2022年北京市東城區(qū)高考物理三模試卷（附答案詳解）

2022年北京市東城區(qū)高考物理三模試卷

1.如圖所示，質(zhì)量為沉的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞與氣缸之間

無(wú)摩擦。將氣缸放在冰水混合物中，氣體達(dá)到平衡狀態(tài)（圖中a狀態(tài)）后，在活塞上

加一質(zhì)量為他的祛碼，經(jīng)過過程I氣體達(dá)到新的平衡狀態(tài)（圖中b狀態(tài)），再將氣缸

從容器中移出放到室溫（27。0中，經(jīng)過過程n在達(dá)到c平衡狀態(tài)。已知大氣壓強(qiáng)保

持不變。下列說法中正確的是（）

A.過程I中理想氣體從外界吸收熱量

B.過程n中理想氣體從外界吸收熱量

C.C狀態(tài)與a狀態(tài)相比，C狀態(tài)的氣體分子對(duì)活塞的作用力較小

D.理想氣體在b狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能

2.某學(xué)?？萍蓟顒?dòng)小組設(shè)計(jì)了一個(gè)光電煙霧探測(cè)器（如圖甲），當(dāng)有煙霧進(jìn)入探測(cè)器時(shí)

（如圖乙），來(lái)自光源S的光會(huì)被煙霧散射進(jìn)入光電管C,當(dāng)光射到光電管中的鈉表面

時(shí)會(huì)產(chǎn)生光電流，當(dāng)光電流大于IO：力時(shí)，便會(huì)觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。已知鈉的極限

頻率為6.0x1014Hz,普朗克常量無(wú)=6.63X10-347?s,光速c=3.0X108m/s,

則下列說法正確的是（）

A.要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)出的光波波長(zhǎng)不能小于5.0x10-7nl

B.若光電管發(fā)生光電效應(yīng)，那么光源的光變強(qiáng)時(shí)，并不能改變光電煙霧探測(cè)器的靈敏

度

C.光電管C中能發(fā)生光電效應(yīng)是因?yàn)楣獍l(fā)生了全反射現(xiàn)象

D.當(dāng)報(bào)警器報(bào)警時(shí)，鈉表面每秒釋放出的光電子最少數(shù)目是N=6.25xIO】。個(gè)

3.把鐵絲圈放在肥皂水中蘸一下，讓它掛上一層薄薄的液膜，豎

直放置時(shí)，把這層液膜當(dāng)作-個(gè)平面鏡，用它觀察燈焰，可以

觀察到上疏下密的彩色條紋，下列說法正確的是（）

A.肥皂膜從形成到破裂，條紋的寬度和間距不會(huì)發(fā)生變化

B.肥皂膜上的條紋是前表面反射光與折射光形成的干涉條紋

C.肥皂膜上的條紋是前后表面反射光形成的干涉條紋

D.將鐵絲圈右側(cè)的把柄向上轉(zhuǎn)動(dòng)90。，條紋也會(huì)跟著轉(zhuǎn)動(dòng)90。

4.B超是醫(yī)院診斷科室里常見的檢查方式。其成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組

超聲波，人體組織對(duì)超聲波產(chǎn)生反射，反射的超聲波信號(hào)形成8超圖像。如圖為血

管探頭沿x軸正方向發(fā)送的簡(jiǎn)諧超聲波圖像，超聲波在血管中的傳播速度為1.6x

103m/s,t=0時(shí)刻波恰好傳到M點(diǎn)，下列說法正確的是（）

---->-

A.該超聲波的周期為5x10-55

B.0?1.25xlO—s內(nèi)河點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為8mm

C.M點(diǎn)第一次位移為一0.4mni的時(shí)刻是工x10-8s

D.t=*xION時(shí)N點(diǎn)第二次處于波峰

5.某質(zhì)點(diǎn)在Oxy平面上運(yùn)動(dòng)t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于y軸上。它在x方向運(yùn)動(dòng)速度一時(shí)間圖

像如圖甲所示，它在y方向的位移-時(shí)間圖像如圖乙所示。有關(guān)該質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況,

下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)

C.質(zhì)點(diǎn)在t=1s時(shí)速度大小為5&m/s

D.質(zhì)點(diǎn)在t=1s時(shí)的位置坐標(biāo)（5m,5m）

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6.某幼兒園要做一個(gè)兒童滑梯，設(shè)計(jì)時(shí)根據(jù)場(chǎng)地大小確定滑梯的

水平跨度為3滑板和兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，假定最

大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，為使兒童在滑梯中能沿滑板滑下,

則滑梯高度至少為（）

A.fiLB.H2LC.~D.W

7.如圖所示，全國(guó)多地都在機(jī)場(chǎng)為支援武漢抗擊新冠肺炎歸來(lái)的白衣天使舉行民航界

最高禮儀-“過水門”，為英雄們“接風(fēng)洗塵”。若忽略空氣阻力，每輛消防車噴

射出的水柱在空中軌跡正好是一條左右對(duì)稱的拋物線，拋物線兩端點(diǎn)的水平距離

x=38.4m,水柱最大高度h=12.8m,重力加速度g取lOm/s?。則水柱在上升過

程中速度變化量（）

A.方向豎直向下，大小是16m/sB.方向豎直向上，大小是16m/s

C.方向豎直向下，大小是8m/sD.方向豎直向上，大小是8m/s

8.如圖所示，細(xì)繩的一端固定于。點(diǎn)，另一端系一個(gè)小球,

在。點(diǎn)的正下方釘一個(gè)釘子4小球從一定高度自由擺

下，當(dāng)細(xì)繩與釘子相碰后繼續(xù)向右做擺長(zhǎng)更小的擺動(dòng)。

不計(jì)空氣阻力，假設(shè)小球碰釘子前后無(wú)機(jī)械能損失，

有關(guān)擺球在整個(gè)擺動(dòng)過程中，下列說法正確的是（）

A.小球碰釘子之后，繩上拉力減小

B.碰后小球向心加速度大小不變

C.碰后小球仍能擺到碰前釋放擺球時(shí)高度

D.碰后小球最大擺角小于碰前釋放擺球的擺角

9.復(fù)興號(hào)動(dòng)車在世界上首次實(shí)現(xiàn)速度350km"自動(dòng)駕駛功能,成為我國(guó)高鐵自主創(chuàng)新

