2021屆全國百校聯(lián)考新高考原創(chuàng)預(yù)測試卷（七）物理

2021屆全國百校聯(lián)考新高考原創(chuàng)預(yù)測試卷（七）

物理

★?？荚図樌?/p>

注意事項(xiàng)：

1、考試范圍：高考范圍。

2、答題前，請先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡

上的相應(yīng)位置，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷

類型A后的方框涂黑。

3、選擇題的作答：每個小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂

黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。

4、主觀題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙

和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答

案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

5、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用

0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選

修題答題區(qū)域的答案一律無效。

6、保持卡面清潔，不折疊，不破損，不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。

7、考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。

二、選擇題

1.若用假想的引力場線描繪質(zhì)量相等的兩星球之間的引力場分布，使其他星球在該引力場中

任意一點(diǎn)所受引力的方向沿該點(diǎn)引力場線的切線上并指向箭頭方向.則描述該引力場的引力

場線分布圖是（）

【答案】B

【解析】

【詳解】根據(jù)題意，其他星球受到中心天體的引力指向中心天體，所以引力場線應(yīng)該終止于

中心天體，故AD錯誤；其他星球在該引力場中每一點(diǎn)的場力應(yīng)該等于兩星球單獨(dú)存在時場力

的矢量和，所以除了兩星球連線上其他各處的合力并不指向這兩個星球，所以引力場線應(yīng)該

是曲線，故C錯誤，B正確。

故選Bo

2.水平轉(zhuǎn)臺上有質(zhì)量相等的力、8兩小物塊，兩小物塊間用沿半徑方向的細(xì)線相連，兩物塊始

終相對轉(zhuǎn)臺靜止，其位置如圖所示（俯視圖），兩小物塊與轉(zhuǎn)臺間的最大靜摩擦力均為八，則

兩小物塊所受摩擦力工、《隨轉(zhuǎn)臺角速度的平方（02）的變化關(guān)系正確的是

【答案】B

【解析】

【分析】

當(dāng)轉(zhuǎn)臺的角速度比較小時，A、B物塊做圓周運(yùn)動的向心力由靜摩擦力提供，隨著角速度增大,

由耳,=加廠知向心力增大，由于B物塊的轉(zhuǎn)動半徑大于A物塊的轉(zhuǎn)動半徑，B物塊的靜摩擦

力先達(dá)到最大靜摩擦力，角速度再增大，則細(xì)線上出現(xiàn)張力，角速度繼續(xù)增大，A物塊受的靜

摩擦力也將達(dá)最大，這時A物塊開始滑動.

【詳解】當(dāng)轉(zhuǎn)臺的角速度比較小時，A、B物塊做圓周運(yùn)動的向心力由靜摩擦力提供，隨著角

速度增大，由工=加@:知向心力增大，此時A、B的摩擦力與32成正比.由于B物塊的轉(zhuǎn)

動半徑大于A物塊的轉(zhuǎn)動半徑，B物塊的靜摩擦力先達(dá)到最大靜摩擦力，此后繩子出現(xiàn)張力,

B的摩擦力不變，而A的摩擦力繼續(xù)增大，但不與ft?成正比了，故A錯誤，B正確；剛開始

轉(zhuǎn)動時，由于加速度較小，AB物塊做圓周運(yùn)動的向心力由靜摩擦力提供，繩子沒有張力，當(dāng)

B物塊的靜摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力后，繩子出現(xiàn)張力，直到A開始滑動前，B所受的靜摩擦

力一直為最大值，故CD錯誤.故選B.

【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是抓住臨界狀態(tài)，隔離物體，正確受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

3.如圖所示，固定在水平面上的斜面傾角為0,長方體木塊［質(zhì)量為私其網(wǎng)面上釘著一枚

小釘子，質(zhì)量為小的小球8通過一細(xì)線與小釘子相連接，小球片與掰面接觸，且細(xì)線與閭

面平行，木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為下列說法正確的是

A.若木塊勻速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為零

B.若木塊勻速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為峻os夕

C.若木塊勻加速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為零

D.若木塊勻加速下滑，則小球?qū)δ緣K的壓力為Pmgcos0

【答案】D

【解析】

【詳解】若勻速下滑，小球受力平衡機(jī)gsin6=G.若木塊勻加速下滑，整體為研究對象,

(M+m)gsin6-"(M+m)gcos0=(M+m)a,小球?yàn)檠芯繉ο?，mgsin0-FN=ma,所以

FN=jjmgco0,故D正確ABC錯誤.

4.水平拋出的小球，某時刻的速度方向與水平方向的夾角為4,再過2秒速度方向與水平方

向的夾角為％，忽略空氣阻力，則小球初速度的大小為()

A.gr0(cos^-cos612)

B一任一

'COS4-cos02

C.^r0(tan^-tan^)

D—跳—

tana-tan仇

【答案】D

【解析】

【詳解】設(shè)小球初速度的大小為%,速度方向與水平方向的夾角為q和％時的運(yùn)動時間分別

為4和芍，根據(jù)題意有：

tan'=—,tan02=.

