；【題目點撥】開關(guān)S閉合電路穩(wěn)定時，電容器相當于開關(guān)斷開，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中電流I，再求電容器的電壓，由Q=CU求其電量．斷開電源，電容器會放電，因、并聯(lián)，流過兩個電阻的電流與電阻成反比，通過的電荷量也與電阻成反比．5、B【解題分析】根據(jù)電場線與等勢線垂直，并且由高電勢等勢面指向低電勢等勢面，作出電場線的分布情況如圖所示：場強的大小為：E=Ud=UBAdBAsin60°=100.02×3【題目點撥】解決本題關(guān)鍵要理解電場線與等勢線、場強與電勢差的關(guān)系、電勢與電勢能間的關(guān)系等，注意公式U=Ed中d是兩點沿電場線方向的距離．6、D【解題分析】

磁場中某處磁感應強度的大小之和磁場本身的性質(zhì)有關(guān)，和外界因素無關(guān)，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

由題意可知，對左邊Q受力分析，如圖所示，兩負q對Q的庫侖力的合力與右邊Q對Q的庫侖力等值反向設(shè)菱形的邊長為a，則有：解得：8qsin3α=Q即為對q，有：解得：A.cos3α＝與計算結(jié)果相符，故A正確。B.cos3α＝與計算結(jié)果不符，故B錯誤。C.sin3α＝與計算結(jié)果相符，故C正確。D.sin3α＝與計算結(jié)果不符，故D錯誤。8、CD【解題分析】

設(shè)兩電荷電量大小分別為q和5q，由庫侖定律可得：原來庫侖力當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?q和3q，庫侖力所以庫侖力是原來的庫侖力之比為9:5；當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上。它們的電荷量是先中和后平分，電量變?yōu)?q和2q，庫侖力所以庫侖力和原來的庫侖力之比為4:5，故CD正確，AB錯誤。故選CD。9、AC【解題分析】

A.簡諧波橫波在x軸上傳播，此時質(zhì)點F的運動方向向下，由波形平移法可知，該波沿x軸負方向傳播。故A正確；B.質(zhì)點D此時的運動方向與F的運動方向相同，即向下運動。故B錯誤；C.此時質(zhì)點B向上運動，先經(jīng)過最大位移處，再向下運動，回到平衡位置，而質(zhì)點C已經(jīng)在最大位移處，即將向下運動，直接回到平衡位置，則C先回到平衡位置。故C正確；D.此時質(zhì)點E的位移為零，但振幅不為零，各個質(zhì)點的振幅均相同。故D錯誤。故選：AC.10、AC【解題分析】

保持S接通，則兩板間的電勢差不變，上極板A不動，將下極板B緩慢向下移動稍許到B′，導致d增大，由可知，兩極板間的電場的電場場強減小，則P到上極板的電勢差減小，因此P點的電勢升高，故A正確，B錯誤；斷開S，下極板B不動，將上極板A緩慢向下移動稍許到A′，因兩板上所帶電量不變，減小距離d，電容增大，由，及，則可知E不變，故C正確；由上分析可知，因電場強度不變，當將上極板A緩慢向下移動稍許到A′，而P到B極板間的電勢差不變，則其電勢不變，故D錯誤；故選AC．【題目點撥】電容器的動態(tài)分析重點在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開則極板上的電量不變；和電源相連，則兩板間的電勢差不變．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.0558.462【解題分析】

(1)[1]20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為11×0.05mm=0.55mm所以最終讀數(shù)為：10mm+0.55mm=10.55mm=1.055cm(2)[2]螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為46.2×0.01mm=0.462mm所以最終讀數(shù)為8mm+0.462mm=8.462mm12、外接法分壓式BP狀態(tài)燈絲電阻的倒數(shù)變大【解題分析】

(1)[1]燈泡正常發(fā)光時的電阻：，電流表內(nèi)阻約為0.4Ω，電壓表內(nèi)阻約為10kΩ，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法．(2)[2]燈泡兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法．(3)[3]電流表采用外接法、滑動變阻器采用分壓接法，則應采用圖B所示實驗電路．(4)[4][5]坐標原點O到P點連線的斜率表示P狀態(tài)小燈泡電阻的倒數(shù)；根據(jù)此圖給出的信息可知，隨著小燈泡兩端電壓的升高，小燈泡的電阻變大．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)55∶9(2)0.082A0.055A【解題分析】

(1)由變壓比公式得：U1n1(2)兩燈均正常工作時，由能量守恒得P1＋P2＝U1I1，I1只有L1燈工作時，由能量守恒P1＝U1I′1，解得I′1=P114、（1）（2）【解題分析】

由左手定則知金屬棒受水平向右的安培力，對金屬棒進行受力分析，運用合成法，如圖：

由平衡條件得：

F安=BIL=mgtanα；

則15、(1)；(2)；(3)【解題分析】

根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，有運動學公式求得時間；根據(jù)運動學公式判斷出物體在斜面上運動，利用牛頓第二定律求得摩擦因數(shù)；物體能沿AB運動到C，故在AB段豎直方向的分力最大等于mg即可判斷出最大值，當最小時，物體恰能到達C點，