【新課標(biāo)新高考】三 牛頓運動定律-2022屆高考物理考點剖析精創(chuàng)卷

【新課標(biāo)新高考】專題三牛頓運動定律

——2022屆高考物理

考點剖析精創(chuàng)專題卷

考點07牛頓運動定理的理解超重和失重（1-4,11）

考點08牛頓運動定律的應(yīng)用（6—8、12—15、18—19）

考點09動力學(xué)的圖象問題（5、9—10、16—17、20）

一、選擇題（本題共17個小題，每題4分，共68分。每題給出的四個選項中，有的只有一個選項

符合題意，有的有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的

得0分）

1.關(guān)于物體的慣性，正確的是（）

A.騎車上坡前緊蹬幾下是為了增大慣性沖上坡

B.子彈在空中飛行速度逐漸減小故慣性也減小

C.物體慣性的大小由質(zhì)量大小決定

D.物體由靜止開始運動的瞬間慣性最大

2.由牛頓第二定律可知，無論怎樣小的力都可以使物體產(chǎn)生加速度，可是當(dāng)我們用一個力推桌子沒

有推動時是因為（）

A.牛頓第二定律不適用于靜止的物體

B.桌子的加速度很小，速度增量很小，眼睛不易覺察到

C.推力小于摩擦力，加速度是負值

1）.桌子所受推力、重力、地面的支持力與摩擦力的合力等于零，物體的加速度為零，所以物體仍靜

止

3.下列說法正確的是（）

A.用質(zhì)點來代替有質(zhì)量的物體是采用了等效替代的思想

B.牛頓第一定律是利用邏輯思維進行分析得出的結(jié)論，不能用實驗直接驗證

C.4=￡是加速度的比值定義式

m

D.千克、秒、牛頓是國際單位制中的三個基本單位

4.關(guān)于物體的運動和受力,下列說法正確的是（）

A.運動越快的物體慣性越小,運動狀態(tài)越容易改變

B.列車在水平軌道上加速行駛,列車上的人處于失重狀態(tài)

C.用手握住瓶子,瓶子所受的摩擦力大小與握力的大小成正比

I）.滑動摩擦力總是阻礙物體的相對運動,滑動摩擦力方向可能與物體運動方向相同

5.如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為e,在傳送帶上某位置輕輕放置一物體，物體與傳

送帶間的動摩擦因數(shù)為〃，物體的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，圖中公萬已知，最大靜摩

擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g,則（）

A.傳送帶順時針轉(zhuǎn)動B.〃=tane--------

gbcos0

C.b后物體的加速度大小為2gsine-@D.傳送帶的速度大于a

b

6.如圖所示，兩個物體48中間用一輕彈簧相連.48的質(zhì)量分別為,2、m?,48與固定斜面

間的動摩擦因數(shù)不相同，穩(wěn)定時，48兩物體一起在斜面上勻速下滑，則下列說法正確的是（）

A.地面對斜面體可能有水平向左的摩擦力

B.彈簧可能處于原長狀態(tài)

C.如果只增大A或B的質(zhì)量，穩(wěn)定時43一定不能一起勻速下滑

D.若A、3與斜面間的動摩擦因數(shù)相等，且43兩物體一起在斜面上勻速下滑，當(dāng)適當(dāng)增大斜面傾

角，一起沿斜面下滑時，則彈簧可能處于壓縮狀態(tài)

7.如圖所示，雜技運動員進行桿上表演，他在豎直金屬桿上離地面8m高處雙腿夾緊金屬桿倒立，

頭頂離地面高7m,運動員可以通過雙腿對金屬桿施加不同的壓力來調(diào)節(jié)自身的運動?，F(xiàn)運動員保

持如圖所示的姿勢，從靜止開始先勻加速下滑3m,速度達到4m/s時開始勻減速下滑，至運動員

頭頂剛要接觸地面時，速度恰好減為零，設(shè)運動員質(zhì)量為50kg,重力加速度g=10m/s2,以下說

法正確的是（）

A.運動員勻加速下滑時的加速度大小為3m/s2

B.運動員勻減速下滑時的加速度大小為日m/s2

3

C.2s末運動員重力的功率為1000W

D.運動員勻減速下滑時所受摩擦力的大小為600N

8.如圖所示，繃緊的傳送帶兩端點A8間距離為12m,傳送帶以i，=4m/s的速度勻速運行，現(xiàn)將一

質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）輕輕地放在傳送帶左端，經(jīng)過4s小物塊運動到傳送帶的右

