通信電路課后答案

習(xí)題解答匯編

第1章第2章第3章第4章第5章第6章第7章第8章1整理ppt第１章

1.1解：〔1〕1—1端短接時，諧振電感2整理ppt〔2〕1－1端接時，因為所以

因為

所以

3整理ppt因為

所以

4整理ppt1.2解：根據(jù)原電路可以畫出等效電路如題1.2圖所示:其中

5整理ppt題1.2圖6整理ppt1.3解：

7整理ppt8整理ppt1.4解：

9整理ppt1.5解:設(shè)計型匹配網(wǎng)絡(luò)如題1.5圖所示,其中

令

那么10整理ppt11整理ppt

上式就是此型網(wǎng)絡(luò)必須滿足的條件,R1可以大于RL,也可以小于RL。12整理ppt1.6解:先求額定功率增益

13整理ppt1.7解:由各局部的關(guān)系我們可以知道,總的噪聲系數(shù)14整理ppt1.8解:我們可以分別求得各局部參數(shù),再求總的噪聲系數(shù)和信噪比.15整理ppt1.9解:

按照題意,我們直接可以得到

16整理ppt第2章

2.1解：根據(jù)公式:17整理ppt2.2解：要正確理解各參數(shù)之間的關(guān)系。

18整理ppt2.3解〔1〕高頻等效電路圖如下:題2.3圖19整理ppt（4）

20整理ppt21整理ppt2.4解：總通頻帶

允許最大

22整理ppt2.5解：

（增益帶寬積）

總增益

23整理ppt2.6解:(提示:此題可以參照教材圖2.2.1畫出晶體管共基極Y參數(shù)等效電路,然后再畫出放大器等效電路.)(注:是共基極Y參數(shù))24整理ppt第3章

3.1解(1)

25整理ppt(2)26整理ppt3.2解:27整理ppt28整理ppt29整理ppt3.3解:又三種情況下,均相同

30整理ppt又三種情況下,均相同,31整理ppt3.4解:32整理ppt33整理ppt3.5解:(1)可改變

(3)可改變

負載線平行下移

略下降,34整理ppt(4)可改變

負載線不變

略下降，

(注:P00是原輸出功率)由上面分析,從(1)可得

而由(2)可得35整理ppt所以

用作圖比較的方法,易得但(3)時負載線平行下移,導(dǎo)通角減小,36整理ppt3.6解:

PO低而IC0略高,則小，故工作在欠壓狀態(tài).可以使

那么3.7解: 前者工作在欠壓區(qū),后者工作在過壓區(qū)(Re相同)

若要增大前者功率,應(yīng)該使或

37整理ppt3.8解:

因為

原因在于UBB增大,Ubm減小,但保持uBEmax不變,即Icm不變.38整理ppt3.9解:

由教材中圖3.2.4可知

因為0.512A時對應(yīng)的臨界電壓

所以工作在欠壓狀態(tài)。39整理ppt3.10解:錯誤之處主要有三處: (1)

V1,V2管基極偏置與集電極偏置均不對。 (2)

兩管均沒有匹配電路。 (3)

帶阻網(wǎng)絡(luò)應(yīng)該去掉。〔提示：可以參考教材中例3.4電路進行修改〕40整理ppt第4章4.1解：如題4.1圖所示。〔a〕〔b〕題4.1圖41整理ppt(c)題4.1圖42整理ppt4.2解：〔a〕不能，不能滿足三點式法那么?！瞓〕不能，同上?！瞔〕能，滿足三點式法那么?！瞕〕能，兩級反相放大。〔e〕不能。假設(shè)第二級負載C2改為電阻那么有可能產(chǎn)生振蕩。43整理ppt4.3解：〔1〕可將此電路用共基電路等效,如題4.3圖所示。題4.3圖44整理ppt∴共基極電路最小電壓增益

