2024屆四川省會理一中物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題含解析

2024屆四川省會理一中物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列物理量中，屬于矢量的是()A．電勢B．電場強度C．功率D．電勢能2、某金屬導(dǎo)線，如果在10s時間內(nèi)有5.0×1019個自由電子通過面積為0.1m2的某截面，那么通過這個截面的電流強度是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A3、如圖，靜電噴涂時，被噴工件接正極，噴槍口接負(fù)極，它們之間形成高壓電場．涂料微粒從噴槍口噴出后，只在靜電力作用下向工件運動，最后吸附在工件表面，圖中虛線為涂料微粒的運動軌跡．下列說法正確的是A．涂料微粒一定帶正電B．圖中虛線可視為高壓電場的部分電場線C．噴射出的微粒動能不斷轉(zhuǎn)化為電勢能D．微粒做加速度先減小后增大的曲線運動4、電阻R1與R2的伏安特性曲線如圖所示，并把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域，現(xiàn)把R1與R2串聯(lián)在電路中，R1和R2消耗的電功率分別為P1和P2，串聯(lián)總電阻為R，下列關(guān)于P1與P2大小及R的伏安特性曲線所在區(qū)域的敘述，正確的是（）A．P1＞P2，特性曲線在Ⅰ區(qū)B．P1＜P2，特性曲線在Ⅰ區(qū)C．P1＞P2，特性曲線在Ⅲ區(qū)D．P1＜P2，特性曲線在Ⅲ區(qū)5、將帶正電的甲球放在乙球的左側(cè)，兩球在空間形成了如圖所示的穩(wěn)定的靜電場，實線為電場線，虛線為等勢線。A、B兩點與兩球球心的連線位于同一直線上，C、D兩點關(guān)于直線AB對稱，則()A．乙球一定帶負(fù)電B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷在A點具有的電勢能比其在B點具有的電勢能小D．把負(fù)電荷從C點移至D點，電場力做的總功為零6、如圖所示，A、B、C是平行紙面的勻強電場中的三點，它們之間的距離均為L，電荷量為q=-1.0×10-5C的電荷由A移到C，電場力做功W1=4.0×10-5J，該電荷由C移到B電場力做功W2=-2.0×10-5J，若B點電勢為零，以下說法正確的是（）A．A點的電勢為2VB．A點電勢為-2VC．勻強電場的方向為由C指向AD．勻強電場的方向為垂直于AC指向B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、帶電粒子（不計重力）在勻強電場或勻強磁場中，可能存在的狀態(tài)是：A．在勻強電場中做勻加速直線運動； B．在勻強磁場中做勻加速直線運動；C．在勻強電場中保持靜止； D．在勻強磁場中保持靜止．8、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是（）A．電場強度的大小為2.5V/cmB．坐標(biāo)原點處的電勢為1VC．電子在a點的電勢能比在b點的低7eVD．電子從b點運動到c點，電場力做功為9eV9、以下是書本上的一些圖片，下列說法正確的是（）A．圖甲中，有些火星的軌跡不是直線，說明熾熱微粒不是沿砂輪的切線方向飛出的B．圖乙中，兩個影子在x，y軸上的運動就是物體的兩個分運動C．圖丙中，增大小錘打擊彈性金屬片的力，AB兩球撞擊地面的聲音仍是同時的D．圖丁中，做變速圓周運動的物體所受合外力F在半徑方向的分力大于它所需要的向心力10、如圖所示，實線表示一簇關(guān)于x軸對稱的等勢面，在軸上有等間距的A、B、C三點，下列正確的是（??）A．A點場強大于B點場強B．A點場強小于B點場強C．A點場強方向指向x軸正方向D．AB的電勢差等于BC間的電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某一小型電風(fēng)扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實驗小組想通過實驗描繪出小電風(fēng)扇的伏安特性曲線。實驗中除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：A．電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻忽略不計）B．電壓表V（量程為0～5V，內(nèi)阻約為4kΩ）C．電流表A1（量程為0～0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω）D．電流表A2（量程為0～3A，內(nèi)阻約為0.05Ω）；E．