端，已知小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,取g=10m/s2.下列判斷正確的是（）

A.此過程小物塊始終做勻加速運動B.此過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為16J

C.此過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為24JD.此過程摩擦力對小物塊做功8J

9.如圖甲所示，水平地面上有一傾角為6=37。、質(zhì)量為"=2kg的斜面。一質(zhì)量a=1kg的物塊在

沿斜面向上的拉力F作用下沿斜面向上勻速運動，經(jīng)過一段時間之后撤去F。規(guī)定沿斜面向上為速

度的正方向，物塊運動過程的—圖象如圖乙所示，整個過程中，斜面始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。重力加

速度g=10m/s2,sin37°=0.6,8s37。=0.8。則下列說法正確的是（）

A.拉力F大小為14N_867

B.0'0.3s內(nèi)物塊的位移為0.5m

C.當(dāng)f=0.2s時,斜面對地面的壓力大小為24N

D.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=0.4

10.如圖（a）所示，一物塊在1=0時刻滑上一同定斜面，其運動的V—f圖象如圖（b）所示，若重

力加速度及圖中的％、VP4均為已知量，則不能求出的是（）

圖（b）

A.斜面的傾角

B,物塊的質(zhì)量

C.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)

D.物塊沿斜面向上滑行的最大高度

11.關(guān)于超重和失重的下列說法中，正確的是（）

A.超重就是物體所受的重力增大了，失重就是物體所受的重力減少了

B.物體做自由落體運動時處于完全失重狀態(tài)，做自由落體運動的物體也受重力作用

C.物體具有向上的速度時處于超重狀態(tài)，物體具有向下的速度時處于失重狀態(tài)

D.物體處于超重或失重狀態(tài)時，物體的重力始終存在且不發(fā)生變化

12.如圖所示，傾角為（9=30。的固定光滑斜面上有兩個質(zhì)量均為m的物塊A、B,物塊A通過勁度

系數(shù)為k的輕彈簧拴接在斜面底端的固定擋板上，物塊B通過一根跨過定滑輪的細線與物塊C相連,

物塊C的質(zhì)量為'，彈簧、細線均與斜面平行，初始時，用手托住物塊C,使細線恰好伸直但無拉

2

力，釋放物塊C,物塊48分離時，滑塊C恰好落地.重力加速度大小為g,不計滑輪質(zhì)量及摩擦,

忽略空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.初始時，彈簧的壓縮量為巡

k

B.物塊4〃分離時，彈簧彈力等于整

C.從開始到物塊A、B分離的過程中，物塊A、B的速度先增大后減小

D.從開始到物塊43分離的過程中，物塊A3一直加速

13.如圖所示，傳送帶48兩端距離乙=14m,以速度%=8m/s逆時針勻速轉(zhuǎn)動，并且傳送帶與

水平面的夾角為夕=37?！，F(xiàn)將一質(zhì)量為機=2kg的煤塊輕放在傳送帶的A端，煤塊與傳送帶間的

動摩擦因數(shù)〃=025,取重力加速度g=10m/s2,sin37-0.6,cos37=0.8,則下列敘述正確的是

)

A.煤塊從A端運動到B端所經(jīng)歷的時間為2.25s

B.煤塊運動到B端時重力的瞬時功率為144W

C.煤塊從A端運動到B端在傳送帶上留下的黑色痕跡長度為4m

D.煤塊從A端運動到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為8J

14.如圖，木板與水平面的傾角為。，木板上有兩個靠在一起的物塊P和Q,質(zhì)量分別為m和2加，

物塊與木板間的動摩擦因數(shù)均為口，用大小為F的恒力沿著平行于木板的方向推動物塊P,若P和

Q之間的彈力大小記為E，下列判斷正確的是（）。

21

A.若。=0°，〃=0,則片=§尸B.若，=0°，〃工0,貝

c.若e=30°,〃=0,則耳=5尸D.若。=30°,0,則耳=:尸

15.如圖所示，某車間有一個傾角為6=37。、長為L=12.8m的傳送帶，傳送帶以速率v=4m/s沿

逆時針方向勻速運動。如果將一質(zhì)量〃z=10kg的小工件靜止放置于傳送帶的上端，小工件與傳送

帶間的動摩擦因數(shù)為〃=0.5,重力加速度g取lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0,8o則（）