的又一重大標(biāo)志性成果。一列質(zhì)量為m的動(dòng)車，初速度為孫，以恒定功率P在平直

軌道上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t達(dá)到該功率下的最大速度為,設(shè)動(dòng)車行駛過程所受到的阻力

F保持不變。列車在整個(gè)過程中，下列說法正確的是（）

A.做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.牽引力的功率P=Fvm

C.當(dāng)動(dòng)車速度為爭(zhēng)過，其加速度為非

D.牽引力做功等于啕一評(píng)

10.2021年10月16日，載有3名航天員的神舟十三號(hào)載人飛船進(jìn)入太空，這將首次考核

并驗(yàn)證航天員長(zhǎng)期在軌駐留空間站能力。已知空間站在離地高度約為400/nn的圓形

軌道飛行，則下列說法正確的是（）

A.載人飛船在加速升空階段宇航員處于超重狀態(tài)，宇航員受萬(wàn)有引力比在地面時(shí)大

B.空間站的桌面上放一個(gè)玻璃杯，兩者相對(duì)靜止，此時(shí)玻璃杯對(duì)桌面沒有壓力

C.與離地高度約為36000km的同步衛(wèi)星相比，空間站做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度更小

D.宇航員在空間站外面檢修時(shí)若松手手中的工具，工具將會(huì)落向地面

11.小理利用如圖一所示的裝置研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，用甲、乙、丙三條可見光照射同一

光電管，得到如圖二所示的三條光電流與電壓的關(guān)系曲線。下列說法中正確的是

（）

A.同一光電管對(duì)不同單色光的極限頻率不同

B.電流表4的電流方向一定是a流向b

C.甲光對(duì)應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能最大

D.如果丙光是紫光，則乙光可能是黃光

12.如圖中所示，螺線管匝數(shù)=1000匝，橫截面積S=10cm2,螺線管導(dǎo)線電阻r=10,

電阻R=90,磁感應(yīng)強(qiáng)度8的B-t圖像如圖乙所示（以向右為正方向），則（）

A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0.6V

B.感應(yīng)電流為0.064

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C.電阻R兩端的電壓為6V

D.0?Is內(nèi)感應(yīng)電流的方向?yàn)閺腃點(diǎn)通過R流向4點(diǎn)

13.遠(yuǎn)距離輸電線路簡(jiǎn)化如圖所示，電廠輸送電功率不變，變壓器均可視為理想變壓器,

A.A＜，2

B.輸電線損失的電功率為此

R

C.提高輸送電壓4,則輸電線電流，2增大

D.電廠輸送電功率為4/2

14.某鐵路安裝有一種電磁裝置可以向控制中心傳輸信號(hào)，以確定火車的位置和運(yùn)動(dòng)狀

態(tài)，其原理是將能產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁鐵安裝在火車首節(jié)車廂下面，如圖甲所示（俯

視圖），當(dāng)它經(jīng)過安放在兩鐵軌間的線圈時(shí)，線圈便產(chǎn)生一個(gè)電信號(hào)傳輸給控制中

心。線圈邊長(zhǎng)分別為k和，2,匝數(shù)為n,線圈和傳輸線的電阻忽略不計(jì)。若火車通過

線圈時(shí)，控制中心接收到線圈兩端的電壓信號(hào)u與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示（ab、cd均

為直線），右、t2、13、t4是運(yùn)動(dòng)過程的四個(gè)時(shí)刻，則火車（）

A.在t2?t3時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.在t3?Q時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

C.在.?時(shí)間內(nèi)加速度大小為訕：仁；;

D.在“?t2時(shí)間內(nèi)和在J?Q時(shí)間內(nèi)陰影面積相等

15.如圖所示，用半徑相同的力、B兩球的碰撞可以驗(yàn)證“動(dòng)量守恒定律”。實(shí)驗(yàn)時(shí)先

讓質(zhì)量為mi的4球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始釋放，從軌道末端拋出，

落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得

到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把質(zhì)量為的B球放在斜槽軌道末端，讓4球仍從位置S由靜

止釋放，與B球碰撞后拋出，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。

M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置。

(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是。

A.斜槽軌道必須光滑

8.斜槽軌道末端必須水平

C實(shí)驗(yàn)過程中，復(fù)寫紙和白紙都可以移動(dòng)

(2)實(shí)驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過測(cè)量小球

平拋運(yùn)動(dòng)的射程，來(lái)間接驗(yàn)證動(dòng)量守恒。請(qǐng)通過分析說明為什么這樣做是可以的？

(3)實(shí)驗(yàn)中OM、OP、ON這三個(gè)長(zhǎng)度中，與實(shí)驗(yàn)所用小球質(zhì)量無(wú)關(guān)的是；

(4)在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式,則可以認(rèn)為兩球碰撞前后總動(dòng)