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω，額定電流1A）F．滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ，額定電流100mA）①為了便于調(diào)節(jié)，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，實驗中所用電流表應(yīng)選用_______，滑動變阻器應(yīng)選用_______．（填所選儀器前的字母序號）．②請你為該小組設(shè)計實驗電路，并把電路圖畫在虛線內(nèi)。（_________）③操作過程中發(fā)現(xiàn)，小電風(fēng)扇通電后，電壓表讀數(shù)大于0.5V時，小電風(fēng)扇才會開始轉(zhuǎn)動．該小組測繪出的小電風(fēng)扇的伏安特性曲線如圖所示，由此可以判定，小電風(fēng)扇的電阻為______，正常工作時的發(fā)熱功率為_______，電風(fēng)扇的機械功率為______。（以上三空計算結(jié)果均保留到小數(shù)點后一位）12．（12分）某為同學(xué)在用電流表、電壓表和滑動變阻器測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，采用了如圖所示電路，規(guī)范操作后他記錄了6組數(shù)據(jù)（見表），試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在下圖中畫出U-I圖線_______，并根據(jù)圖線讀出電池的電動勢E=______V，求出電池的內(nèi)阻r=_______Ω。因為該實驗中所用電表不是理想電表，所以電動勢的測量值_______（填“大于”、“等于”、“小于”）真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第一象限的等腰三角形MNP區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場，y＜0的區(qū)域內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強電場．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子從電場中Q（﹣2h，﹣h）點以速度V0水平向右射出，經(jīng)坐標(biāo)原點O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向射出磁場．已知MN平行于x軸，N點的坐標(biāo)為（2h，2h），不計粒子的重力，求：（1）電場強度的大?。唬?）磁感應(yīng)強度的大小B；（3）粒子在磁場中的運動時間．14．（16分）在傾角為θ的足夠長的絕緣斜面上，帶電的小物塊A和不帶電的絕緣小物塊B正分別沿斜面向上滑行．斜面處于范圍足夠大的勻強電場中，場強方向平行斜面向下．當(dāng)A剛追上B時，物塊A的速度vA＝1.8m/s，方向沿斜面向上，物塊B的速度恰為零，如圖所示．A追上B時發(fā)生第一次碰撞（碰撞過程經(jīng)歷時間極短，且無機械能損失，A的電荷也沒有轉(zhuǎn)移），碰后瞬間A的速度v1＝0.6m/s，方向仍沿斜面向上；碰后經(jīng)0.60s，物塊A的速率變?yōu)関1＝1.8m/s，在這0.60s時間內(nèi)兩物塊沒有再次相遇．已知物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.15，質(zhì)量mA＝0.5kg，物塊B與斜面間的摩擦忽略不計，質(zhì)量mB＝0.15kg，勻強電場的場強N/C，sinθ＝0.6，cosθ＝0.8，重力加速度g＝10m/s1．求(1)第一次相碰后物塊B的速率；(1)物塊A所帶的電荷量；(3)第一次相碰后0.60s內(nèi)物塊A的電勢能的變化量.15．（12分）如圖所示，水平導(dǎo)軌處在豎直方向的勻強磁場中，間距d=0.8m，以虛線AB為界，左側(cè)磁場豎直向下，右側(cè)磁場豎直向上，虛線左側(cè)L1=1m處用直導(dǎo)線CD連接電阻R1=0.2Ω，虛線右側(cè)L2=0.5m處有導(dǎo)體棒EF垂直導(dǎo)軌放置，導(dǎo)體棒電阻R2=0.3Ω，其余電阻不計，t=0時磁感應(yīng)強度均為0.5T，之后AB右側(cè)磁感應(yīng)強度不變，左側(cè)磁感應(yīng)強度隨時間變化規(guī)律如圖所示，導(dǎo)體棒始終靜止．求：（1）t=0時刻CDEF回路的磁通量；（2）t=1s時導(dǎo)體棒兩端的電壓；（3）t=1s時導(dǎo)體棒受到的安培力。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