A.小工件到達傳送帶另一端所需的時間為3.2s

B.小工件到達傳送帶另一端所需的時間為2.4s

C.小工件離開傳送帶的速度大小為4m/s

D.小工件離開傳送帶的速度大小為8m/s

16.水平地面上有一質(zhì)量為，4的長木板，木板的左端上有一質(zhì)量為叫的物塊，如圖（a）所示。用

水平向右的拉力F作用在物塊上，F(xiàn)隨時間t的變化關(guān)系如圖（b）所示，其中耳、F2分別為心t2時

刻F的大小。木板的加速度4隨時間t的變化關(guān)系如圖（c）所示。已知木板與地面間的動摩擦因

數(shù)為從，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為〃2,假設(shè)最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動摩擦力相等，重力

加速度大小為g,貝4（）

B七皿

A.耳

町

D.在0~弓時間段物塊與木板加速度相等

17.如圖1所示，一滑塊置于足夠長的長木板左端，木板放置在水平地面上。已知滑塊和木板的質(zhì)

量均為2kg,現(xiàn)在滑塊上施加一個F=0.5f（N）的變力作用，從f=0時刻開始計時，滑塊所受摩擦

力隨時間變化的關(guān)系如圖2所示。設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，重力加速度gmiOm/s\

則下列說法正確的是（）o

圖I圖2

A.滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.4B.木板與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.2

C.圖2中J=24sD.木板的最大加速度為2m/s?

二、計算題（共3小題，共42分，按題目要求作答，解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重

要步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）

18.如圖所示，一足夠長的傾斜傳送帶以速度u=2m/s順時針勻速運動，傳送帶與水平方向的夾角

6=37。，質(zhì)量町=5kg的小物塊P和質(zhì)量用=11kg的小物塊Q由跨過定滑輪的輕繩連接，P與定

滑輪間的繩子與傳送帶平行，輕繩足夠長且不可伸長。某時刻物塊P從傳送帶上端以速度%=8m/s

沖上傳送帶(此時P、。的速率相等)，已知物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃=0.4,不計滑輪的

質(zhì)量與摩擦，整個運動過程中物塊Q都沒有上升到定滑輪處。

(sin370=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2?)求:

(1)物塊P剛沖上傳送帶時加速度的大?。?/p>

(2)從物塊P剛沖上傳送帶到沿傳送帶運動到最遠處的過程中，P、。系統(tǒng)機械能的改變量；若傳

送帶以不同的速度v(O<v<%)順時針勻速運動，當(dāng)v取多大時，物塊P沿傳送帶運動到最遠處過

程中與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量最??？

19.如圖所示，足夠長的“L”形長木板B置于粗糙的水平地面上，其上靜止著可視為質(zhì)點的滑塊A,

滑塊距長木板右側(cè)壁距離為/=6.5m,已知滑塊與長木板、長木板與地面間的動摩擦因數(shù)均為0.1,

48質(zhì)量分別為町i=2kg、=lkg?，F(xiàn)給A向右的瞬時沖量/=14N-s,假設(shè)A與B右側(cè)壁的

碰撞為彈性碰撞，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2。求:

............!..............1.........電.........