量守恒。

A.m1OP=m1-OM4-m2,ON

B.mx-OP=m1-ON+m2?OM

C.m1?OM=mi?OP+巾2,ON

D.m1-ON=m1-OP+m2'OM

(5)在實(shí)驗(yàn)中，為了讓A球碰后沿原方向運(yùn)動(dòng)，4球的質(zhì)量？Hi和B球的質(zhì)量如應(yīng)滿足

一定的關(guān)系。若定義碰撞中的恢復(fù)系數(shù)為兩球碰后的相對(duì)分離速率和碰前相對(duì)靠近

速率之比，即e=哥I。若在某次實(shí)驗(yàn)中，兩球碰撞的回復(fù)系數(shù)為e(0<e<l)，

求需應(yīng)滿足的條件？并據(jù)此說明實(shí)驗(yàn)時(shí)只要滿足巾1>巾2,則4球碰后一定會(huì)沿原

方向運(yùn)動(dòng)。

16.電流傳感器可以像電流表一樣測(cè)量電流，能顯示出電流隨時(shí)間變化的圖像。照

圖甲連接電路，先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，這個(gè)過程可在較短時(shí)間

內(nèi)完成。然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計(jì)

算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的/-t圖像如圖乙所示。

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(1)在圖中畫一個(gè)豎立的狹長(zhǎng)矩形(在圖乙的最左邊)，它的面積的物理意義是

(填寫面積所代表物理量的名稱)

(2)根據(jù)/-t圖像估算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量約為C(結(jié)果保

留一位有效數(shù)字)。

(3)若對(duì)應(yīng)開關(guān)S與1端相連的充電過程，電荷量隨時(shí)間變化的q-t圖像的示意圖是

怎樣的？請(qǐng)?jiān)趫D丙中定性畫出。

O-------------

圖丙

(4)實(shí)驗(yàn)中，為使能觀察到的放電過程持續(xù)更長(zhǎng)的時(shí)間，請(qǐng)通過分析，說明：在其

它條件一定的條件下，電阻R應(yīng)選擇盡量大一些還是小一些？

(5)某實(shí)驗(yàn)小組在完成實(shí)驗(yàn)后，積極展開思考，進(jìn)一步進(jìn)行理論探究“為什么放電

過程中電流的變化率越來(lái)越小"，假如你也是實(shí)驗(yàn)小組的一員，請(qǐng)你對(duì)此做出合理

的理論分析。

17.某同學(xué)為了測(cè)定木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，他用測(cè)速儀研究木塊在斜面上的運(yùn)動(dòng)

情況，裝置如圖甲所示.他使木塊以初速度“0=4m/s的速度沿傾角。=30。的斜面

上滑緊接著下滑至出發(fā)點(diǎn)，并同時(shí)開始記錄數(shù)據(jù)，結(jié)果電腦只繪出了木塊從開始上

滑至最高點(diǎn)的u-t圖線如圖乙所示.g取10m/s2.求：

(1)上滑過程中的加速度的大小由；

(2)木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(3)木塊回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小也

18.為了測(cè)量化工廠的污水排放量，技術(shù)人員在排污管

末端安裝了流量計(jì)(流量Q為單位時(shí)間內(nèi)流過某截

面流體的體積)。如圖所示，長(zhǎng)方體絕緣管道的長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c,左、右

兩端開口，所在空間有垂直于前后面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在上、

下兩個(gè)面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板”、N。含有大量正、負(fù)離子的污水充滿管道，從左

向右勻速流動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)測(cè)得M、N間電壓為由于污水流過管道時(shí)受到阻力了的作

用，左、右兩側(cè)管口需要維持一定的壓強(qiáng)差A(yù)p。已知沿流速方向長(zhǎng)度為L(zhǎng)、流速為

"的污水，受到的阻力/=為比例系數(shù))。求：

(1)污水的流量Q；

(2)金屬板M與金屬板N的電勢(shì)差U；

(3)左、右兩側(cè)管口的壓強(qiáng)差

19.類比是研究問題的常用方法。

(1)情境1：如圖1所示光滑水平面上彈簧振子，鋼球質(zhì)量為m、彈簧勁度系數(shù)為上

建立如圖1中所示的坐標(biāo)軸。t=0時(shí)，將鋼球拉至x=4處由靜止釋放，小鋼球只

在彈力作用下往復(fù)運(yùn)動(dòng)，此過程中彈性勢(shì)能與鋼球動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化。

求￡=0時(shí)刻小鋼球的加速度a；

圖2

情境2：如圖2所示為L(zhǎng)C振蕩電路，回路中電感線圈的自感系數(shù)為L(zhǎng)電容器的電容

為C。

如圖2所示，t=0時(shí)閉合開關(guān)，此時(shí)電容器兩極板帶電量分別為+Q、-Q。忽略電

磁輻射與回路電阻的熱損耗，此后LC電路自由振蕩。

求t=0時(shí)刻電容器兩極板間的電勢(shì)差U；

(2)在情境1中小球做簡(jiǎn)諧振動(dòng)過程中位置x(t)隨時(shí)間t周期性變化，根據(jù)速度和加速

度的定義"=邛和a=等，可得加速度a="鱉。設(shè)任意時(shí)刻鋼球的位置坐標(biāo)