45整理ppt4.4解：如題4.4所示。題4.4圖46整理ppt

先將右端b、e極之間，C2與并聯(lián)的gie等效到c、b極之間（與L并聯(lián)），可得到，再等效到c、e極之間（與并聯(lián)），

則可以得到gie。也可以參照式（1.1.31）直接得到。

又

47整理ppt反響系數(shù)其中

48整理ppt由此可求得振幅起振條件為

所以49整理ppt即

代入數(shù)據(jù)，可求得|yf|＝20.6mS，不等式成立，所以電路能起振：

50整理ppt4.5解:如題4.5圖所示：51整理ppt題4.5圖52整理ppt電容三點式：

〔a〕題4.6圖4.6解：如題4.6圖所示：53整理ppt〔b〕題4.6圖電容三點式：

54整理ppt4.7解：（a）電感三點式，

或者

（b）電容三點式，

55整理ppt4.8解：

56整理ppt4.9解：〔a〕圖晶體起電感作用，電容三點式,如題4.9圖(a)所示(b)圖晶體工作在串聯(lián)諧振頻率fS上,如題4.9圖〔b〕所示．57整理ppt題4.9圖58整理ppt題4.9圖59整理ppt4.10解：根據(jù)題意可以有多種方案。下面給出其中一種解答，題4.10圖〔a〕。〔b〕為其高頻等效電路：題圖4.1060整理ppt4.11解：〔1〕高頻等效電路如題圖4.11所示?！?〕LC回路在振蕩頻率處相當于一個電容，呈容性，整個電路滿足組成法那么，為電容三點式電路。題圖4.1161整理ppt4.12解：如題4.12圖所示．題4.12圖〔a〕62整理ppt〔b〕63整理ppt第５章

5.1解：

64整理ppt所以i中的組合頻率分量有：

其中分量是由第三項、第五項產(chǎn)生的。

65整理ppt5.2解：如題5.2圖所示，當

在線性時變條件下：

其中：

66整理ppt〔n＝0，1，2，3，…….〕，．．．67整理ppt題5.2圖68整理ppt5.3解：①當

時，可用單向開關(guān)函數(shù)表示

由上式可知，可實現(xiàn)：調(diào)幅，混頻，倍頻，乘積檢波組合頻率分量有：直流,69整理ppt②當

時，

頻率分量有：直流。此時不能實現(xiàn)任何頻譜搬移。

70整理ppt5.4解：依題意得：

71整理ppt72整理ppt73整理ppt第６章

6.1解：〔1〕頻率分量1002kHz，998kHz 振幅6V，6V1005kHz，995kHz

4V，4V1007kHz，993kHz 3V，3V1000kHz 20V74整理ppt〔2〕頻譜圖如圖6.1圖所示圖6.1圖75整理ppt〔3〕設(shè)在R=1Ω上的功率情況為：76整理ppt6.2解：載波振幅

邊頻振幅各為

調(diào)幅指數(shù)

77整理ppt6.3解：

直流電源提供的平均功率

調(diào)制信號產(chǎn)生的交流功率

總輸出平均功率

78整理ppt6.4解：

當

時

，

當

所以兩管分別導(dǎo)通，且每管輸入均為

79整理ppt①

②

∵正、負半周均有電流流向負載

∴總電流周期減小為原，平均分量加倍，即

80整理ppt（是i1與i2相加后電流i0中的平均分量）81整理ppt

6.5解：（1）當 時，ur則應(yīng)是大信號，V1與V2導(dǎo)通與否均由ur決定。對于（a）圖，在正半周時，V1、V2導(dǎo)通，由于疊加在其上的與反相，因此uo為直流，不能同步檢波。對于（b）圖。兩檢波器輸出，但，故能同步檢波。（2）當時，應(yīng)是大信號。對于（a）圖，兩個檢波器輸出相同，疊加后電壓加倍，故能檢波。對于（b）圖，uO1=uO2，uO=0,故不能檢波。