電場強度既有大小又有方向，所以是矢量；電勢、功率、電勢能只有大小沒有有方向，所以是標(biāo)量．2、B【解題分析】

解：由電流的定義可知：I=qt=1.6×103、D【解題分析】A、由圖知，工件帶正電，則在涂料微粒向工件靠近的過程中，涂料微粒帶負(fù)電，故A錯誤；B、由于涂料微粒有初速度，初速度和電場力不一定方向相同，則有涂料微粒的運動軌跡不一定沿電場線方向運動，故B錯誤；C、涂料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其動能增大，電勢能減小，故C錯誤；D、根據(jù)電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，微粒做加速度先減小后增大的曲線運動，故D正確；故選D。4、D【解題分析】

由圖知R1＜R2，二者串聯(lián)電流相等，由P＝I2R，知P1＜P2，串聯(lián)電阻R大于R1也大于R2，故其伏安特性曲線將在Ⅲ區(qū)，選D．5、D【解題分析】

由圖可得，電場線從左側(cè)入乙球，電場線又從乙球的右側(cè)出來，指向無窮遠(yuǎn)處，所以乙球整體可能不帶電。故A錯誤；因為電場強度是矢量，C點與D點方向不同，所以電場強度不同，故B錯誤。由圖可得A比B點處于離正電荷更近的等勢面上，所以A點的電勢高于B點的電勢，正電荷在A點具有的電勢能比其在B點具有的電勢能大，所以C錯誤。CD在同一電勢能面上，移動電荷不做功，所以D正確。故選D?！绢}目點撥】遇到涉及電場線和等勢線的題目，要抓住電場線與等勢線處處垂直的特點，以及沿電場線方向電勢逐漸降低，然后再討論．6、BC【解題分析】根據(jù)電勢差定義可得C、B間電勢差為：，若B點電勢為零，，則C點電勢φC=2V，A、C間的電勢差為：，，則A點電勢φA=-2V，由上分析可知，AC連線的中點M電勢為0，M與B點的連線即為等勢線，且電場線垂直于等勢線，三角形ABC為等邊三角形，BM⊥AC，如圖所示：根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則有勻強電場的方向由C到A，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

當(dāng)粒子從靜止開始運動或者初速度方向與電場力同向時，在勻強電場中做勻加速直線運動，選項A正確；粒子在勻強磁場中受洛倫茲力的方向與速度方向垂直，不可能做勻加速直線運動，選項B錯誤；帶電粒子在勻強電場中肯定受電場力作用，不可能保持靜止，選項C錯誤；粒子若在勻強磁場中速度為零，則受磁場力為零，可保持靜止，選項D正確；故選AD．8、ABD【解題分析】

如圖所示A．設(shè)a、c之間的d點電勢與b點電勢相同，則所以d點的坐標(biāo)為(3.5cm，6cm)，過c點作等勢線bd的垂線，電場強度的方向由高電勢指向低電勢。由幾何關(guān)系可得，cf的長度為3.6cm，電場強度的大小E＝＝V/cm＝2.5V/cm故A正確；B．因為Oacb是矩形，所以有Uac＝UOb可知坐標(biāo)原點O處的電勢為1V，故B正確；C．a(chǎn)點電勢比b點電勢低7V，電子帶負(fù)電，所以電子在a點的電勢能比在b點的高7eV，故C錯誤；D．b點電勢比c點電勢低9V，電子從b點運動到c點，電場力做功為9eV，故D正確。故選ABD。9、BC【解題分析】

A．圖中有些火星的軌跡不是直線，是由于受到重力、互相的撞擊等作用導(dǎo)致的，故A錯誤；B．圖中兩個影子反映了物體在x，y軸上的分運動，故B正確；C．圖中A球做平拋運動，豎直方向是自由落體運動，B球同時做自由落體運動，故無論小錘用多大的力去打擊彈性金屬片，A、B兩球總是同時落地，故C正確；D．圖中做變速圓周運動的物體所受合外力F在半徑方向的分力等于所需要的向心力，故D錯誤。故選BC．10、BC【解題分析】

AB.等差等勢面的疏密程度表示電場強度的大小，可知A點的場強小于B點的場強。故A錯誤，B正確；C.由圖可知，左側(cè)電勢高右側(cè)電勢低，等勢面關(guān)于x軸對稱，所以電場線沿著x軸正方向，故C正確；D.等差等勢面的疏密程度表示電場強度的大小，則AB之間的電場強度小于BC之間的電場強度，由于AB之間的距離等于BC之間的距離，所以AB間的電勢差小于BC之間的電勢差，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CE見解析2.5Ω0.9W1.5W【解題分析】

①[1]電風(fēng)扇的額定電流，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇C；[2]電風(fēng)扇的電阻大約，電風(fēng)扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10Ω的誤差較小，即選擇E；②[3]因為電壓電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻大約，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖如圖所示③[4]電壓表讀數(shù)小于0.5V時電風(fēng)扇沒啟動．根據(jù)歐姆定律得：[5]正常工作時電壓為4V，根據(jù)圖象知電流為0.6A，則電風(fēng)扇發(fā)熱功率：[6]則電風(fēng)扇的機械功率：12、圖線如圖所示1.470.72小于【解題分析】

[1].根據(jù)描點法可得出對應(yīng)的伏安特性曲線，對應(yīng)的圖線如圖所示；[2].根據(jù)U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電動勢，故E=1.47V；[3].圖象的斜率表示內(nèi)阻，故；[4].相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動勢小于電動勢真實值，內(nèi)阻測量值小于真實值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；

（3）【解題分析】

（1）由幾何關(guān)系可知粒子在豎直電場中水平位移為2h，豎直方向的距離為h，由平拋運動規(guī)律及牛頓運動定律得：2h=v0th=at2由牛頓運動定律可知：Eq=ma聯(lián)立解得：；（2）粒子到達(dá)0點，沿+y方向的分速度；速度與x正方向的夾角α滿足粒子從MP的中點垂直于MP進入磁場，垂直于NP射出磁場，粒子在磁場中的速度v=v0；軌道半徑R=h由得：；（3）由題意得，帶電粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的角度為45°，故運動時間；粒子在磁場中的