ZUAt"At

為x時(shí)，由牛頓第二定律一依=ma,將加速度代入化簡(jiǎn)可得m.+.\=-

Atkx(ktJ0

結(jié)合小球初始位置為力，可得情景1鋼球隨時(shí)間變化的函數(shù)表達(dá)式：x(t)=

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Acos(舟)。

情境2中電容器左極板上的電荷q(t)隨時(shí)間t周期性變化，根據(jù)電流的定義1=愣,

自感線圈的自感電動(dòng)勢(shì)大小組=L?誓,可得自感電動(dòng)勢(shì)大小曷=小生掌"C振

蕩電路中，任意時(shí)刻滿足L.史勃+逆=0。

AtC

類比情境1,請(qǐng)寫出情境2中電容器左極板電荷q(t)隨時(shí)間t變化的函數(shù)表達(dá)式，并

求出LC振蕩電路的振蕩頻率/。

當(dāng)今醫(yī)學(xué)成像診斷設(shè)備PET/CT堪稱“現(xiàn)代醫(yī)學(xué)高科技之冠”，它在醫(yī)療診斷中，常利

用能放射電子的同位素碳11作為示蹤原子，碳11是由小型回旋加速器輸出的高速質(zhì)子

轟擊氮14獲得的.加速質(zhì)子的回旋加速器如圖甲所示.。型盒裝在真空容器中，兩。型

盒內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,兩。型盒間的交變電壓的大小為U.若在左側(cè)5盒圓心

處放有粒子源S不斷產(chǎn)生質(zhì)子，質(zhì)子質(zhì)量為m,電荷量為q.假設(shè)質(zhì)子從粒子源S進(jìn)入加速

電場(chǎng)時(shí)的初速度不計(jì)，不計(jì)質(zhì)子所受重力，忽略相對(duì)論效應(yīng).

(1)第1次被加速后質(zhì)子的速度大小吃是多大？

(2)若質(zhì)子在。型盒中做圓周運(yùn)動(dòng)的最大半徑為R,且。型盒間的狹縫很窄，質(zhì)子在加速

電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間可忽略不計(jì).那么，質(zhì)子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t總是多少？

(3)要把質(zhì)子從加速器中引出，可以采用靜電偏轉(zhuǎn)法.引出器原理如圖乙所示，一對(duì)圓

弧形金屬板組成弧形引出通道，內(nèi)、外側(cè)圓弧形金屬板分別為兩同心圓的一部分，圓心

位于。'點(diǎn).內(nèi)側(cè)圓弧的半徑為立,外側(cè)圓弧的半徑為2+d.在內(nèi)、外金屬板間加直流電

壓，忽略邊緣效應(yīng)，兩板間產(chǎn)生徑向電場(chǎng)，該電場(chǎng)可以等效為放置在。'處的點(diǎn)電荷Q在

兩圓弧之間區(qū)域產(chǎn)生的電場(chǎng)，該區(qū)域內(nèi)某點(diǎn)的電勢(shì)可表示為W=為該點(diǎn)到圓心0'

點(diǎn)的距離).質(zhì)子從M點(diǎn)進(jìn)入圓弧形通道，質(zhì)子在。型盒中運(yùn)動(dòng)的最大半徑R對(duì)應(yīng)的圓周，

與圓弧形通道正中央的圓弧相切于M點(diǎn).若質(zhì)子從圓弧通道外側(cè)邊緣的N點(diǎn)射出，則質(zhì)

子射出時(shí)的動(dòng)能Ek是多少？要改變質(zhì)子從圓弧通道中射出時(shí)的位置，可以采取哪些辦法?

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、過程I中外界對(duì)氣體做功，即W>0,溫度不變，內(nèi)能不變，即/U=0,

根據(jù)熱力學(xué)第一定律ZU=Q+W,可得Q<0,所以理想氣體放出熱量，故A錯(cuò)誤；

B、過程II中理想氣體對(duì)外做功，即W<0,從0冤的環(huán)境中移到室溫（27汽）中，溫度升

高，內(nèi)能增大，即4U>0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律dU=Q+勿，可得Q>0,所以理想

氣體從外界吸收熱量，故B正確；

C、根據(jù)平衡條件得：p0S+mg=pS,可知1c狀態(tài)的壓強(qiáng)大于a狀態(tài)的壓強(qiáng)，所以c狀態(tài)

的氣體分子對(duì)活塞的作用力較大，故C錯(cuò)誤；

。、理想氣體在b狀態(tài)的溫度等于在a狀態(tài)的溫度，根據(jù)理想氣體的內(nèi)能只與溫度和分子

個(gè)數(shù)有關(guān)，所以理想氣體在b狀態(tài)的內(nèi)能等于在a狀態(tài)的內(nèi)能，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w吸熱還是放熱；根據(jù)平衡條件判斷；根據(jù)理想氣體的內(nèi)能只

與溫度和分子個(gè)數(shù)有關(guān)判斷。

本題考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，注意公式中AU=Q+W,各量的符號(hào)，放熱Q為負(fù)，

物體對(duì)外界做功W為負(fù)。

2.【答案】D

【解析】解：4、根據(jù)逸出功和截止頻率的關(guān)系%=九%=八;可得光源S發(fā)出的光波

最大波長(zhǎng)為：=-=/器加=5x10-7m,即要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)

t?cO.UX1U

出的光波波長(zhǎng)不能大于5x107^,故A錯(cuò)誤；

8、光源S發(fā)出的光波能使光電管發(fā)生光電效應(yīng)，那么光源越強(qiáng)，被煙霧散射進(jìn)入光電管

C的光越多，越容易探測(cè)到煙霧，即光電煙霧探測(cè)器靈敏度越高，故B錯(cuò)誤；

C、光束遇到煙霧發(fā)生散射，是一種反射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

D、光電流等于10-以時(shí)，每秒產(chǎn)生的光電子的個(gè)數(shù)：71=生=個(gè)=6.25X101°

e1.6x10-19

個(gè)，故。正確。

故選：。。

根據(jù)光電效應(yīng)方程，知光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，入射光的頻率越大，