82整理ppt6.6解：

要防止惰性失真，必須滿足即

83整理ppt要防止底部切割失真，必須滿足即

84整理ppt6.7解：〔1〕當接觸點在中心位置時，直流電阻交流電阻

所以不產(chǎn)生底部切割失真的條件是

由于實際調(diào)制度為0.3，因此不會產(chǎn)生底部切割失真。

85整理ppt〔2〕當接觸點在最高位置時，所以不產(chǎn)生底部切割失真的條件是

所以會產(chǎn)生底部切割失真。

86整理ppt6.8解：

87整理ppt代入后積分，有

88整理ppt6.9解：〔1〕題6.9圖89整理ppt題6.9圖(1)90整理ppt〔1〕當（2）當

時,g(t)波形如題6.9圖(2)所示。

91整理ppt題6.9圖(2)92整理ppt93整理ppt〔3〕g(t)波形如題6.9圖(3)所示。題6.9圖(3)94整理ppt當UQ時，95整理ppt（4）當時,g(t)波形如題6.9圖(4)所示。題6.9圖(4)96整理ppt97整理ppt 6.10解：〔a〕正半周兩回路導(dǎo)通，在次級感應(yīng)電流互相抵消，負半周兩回路截止。不能實現(xiàn)調(diào)幅。(b)正負半周兩回路分別導(dǎo)通，在次級的感應(yīng)電流分別為：98整理ppt其頻率分量為。

（

當時 ，；當時，）

所以可以實現(xiàn)雙邊帶調(diào)幅?！瞔〕圖正半周與負半周分別導(dǎo)通99整理ppt其頻率分量為：

所以不能實現(xiàn)雙邊帶調(diào)幅，但可作普通調(diào)幅。

100整理ppt〔d〕圖正半周兩回路導(dǎo)通，負半周兩回路截止。正半周時，所以不能實現(xiàn)調(diào)幅。因為僅有載涉及其諧波分量。101整理ppt6.11解：〔1〕忽略中頻的影響，設(shè)流過二極管的電流I=au2,那么當信號與本振電壓互換后，有由于i中有乘積項uLus，因此說明互換后仍能正常工作。102整理ppt〔2〕假設(shè)將V2極性倒置后，有由于i中無乘積項，因此電路不能正常工作。假設(shè)將V2極性倒置，那么結(jié)論相同。103整理ppt6.12解：〔1〕是干擾哨聲。根據(jù)

代入實際數(shù)據(jù)后，

由于931是465的兩倍多1，所以可知當

即由p=1,q=2的組合分量產(chǎn)生。

104整理ppt

（2）由于接收干擾頻率為1480kHz，且

,因此可知是鏡頻干擾。

〔3〕由于接收干擾頻率為740kHz，，可知這是寄生通道干擾，而且是p=1,q=2時產(chǎn)生的。105整理ppt6.13解：由式〔6.5.3〕可知，能夠產(chǎn)生寄生通道干擾的單個外來干擾頻率fn1需滿足即

所以所以106整理ppt由題意可知，fn1=700kHz,f1=465kHz〔因為此處700kHz電臺是作為外來干擾源在其他接收頻段內(nèi)產(chǎn)生寄生通道干擾?！钞攑=1,r=2時:當p=1,r=2時107整理ppt

所以，在

1400kHz、1167.5kHz兩處能接收到700kHz干擾源產(chǎn)生的寄生通道干擾，即聽到這個電臺的播音，當然播音強度較弱。

108整理ppt6.14解：鏡頻范圍4135～5205，不會產(chǎn)生鏡頻干擾。

109整理ppt6.15解：

6.16解：

110整理ppt①在上式中代入，可以求得：

可以求得：

②

③

111整理ppt④又將②式代入①中，可以求得

代入

〔根據(jù)③，④式〕可得:112整理ppt第7章

7.1解：

113整理ppt7.2解：

假設(shè)u(t)是FM信號或者PM信號，均有114整理ppt7.3解：（1）振幅不變，F(xiàn)加大一倍，則不變，增加

因為

與F無關(guān)