~7777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777^

(1)A3碰后瞬間，兩者的速度大??；

(2)最終滑塊A距長木板B右側(cè)壁的距離。

20.如圖1所示，傾角為37°、足夠長的傳送帶以4m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)使小物塊以2m/s

的初速度沿斜面向下沖上傳送帶，小物塊的速度隨時間變化的關(guān)系如圖2所示，

g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：

(1)小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)。

（2）0~8s內(nèi)小物塊與傳送帶之間劃痕的長度。

答案以及解析

1.答案：C

解析：A.騎自行車的人，上坡前要緊蹬幾下，目的增大初速度，慣性的大小由質(zhì)量決定。故A錯誤。

B.子彈速度減小，是因為受到阻力，因為質(zhì)量不變，所以慣性不變。故B錯誤。

C.物體慣性的大小由質(zhì)量決定。故C正確。

D.物體的慣性與物體的運動狀態(tài)無關(guān)。故D錯誤。

故選C

2.答案：D

解析：牛頓第二定律中的力應(yīng)理解為物體所受的合力。用一個力推桌子沒有推動，是由于桌子所受

推力、重力、地面的支持力與摩擦力的合力等于零，物體的加速度為零，所以物體仍靜止，故選項

D正確，選項A、B、C錯誤。

3.答案：B

解析：本題考查物理學(xué)研究方法、國際單位制。用質(zhì)點來代替有質(zhì)量的物體是采用了理想模型的思

想，A錯誤；牛頓第一定律是利用邏輯思維進行分析得出的結(jié)論，不可能用實驗直接驗證，B正確;

a=￡是加速度的決定式，不是比值定義式，a=生是加速度的比值定義式，C錯誤；千克、秒是

mZ

國際單位制中的基本單位，牛頓是國際單位制中的導(dǎo)出單位，D錯誤。

4.答案:D

解析：速度越快的物體慣性不一定越小,選項A錯誤;列車在水平軌道上加速行駛,豎直方向的加速

度為零,選項B錯誤;用手握住瓶子,瓶子受靜摩擦力作用，與握力大小無關(guān),選項C錯誤;滑動摩擦力

總是阻礙物體的相對運動,和運動方向也可能相同,選項D正確。

5.答案：C

解析：若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，當(dāng)物體下滑（mgsin6）>〃,"gcos。）），將一直勻加速到底端；當(dāng)物體

上滑（機gsine<〃〃zgcos。），先勻加速運動，在速度與傳送帶相等后將勻速運動，兩種均不符合運

動圖象，則傳送帶是逆時針轉(zhuǎn)動，選項A錯誤；傳送帶是逆時針轉(zhuǎn)動，物體在內(nèi)，滑動摩擦

力向下，做勻加速下滑的加速度4=gsine+〃gcos。，由圖可知：%=巴,解得〃=------tan。，

bgbcos3

選項B錯誤；b后滑動摩擦力向上，加速度的=gsin。-〃geos。，代入〃值得%=2gsine-@,

h

選項C正確；當(dāng)物體的速度等于傳送帶的速度時，物體所受的摩擦力發(fā)生變化，物體的加速度發(fā)生

變化，則傳送帶的速度等于a,選項D錯誤.

6.答案：C

解析：把物體A3、彈簧和斜面體看成一個系統(tǒng)，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，地面與斜面體之間沒有摩

擦力，A項錯誤；因為43與斜面的動摩擦因數(shù)不相等，但43兩物體一起在斜面上勻速下滑，

由整體法和隔離法可得，彈簧一定不是原長，B項錯誤；把物體43與彈簧看成一個系統(tǒng)，由受

力分析可知，如果只增大A或B的質(zhì)量，系統(tǒng)的合外力不為零，穩(wěn)定時A、8一定不能一起勻速下

滑，C正確；若A、8與斜面的動摩擦因數(shù)相等，勻速下滑時，重力沿斜面向下的分力與滑動摩擦

力大小相等，〃=tan。,。是斜面的傾角.如果適當(dāng)增大斜面傾角，4B必加速下滑，再根據(jù)整體

法和隔離法，應(yīng)用牛頓第二定律可知，彈簧仍處于原長，D錯.