光電子的最大初動(dòng)能越大，然后結(jié)合光電煙霧探測(cè)器的特點(diǎn)，以及電流的定義式分析即

可求解。

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該題屬于物理知識(shí)在日常生活中的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，知道光電

子的數(shù)目與入射光的強(qiáng)度有關(guān)。

3.【答案】C

【解析】解：4形成條紋的原因是前后表面的反射光疊加出現(xiàn)了振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)和振動(dòng)減弱

點(diǎn)，形成到破裂的過程上面越來(lái)越薄，下面越來(lái)越厚，因此出現(xiàn)加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)的位置

發(fā)生了變化，條紋寬度和間距發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；

BC.該彩色條紋是薄干涉，是前后表面反射光形成的干涉條紋，故C正確，B錯(cuò)誤；

。將鐵絲圈右側(cè)的把柄向上轉(zhuǎn)動(dòng)90。，由于重力、表面張力和粘滯力等的作用，肥皂膜

的形狀和厚度會(huì)重新分布，因此并不會(huì)跟著旋轉(zhuǎn)90。，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

白光從射入肥皂薄膜，前后表面的反射光在前表面發(fā)生疊加，路程差即（膜的厚度的兩

倍）是半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍，振動(dòng)加強(qiáng)，為亮條紋，路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，振動(dòng)減弱，

為暗條紋。

解決本題的關(guān)鍵知道光波干涉的條件，知道什么情況下出現(xiàn)明條紋，什么情況下出現(xiàn)暗

條紋。

4.【答案】CD

【解析】解：小由圖知該超聲波的波長(zhǎng)為4=8xICT2mm,則該超聲波的周期為：T=

A=8XIO2S=5X1O_8S（故A錯(cuò)誤；

v1.6X103

B、因?yàn)閠=1.25x10-7s=2.57,所以這段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程為：s=2.5X44=

10x0.4mm=4mm,故B錯(cuò)誤；

C＞由y=Asin與?》（nun）可知，t=0時(shí)刻x=gx10-2nmi處質(zhì)點(diǎn)的位移為一02nun,

此處波形傳播到M點(diǎn)的時(shí)間為：1=巖，解得：t=flx10-85,故c正確；

D、經(jīng)過t=?X10-8s時(shí)，波向前傳播的距離為：X=仇，代入數(shù)據(jù)解得：x=^x

5

10-mm=^（所以，結(jié)合題圖可判斷知質(zhì)點(diǎn)N第二次處于波峰，故。正確；

4

故選：CD。

根據(jù)圖片得出超聲波的波長(zhǎng)，結(jié)合公式；1=得出周期；根據(jù)橫波在水平方向的運(yùn)動(dòng),

結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析出對(duì)應(yīng)的物理量關(guān)系.

本題主要考查了橫波圖像的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)圖像得出波長(zhǎng)，結(jié)合公式計(jì)算出周期，解題

的關(guān)鍵點(diǎn)是根據(jù)橫波水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式完成分析。

5.【答案】D

【解析】解：力、根據(jù)甲圖可知，質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)乙圖可知，質(zhì)點(diǎn)沿y軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為4,=美=5m/s,方

向沿y軸的負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)t=ls時(shí)，根據(jù)甲圖可知，vx=6m/s,根據(jù)上述分析可知，vy=-5m/s,則合

速度為f+vy=d8+(-5)2=V61m/s?故C錯(cuò)誤；

D、t=ls時(shí)，在x軸方向上，質(zhì)點(diǎn)的位移為x=等xIzn=5m,根據(jù)圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)

的y坐標(biāo)為5m,因此質(zhì)點(diǎn)在t=Is時(shí)的位置坐標(biāo)(5?n,5m),故。正確：

故選：。。

根據(jù)圖像分析出質(zhì)點(diǎn)在不同方向的運(yùn)動(dòng)類型；

分別計(jì)算出質(zhì)點(diǎn)在不同方向的速度和位移，結(jié)合矢量合成的特點(diǎn)完成分析。

本題主要考查了運(yùn)動(dòng)的合成和分解，熟悉運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像的物理意義，理解運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性和

矢量合成的特點(diǎn)即可完成解答。

6.【答案】A

【解析】解：重力在滑梯上分解成兩個(gè)方向的力，垂直于滑梯的力等于mgcosO.平行于

滑梯的力等于mgsin。；

人在滑梯上能滑下，滿足：mgsind>/imgcosd；

已知滑板和兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，解得滑梯傾角tern。2”，

根據(jù)幾何關(guān)系可知，tand=p

解得滑梯的最小高度九=“L故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

重力在滑梯上分解成兩個(gè)方向的力，垂直于滑梯的力等于mgeosO.平行于滑梯的力等于

mgsind,

人在滑梯上能滑下，滿足：mgsind>fimgcosd,

根據(jù)幾何關(guān)系確定滑梯的最小高度。

本題考查了摩擦力的相關(guān)計(jì)算，認(rèn)真分析題意，把重力合理分解，認(rèn)清摩擦力的方向是

解決此題的關(guān)鍵。

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7.【答案】A

【解析】解：水柱從噴射點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，忽略空氣阻力后是斜拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的可逆

性，可看作反向的平拋運(yùn)動(dòng)。

平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=后=J平s=1.6s,

速度變化量=gAt=16m/jo

由于重力加速度方向豎直向下，所以速度變化量方向也為豎直向下。

故B、C、。錯(cuò)誤，A正確。

故選：Ao

通過將斜拋運(yùn)動(dòng)看成反向的平拋運(yùn)動(dòng)，通過平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再求出