（2）F不變，增加一倍，則增加一倍,BW也增加,原因同（1）。（3）與F都加大一倍，則增大一倍，BW也增大一倍,原因同（1）。115整理ppt7.4解：

116整理ppt7.5解：〔1〕FM：PM：

117整理ppt〔2〕FM：PM：

118整理ppt〔3〕FM：PM：119整理ppt7.6解：時的帶寬分別是：100.6kHz，102kHz，106kHz，120kHz。120整理ppt

7.7解：小信號諧振放大器：目的→選頻；性能→帶寬，矩形系數(shù)。振蕩器：目的→選頻；性能→頻率準確度。斜率鑒頻器：目的→頻幅轉(zhuǎn)換；性能→轉(zhuǎn)換線性范圍，靈敏度，非線性失真。相位鑒頻器：目的→頻相轉(zhuǎn)換；性能→轉(zhuǎn)換線性范圍，靈敏度，非線性失真。121整理ppt7.8解：〔1〕等效電路如題圖7.8所示．〔變?nèi)荻O管〔變?nèi)荻O管〔高頻等效電路〕 直流通路〕低頻通路〕題圖7.8(a)(b)(c)122整理ppt(d)題圖7.8123整理ppt（2）因為所以124整理ppt根據(jù)式〔7.3.4〕和式〔4.5.2〕，有注：此題中變?nèi)荻O管是部分接入，且，所以接入系數(shù)很小，變?nèi)荻O管對于諧振回路產(chǎn)生的最大頻偏也大大減小。

125整理ppt7.9解：①振蕩器的高頻交流等效電路如圖題7.9所示．

②

126整理ppt127整理ppt題7.9圖128整理ppt(３)

129整理ppt7.10解：設(shè)載波為，則調(diào)相波為

由原題圖可知，式中

130整理ppt7.11解：由原題圖可知，

131整理ppt7.12解：調(diào)相器輸出調(diào)相信號的瞬時相位

瞬時頻率

132整理ppt所以，輸出uFM的瞬時頻率因為uFM最大頻偏

133整理ppt那么在上面兩式中代入數(shù)據(jù)，其中F應(yīng)取Fmin=100Hz,從而有解此方程組，

134整理ppt7.13解：

135整理ppt7.14解：〔a〕可以斜率鑒頻，因f01與f02分別處于fs兩側(cè)，。F01-fs=fs-f02。不能包絡(luò)檢波，因兩個包絡(luò)檢波器輸出波形相減后互相抵消，u0中無交流分量。〔b〕圖可以斜率鑒頻。因f01=f02均處于斜率中點。可以包絡(luò)檢波。因f01=f02=fs。此時兩個包絡(luò)檢波器輸出波形相同，二者相加后作為輸出信號。二包絡(luò)檢波器分別在us的正、負半周導(dǎo)通。136整理ppt 7.15解：〔a〕圖可行，因為是對中頻信號振幅大小進行比較后產(chǎn)生控制電壓，此控制電壓反映了中頻信號振幅的大小，故可以用來調(diào)節(jié)中放的增益?！瞓〕圖不行，因為是對鑒頻器輸出音頻信號振幅大小進行比較后產(chǎn)生控制電壓，而鑒頻器輸出電壓是與中頻信號中頻率的變化成正比，而不是與中頻信號的振幅成正比。137整理ppt 7.16解：與圖7.5.3所示一般調(diào)頻負反響電路方框圖比較，此電路框圖的差異在于一是將AFC環(huán)路中鑒頻器的中心頻率從8.7MHz降為1.3MHz，二是將主通道上的鑒頻器移到AFC環(huán)路之外。前者可以改善鑒頻性能，后者使主通道鑒頻器輸入端的信號更加穩(wěn)定。如果將低通濾波器去掉那么不能正常工作，也不能將低通濾波器合并在其他環(huán)節(jié)里。138整理ppt

7.17解：中載頻的最大角偏移，混頻后中頻的最大角偏

，根據(jù)式〔7.5.5〕，有所以139整理ppt第８章

8.1解：由式〔8.2.6〕根本環(huán)路方