7.答案:D

解析：本題結(jié)合雜技運動員的表演考查多過程的勻變速直線運動。由速度位移關(guān)系可知，運動員勻

加速下滑時的加速度大小為％=E=￡m/s2=§m/s2,故A錯誤；由速度位移關(guān)系可知，運動

2xy2x33

員勻減速下滑時的加速度大小為小=E=--—m/s2=2m/s2,故B錯誤；運動員勻加速下

2

2X22X(7-3)

滑的時間=v-=-4Js=1.5s,所以2s末運動員正在勻減速下滑，其速度

42

3

M=u-?=4m/s-2x(2-1.5)m/s=3m/s,2s末運動員重力的功率為

P^^/zzSOxlOxSWzzlSOOW,故C錯誤；由牛頓第二定律可知，運動員勻減速下滑時有

Ff-mg=ma2,解得運動員勻減速下滑時所受摩擦力的大小為

Ff=mg+ma2=50x10N+50x2N=600N,故D正確。

8.答案：D

解析：小物塊開始做勻加速直線運動，加速度為“=〃g=2m/s2,當(dāng)物塊速度達到與傳送帶相同時,

通過的位移為X=g=3m=4m<12m,時間r=^=2s,說明此時物塊還沒有到達右端，此后物

“4a

塊做勻速直線運動，不受摩擦力，選項A錯誤；由動能定理得，摩擦力對物塊所做的功為

=lmv2=1xlxl6J=8J;達到共速時傳送帶的位移々="=8m,則此過程中因摩擦產(chǎn)生的熱

量為。==8J，D正確.

9.答案：C

解析：在O'O.1s的過程中物塊勻速，則尸=mgsin〃+〃加geos，，在撤去F后，?=—=-10m/s2,

又由于zngsin夕+〃加gcos，=/m,由以上三式聯(lián)立可得F=10N,〃=0.5,故選項AD錯誤：由u-f

圖面積表位移可知0~0.3s內(nèi)物塊的位移為0.4m,故選項B錯誤；由加速度大小a=l（）m/s2,系

統(tǒng)牛頓第二定律可知（M+m）g-E&=〃?asin。，解得E支=24N,故斜面對地面的壓力大小為24N,

選項C正確。

10.答案：B

解析：由題圖（b）可知，物塊先向上減速到達最高點后再向下加速。圖線的斜率表示加速度，上

升過程及下降過程加速度均可求，上升過程有mgsin0+/jmgcos0=ma],下降過程有

mgsin。-〃加gcos6=/ng，兩式聯(lián)立可求得斜面傾角及動摩擦因數(shù)，但由于m均消去，故無法

求得物塊的質(zhì)量。圖線與時間軸圍成的面積表示塊運動的位移，故可求出物塊在斜面上上滑的最大

位移，已知物塊在斜面上上滑的最大位移及斜面傾角，則可求得物塊上升的最大高度。故ACD可

求出，B不能求出。

11.答案：BD

解析：所謂超重是指物體對支持物的壓力或者對懸掛物的拉力大于物體的重力，失重是指物體對支

持物的壓力或者對懸掛物的拉力小于物體的重力，而物體的重力沒有變化，故A錯誤。物體做自由

落體運動時只受重力，處于完全失重狀態(tài)，故B正確。根據(jù)牛頓第二定律得知，物體具有向上的加

速度時處于超重狀態(tài)，物體具有向下的加速度時處于失重狀態(tài)，故C錯誤。物體處于超重或失重狀

態(tài)時，物體的重力并沒有變化，而且始終存在，故D正確。

12.答案：ABD

解析：初始時，細線對物塊A、8的作用力為零，物塊A、3整體受力平衡fcr=2mgsin30。，解得

x=鱉，選項A正確；物塊A、B分離時,物塊A、8之間的相互作用力為0,且物塊A、B的加速

k

度相同，分別對物塊A、B、C受力分析，由牛頓第二定律可知，物塊A有一h'-mgsin3（F=",物

塊B有7—mgsin30°=/M?,物塊C有等-7=5"，解得a=0,T=等，依'=等，選項B正確；

從開始到物塊48分離的過程中，物塊A3一直加速，選項C錯誤、D正確.