速度變化。

此題主要考查平拋運(yùn)動(dòng)的公式應(yīng)用和速度變化量的求解，解決時(shí)間是本題的關(guān)鍵點(diǎn)。

8.【答案】C

【解析】解：48、細(xì)繩與釘子相碰前后瞬間小球的線速度大小不變,半徑變小，根據(jù)a=吐

r

得知，向心加速度速度增大，根據(jù)F-mg=ma,可知拉力增大。故A、B錯(cuò)誤。

CD,當(dāng)釋放點(diǎn)不高于4點(diǎn)時(shí)，當(dāng)繩子與釘子相碰后，根據(jù)機(jī)械能守恒可以知道小球能擺

到與原來(lái)等高的位置。故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：C.

細(xì)繩與釘子相碰前后線速度大小不變，半徑變小，根a=些分析加速度的變化，根據(jù)拉

r

力和重力的合力提供向心力，判斷拉力的變化，從而進(jìn)行判斷。

解決本題的關(guān)鍵是抓住細(xì)繩碰到釘子前后轉(zhuǎn)動(dòng)半徑的變化，線速度大小不變，再由公式

判斷向心加速度的變化。

9.【答案】B

【解析】解：B、復(fù)興號(hào)動(dòng)車做的是以初速度為孫恒定功率運(yùn)動(dòng)，功率始終保持不變，

并且P^=F舉"，隨著速度的增加，牽引力逐漸減小，當(dāng)達(dá)到最大速度時(shí)候，動(dòng)車處于

平衡狀態(tài)，此時(shí)牽引力等于阻力尸，所以此時(shí)的功率為F為，故8正確

A、隨著速度的逐漸增加，牽引力逐漸減小，所以動(dòng)車做的是加速度逐漸減小的加速運(yùn)

動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

C、當(dāng)動(dòng)車速度為爭(zhēng)寸，根據(jù)P=F號(hào)，解得r=3F,根據(jù)牛頓第二定律可得：F'-F=

ma,解得加速度為a=空，故C錯(cuò)誤；

m

D、根據(jù)動(dòng)能定理可以得知W率-%=端-詔，故Z）錯(cuò)誤；

故選：Be

可以根據(jù)達(dá)到最大速度求解出牽引力和阻力的關(guān)系，然后再根據(jù)P=Fu來(lái)求解額定功率,

根據(jù)牛頓第二定律判斷出加速度變化，當(dāng)動(dòng)車速度為號(hào)時(shí)根據(jù)「=尸9求得牽引力，結(jié)合

牛頓第二定律求得加速度，通過全過程動(dòng)能定理即可解決牽引力做功的問題

此題主要考查機(jī)車啟動(dòng)問題，需要利用牛頓第二定律和功率相關(guān)公式分析問題，同時(shí)還

需要結(jié)合動(dòng)能定理求解運(yùn)動(dòng)的位移。

10.【答案】B

【解析】解：4、設(shè)地球的半徑為R,則載人飛船在加速升空階段，加速度向上，為超

重，由F=G/^,可看出載人飛船越往上萬(wàn)有引力越小，故A錯(cuò)誤；

員在空間站中，物體處于完全失重狀態(tài)，則玻璃杯對(duì)桌面沒有壓力，故B正確：

C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：6罷=ma,解得：a=等所以與離地高度約為36000/an

的同步衛(wèi)星相比，空間站做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度更，故C錯(cuò)誤；

D國(guó)際空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠地球的萬(wàn)有引力提供向心力做圓周運(yùn)動(dòng)，釋放

的物體受到地球的引力，也做圓周運(yùn)動(dòng)，沒有落到地面，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

由萬(wàn)有引力提供向心力分析加速度大小變化，空間站處于完全失重狀態(tài)，所以沒有壓力，

工具也不會(huì)落向地面。

本題考查萬(wàn)有引力，學(xué)生需熟練運(yùn)用萬(wàn)有引力公式，講萬(wàn)有引力公式與圓周運(yùn)動(dòng)各公式

熟練結(jié)合，綜合求解。

11.【答案】B

【解析】解：4、同一種金屬，截止頻率是相同的，故4錯(cuò)誤。

B、光電子從光電管的陰極K逸出，流過電流表G的電流方向?yàn)閍到b,故8正確。

C、根據(jù)eUc=Ekm，乙光的遏止電壓最大，則所產(chǎn)生光電子的最大初動(dòng)能最大，故C

錯(cuò)誤。

D、由圖可知乙光的遏止電壓大于丙，則根據(jù)e"=Ekm=成-八為，則乙的頻率大于

丙的頻率，若丙光為紫光，則乙光不可能是黃光，故。錯(cuò)誤。

第14頁(yè)，共22頁(yè)

故選：Bo

光電管的極限頻率由光電管本身決定，與入射光的顏色無(wú)關(guān)；根據(jù)電子的流動(dòng)方向確定

光電流的方向；通過遏止電壓的大小比較光電子最大初動(dòng)能，結(jié)合光電效應(yīng)方程比較入

射光的頻率.

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，會(huì)根據(jù)遏止電壓的大小比較光子頻率，知道同一種

色光，遏止電壓相等，光強(qiáng)不同，飽和電流不同.

12.【答案】D

【解析】解：4根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E="攀=n華=1000x10x10-4x-U=

6V,故4錯(cuò)誤;

B.根據(jù)閉合電路歐姆定律得感應(yīng)電流為：/=后=24=0.64,故8錯(cuò)誤；

R+r9+1

C.根據(jù)歐姆定律得電阻R兩端的電壓為U=IR=0.6x9V=5.4V,故C錯(cuò)誤；

。.由圖已知0?1s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度向右增大，根據(jù)楞次定律可知線圈產(chǎn)生向左的磁場(chǎng)，根

據(jù)右手螺旋定則可知線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向?yàn)閺腃點(diǎn)通過R流向A點(diǎn)，故。正確。

故選：D。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律解得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì);根據(jù)閉合電路解得電路電流與R兩端的電壓,

根據(jù)楞次定律判斷電流方向。

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律，解題關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律E=n華的計(jì)算，同

時(shí)根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向。

13.【答案】D

【解析】解：4、由變壓器的變流比*=要，由圖可知：/1>/,故A錯(cuò)誤；

l2nl2

B、由圖示輸電過程可知，外是輸電電壓，不是輸電線損失的電壓〃損，U損*外,輸電

U2

線損失的功率「,，=包不竺7，故B錯(cuò)誤；

C、輸電功率P.一定，輸電功率P籀=4/2,提高輸電電壓/，則輸電線電流/2減小，

故C錯(cuò)誤；

D、理想變壓器輸出功率等于輸入功率，電廠輸送的電功率P管透=故。正確；

故選：。。

理想變壓器的輸入功率等于輸出功率，根據(jù)輸電過程應(yīng)用變壓器的變流比與功率公式分

析答題。

根據(jù)圖示分析清楚輸電過程，應(yīng)用電功率公式與變壓器的變流比即可解題。

14.【答案】D

【解析】解：4、在t2?t3時(shí)間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，說明穿過線圈的磁通

量不變，不能判斷火車做什么運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、由E=可知，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與速度成正比，在t3?Q時(shí)間內(nèi)，成段的

電壓隨時(shí)間均勻增大，因此可知在t3?t4這段時(shí)間內(nèi)，火車的速度隨時(shí)間均勻增大，所

以火車做的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、同理可知，火車在ti?t2內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在口時(shí)刻對(duì)應(yīng)的速度為%=焉;，t2

時(shí)刻對(duì)應(yīng)的速度為丹=券,故這段時(shí)間內(nèi)火車的加速度為：。=抨=看清），

TlDli02一幾5'1102一

故c錯(cuò)誤；

D、根據(jù)v-t圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，可知若是u-t圖像，在口?t2時(shí)間內(nèi)

和在打?t4時(shí)間內(nèi)陰影面積表示產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁鐵的寬度，則兩陰影面積相等，由〃=

E=nB/途得知在G?t2時(shí)間內(nèi)和在匕?t4時(shí)間內(nèi)陰影面積相等，故。正確。

故選：D。

根據(jù)E=nB/根分析線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與速度的關(guān)系，進(jìn)而確定速度和時(shí)間的關(guān)系,

就可以判斷火車的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。在h?垃時(shí)間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出火車在口、

￡2兩個(gè)時(shí)刻的速度，再求加速度。根據(jù)u與。的關(guān)系，結(jié)合1;-t圖像與時(shí)間軸所圍的面

積表示位移，分析圖乙中陰影面積的意義，再分析陰影面積的關(guān)系。

本題關(guān)鍵在于判定出火車的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，要知道線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為E=

nBlxv,而不是E=幾81速，要注意線圈的匝數(shù)。

15.【答案】8平拋運(yùn)動(dòng)的高度相同，下落的時(shí)間相同，而水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

則水平方向的距離與水平速度成正比OP4

【解析】解：（1）4、斜槽軌道是否光滑不影響每次入射小球到達(dá)軌道末端的速度是否相

同，故A錯(cuò)誤；

B、為了保證小球拋出時(shí)做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽軌道末端必須水平，故B正確；

C、實(shí)驗(yàn)過程中，白紙的位置不可以移動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

故選：B。

（2）實(shí)驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是比較難的，但是可以通過測(cè)量小球平拋運(yùn)

第16頁(yè)，共22頁(yè)

動(dòng)的射程來(lái)間接驗(yàn)證動(dòng)量守恒。這是因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的高度相同，下落的時(shí)間相同，而水

平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則水平方向的距離與水平速度成正比；

(3)斜槽末端未放被碰小球時(shí)，入射小球以孫拋出做平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)下落的高度為伍則

h=1gt2

XOP=30t

解得：X0P=

可知實(shí)驗(yàn)中OM、OP、ON這三個(gè)長(zhǎng)度中，與實(shí)驗(yàn)所用小球質(zhì)量無(wú)關(guān)的是OP；

(4)兩球離開斜槽末端后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，則由動(dòng)量守恒定律

得：

4-m2v2

可得：mr-0P=m1-OM+m2-0N,故A正確，BCD錯(cuò)誤;

故選：4。

⑸由，=段=制

可得：方=%+euO

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：

m^Q=m1v14-m2v2

聯(lián)立得：m^Q=Tn[％+m2v14-e?m2?v0

BP(m1+m2)v1=m^Q—em2-v0

m-em

解得：vi=12

Tn^m.2.%

應(yīng)使%>0

則有Mi>e-m2

解得:詈〉e

//l2

因?yàn)?<e<1,故只要滿足nil>m2,則會(huì)>e一定成立，A球碰后一定會(huì)沿原方向運(yùn)

動(dòng)。

故答案為：(1)B；(2)OP；(3)平拋運(yùn)動(dòng)的高度相同，下落的時(shí)間相同，而水平方向上做

勻速直線運(yùn)動(dòng)，則水平方向的距離與水平速度成正比；(4)4；(5)見解析

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

(2)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)不同方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)完成分析；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式完成分析；