13.答案:BC

解析：本題通過傳送帶模型考查相對運動問題。煤塊放在傳送帶上后受到沿傳送帶向下的滑動摩擦

力作用，先向下做勻加速直線運動。設(shè)經(jīng)過時間J煤塊的速度與傳送帶相同，勻加速運動的加速

2

度大小為4,則根據(jù)牛頓第二定律有mgsin0+/jmgcosQ=max,可得4=g(sin6>+//cos0)=8m/s,

由%=W得。=ls,此過程煤塊通過的位移大小為西=4m<L?由于，咫$指。>〃〃名38,

故煤塊速度大小等于傳送帶速度大小后，繼續(xù)勻加速向下運動，受到的滑動摩擦力沿傳送帶向上，

設(shè)煤塊接著做勻加速運動的加速度大小為,運動的時間為芍，則”?$汕，-〃％?8$0=〃7%,可

得生=g(sin。-〃cos0)=4m/s2,由L-%=，代入數(shù)據(jù)得，2=人，故煤塊從A端到B

端的運動時間是f=L+G=2s,故A錯誤。煤塊運動到B端時速度v=%+%/2=12m/s,此時重力

的瞬時功率為P=mgusin，=144W,故B正確。由于兩個過程煤塊與傳送帶間的相對位移大小

(卬「玉”(L-xJ-卬2,所以煤塊從A端運動到B端在傳送帶上留下的黑色痕跡長度為

5=v(/,-xl=4m,故C正確。煤塊從A端運動到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為

Q=/gcosJ[(*一再)+(￡_須)-%/]，代入數(shù)據(jù)解得Q=24J,故D錯誤。

14.答案:AD

解析：對P、。整體由牛頓第二定律可得F-//-3mgcos0-3mgsin0=3ma,解得

a=￡-〃geos，一gsin，，再隔離Q,由牛頓第二定律得耳-M-2/ngcose-2n?gsine=2ma,將a

3AH

2

代人可得耳=§F,與0和u無關(guān)，故A、D兩項正確。

15.答案:BD

解析：小工件置于傳送帶上端，傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動時，物體的運動分兩個階段，第一階段物體的速

度小于轉(zhuǎn)送帶速度時，由牛頓第二定律知w?7gcose+〃7gsine="1,代入數(shù)據(jù)解得4=10m/s2,

小工件經(jīng)4=0.4s與傳送帶共速，產(chǎn)生位移X1=；%=0.8m,此后有〃琢sin。-〃/ngcos。=%%,解

得%=2m/s2,由乙-占=歷2+；〃￡,代入數(shù)據(jù)得r?=2s,所以小工件到達傳送帶另一端所需的

時間為2.4s,選項A錯誤，選項B正確；小件離開傳送帶時速度為%=丫+%芍=8m/s,選項C

錯誤，選項D正確。

16.答案：BCD

解析：本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用及對部分和整體的受力分析。由木板的加速度與時間的關(guān)系圖

像可知，在0~4時間內(nèi)木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時物塊也處于靜止?fàn)顟B(tài)，物塊和木板之間的摩擦力

為靜摩擦力，在4時刻木板開始運動，時間內(nèi)，木板和物塊一起做加速直線運動，f2時刻，

物塊與木板開始發(fā)生相對滑動，D項正確；：時刻，對物塊和木板整體有耳=從（叫+“2）g,A項錯

m

誤；在芍時刻，對物塊有寫一任m2g=m2a,對木板有以2?g-從（網(wǎng)+咫）8=犯“，解得

居=嗎的項正確;由（叫+%）g＞。，可得—恒上四，C項

町m2

正確。

17.答案:ACD

解析：由圖2可知，滑塊與木板之間的滑動摩擦力為8N,則滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)

〃=需=4=。-4,A項正確。由圖2可知乙時刻木板相對地面開始滑動，此時滑塊與木板相對靜

F'4

止，則木板與水平地面間的動摩擦因數(shù)"=尸=右=0/，B項錯誤。時刻，滑塊與木板將要

2mg40

發(fā)生相對滑動，此時滑塊與木板間的摩擦力達到最大靜摩擦力耳m=8N,此時兩物體的加速度相等,

且木板的加速度達到最大，則對木板有耳m-,2mg=mam,解得4=2m/s）；對滑塊有

F-Ffm=rnam,解得產(chǎn)=12N,則由尸=0.5f（N）可知，f=24s,C、D兩項正確。

18.答案：（1）對尸、。進行受力分析，如圖所示。設(shè)剛沖上傳送帶時P的加速度為q

對Qm2g-耳=碎!4

對PF}+Ff-sin0-町q

FN=W,^COS6?

4=再

解得q=6m/s2

(2)當(dāng)在傳送帶上減速到與傳送帶共速時，經(jīng)分析得到P