(4)根據(jù)動(dòng)量定理選出正確的關(guān)系式；

(5)根據(jù)動(dòng)量守恒定律結(jié)合題目條件完成分析。

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，理解平

拋運(yùn)動(dòng)在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可完成分析。

16.【答案】電荷量3x10-3

【解析】解：(1)將橫坐標(biāo)t分成許多很小的時(shí)間間隔43在這些很小的時(shí)間間隔里，放

電電流/可以視為不變，則〃t為這段時(shí)間內(nèi)的電量。在圖乙/-t圖中用陰影標(biāo)記了一個(gè)

豎立的狹長(zhǎng)矩形，這個(gè)陰影面積的物理意義是通電0.1秒電容放電(流過電阻R)的電荷量。

(2)電容器所帶的電荷量在數(shù)值上等于圖象與坐標(biāo)軸所包圍的面積。確定每個(gè)小方格所

對(duì)應(yīng)的電荷量值，縱坐標(biāo)的每個(gè)小格為0.2m4橫坐標(biāo)的每個(gè)小格為0.4s,則每個(gè)小格

所代表的電荷量數(shù)值為

q=0.2x10-3x0.4C=8x10-5Co

曲線下包含的小正方形的個(gè)數(shù)為40個(gè)，由曲線下方的方格數(shù)與q的乘積即得電容器所帶

的電荷量

Q=40x8x10-5C=3.2x10-3C?3xlO^c。

(3)由電荷量與電流的關(guān)系可知，q—It,可知q-t圖線的斜率表示充電電流的大小，

結(jié)合圖乙可知，電容器的充電電流越來(lái)越小，所以其q-t圖象如圖；

(4)由電容器的計(jì)算公式，可得電荷量Q=CU,電容器儲(chǔ)存的電荷量Q與電阻R無(wú)關(guān)，如

果不改變電路其他參數(shù)，只增大電阻R,放電時(shí)/-t曲線與橫軸所圍成的面積將不變,

由于電阻對(duì)電流的阻礙作用，充電時(shí)間將變長(zhǎng)。

(5)放電過程中電容儲(chǔ)存的電荷量Q逐漸減少，根據(jù)可知，極板間電壓隨之逐漸減

小，放電電流逐漸減小，單位時(shí)間內(nèi)放出電荷量減少，電流的變化率越來(lái)越小。

故答案為：(1)電荷量；(2)3x10-3；(3)見答圖(4)電阻R應(yīng)選擇盡量大一些：(5)放電

過程中電容儲(chǔ)存的電荷量Q逐漸減少，極板間電壓隨之逐漸減小，放電電流逐漸減小,

電流的變化率越來(lái)越小。

(1)由圖象的含義可知，橫軸與縱軸的乘積即為電量，即可求解。

(2)通過橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)，求出一個(gè)格子對(duì)應(yīng)的電量，再結(jié)合圖象所包含的面積，算

出多少個(gè)格子，從而即可求解。

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(3)由電荷量與電流的關(guān)系判斷q=〃圖象中如何表達(dá)電流的意義即可正確作圖。

(4)(5)根據(jù)Q=CU和歐姆定律分析電容器放電時(shí)電流變化。

解決本題的關(guān)鍵掌握電容的定義式，以及知道/-t圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示通過的

電荷量。

17.【答案】解：(1)由題圖乙可知，木塊經(jīng)0.5s滑至最高點(diǎn)，由加速度定義式。=詈有：

上滑過程中加速度的大小：

(2)上滑過程中沿斜面向下受重力的分力，摩擦力，由牛頓第二定律尸=ma得上滑過程

中有：

mgsind+fimgcosd—mar

代入數(shù)據(jù)得：M=0.35.

(3)下滑的距離等于上滑的距離：

x=—VQ=——42m=1m

2。12X8

下滑摩擦力方向變?yōu)橄蛏希膳ｎD第二定律尸=ma得：

下滑過程中：mgsind-fimgcosd=ma2

2

解得：a2=gsind-ngcosO=10x1—0.35x10x-^=2m/s

下滑至出發(fā)點(diǎn)的速度大小為：v=/2^

聯(lián)立解得：v=2m/s

答：(1)上滑過程中的加速度的大小的=8m/s2；

(2)木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.35；

(3)木塊回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小D=2m/s.

【解析】(1)由圖象可以求出上滑過程的加速度.

(2)由牛頓第二定律可以得到摩擦因數(shù).

(3)由運(yùn)動(dòng)學(xué)可得上滑距離，上下距離相等，由牛頓第二定律可得下滑的加速度，再由

運(yùn)動(dòng)學(xué)可得下滑至出發(fā)點(diǎn)的速度.

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式聯(lián)合求解

18.【答案】解：(1)污水的流速為。，則當(dāng)MN間電壓為U時(shí)，有

qvB=￡

解得：V=F

Be

流量為Q=1=vbc

解得：Q若D

(2)由左手定則可知，正離子受洛倫茲力方向向上，負(fù)離子受洛倫茲力方向向下，使M板

帶正電，N板帶負(fù)電，則金屬板M的電勢(shì)高于金屬板N的電勢(shì)

由quB=半

解得：U=Bev

(3)設(shè)左右兩側(cè)管口壓強(qiáng)差為4p,污水勻速流動(dòng)，由平衡關(guān)系得：

Apbc—kLv

將9=9代入上式解得：

Be

.kaU

吁有

答；(1)污水的流量為萼