%%'

又

t2—tt=t0,

聯(lián)立各式，可解得

tan02-tan用

D正確，ABC錯誤。

故選D。

5.如圖所示，長為人的直棒一端可繞固定軸。轉(zhuǎn)動，另一端擱在升降平臺上，平臺以速度y

勻速上升，當(dāng)棒與豎直方向的夾角為。時，棒的角速度為

B.------

Lsina

v

D.------

Leosa

【答案】B

【解析】

【詳解】棒與平臺接觸點(diǎn)的實(shí)際運(yùn)動即合運(yùn)動方向是垂直于棒指向左上，如圖所示，合速度

v實(shí)=sL,沿豎直向上方向上的速度分量等于v,即oLsina=u,所以＜y=——-——，故B

Lsin?

正確.

6.甲、乙兩玩具車（視為質(zhì)點(diǎn)）沿同一方向做直線運(yùn)動，某時刻經(jīng)過同一地點(diǎn)。若以該時刻

作為計(jì)時起點(diǎn)，得到兩車的位移-時間圖象如圖所示。圖象中的3與46平行，⑦與的平行,

則下列說法中正確的是（）

。小tzt3I

A.0~友時間內(nèi)甲車和乙車的路程相等

B.心~友時間內(nèi)甲車的平均速度大于乙車的平均速度

C.時間內(nèi)甲車的速度和乙車的速度相等

D.高~友時間內(nèi)兩車的距離越來越遠(yuǎn)

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.X￡圖像只能表示一條直線上的運(yùn)動，而從圖中可知兩車一直向正方向運(yùn)動，即

兩車做單向直線運(yùn)動，位移大小和路程相等，。時刻兩車的位置相同，兩車處在同一位置，初

位置也相同，則位移相等，即兩者的路程相等，A正確;

B.乙~。3時間內(nèi)，乙的位移大于甲的位移，所用時間相等，所以乙的平均速度大于甲的平均

速度，B錯誤；

CD.x-t圖像的斜率表示速度，已知圖象中的利與4?平行，即％時間內(nèi)兩者的斜率相等，

故速度相等，由于：

Ax—（y甲—v乙）N>

則在這段時間內(nèi)距離始終相等，C正確D錯誤。

故選ACo

7.繼“天宮”一號空間站之后，我國又發(fā)射“神州八號”無人飛船，它們的運(yùn)動軌跡如圖所

示。假設(shè)“天宮”一號繞地球做圓周運(yùn)動的軌道半徑為r,周期為7,萬有引力常量為則

下列說法正確的是（）

天含一號

A.在遠(yuǎn)地點(diǎn)。處，“神州八號”的加速度與“天宮”一號相同

B.根據(jù)題中條件可以計(jì)算出地球的質(zhì)量

C.根據(jù)題中條件可以計(jì)算出地球?qū)Α疤鞂m”一號的引力大小

D.要實(shí)現(xiàn)“神州八號”與“天宮”一號在遠(yuǎn)地點(diǎn)一處對接，“神州八號”需在靠近戶處點(diǎn)火

加速

【答案】ABD

【解析】

【詳解】A.由：

GMm

——3—=ma

r

知：

GM

得：在遠(yuǎn)地點(diǎn)。處，“神州八號”的加速度和“天宮一號”加速度相同，A正確；

B.由“天宮”一號做圓周運(yùn)動萬有引力提供向心力可知：

GMm442

——--=m—z-r，

產(chǎn)T2

解得:

4//

M

GT2

所以可以計(jì)算出地球的質(zhì)量，B正確；

C.沒有'‘天宮”一號質(zhì)量是不能算出萬有引力，C錯誤：

D.“神州八號”加速做離心運(yùn)動，可以進(jìn)入高軌道與天宮對接，D正確。

故選ABDo

8.如圖所示，從傾角為。的斜面上的某點(diǎn)先后將同一小球以不同初速度水平拋出，小球均落到

斜面上，當(dāng)拋出的速度為匕時，小球到達(dá)斜面的速度方向與斜面的夾角為明,當(dāng)拋出的速度

為匕時，小球到達(dá)斜面的速度方向與斜面的夾角為。2，則()

B.無論-、上大小如何，均有劣=。2

C.tan%=2tan0

D.tan(?+6)=2tan6

【答案】BD

【解析】

【詳解】如圖所示，

1,

Lcosd=v()t,LsinO-—gt,

解得：

L2v0tan0

g

由圖知：

tan(a+^)=—=—=2tan(9,

%%

所以a與拋出速度%無關(guān)，故

at=a2,

AC錯誤，BD正確。

故選BD,

三、非選擇題

9.為了探究質(zhì)量一定時加速度與力的關(guān)系，一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中也為帶

滑輪的小車的質(zhì)量，加為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計(jì)）

彈簧測力計(jì)

「其打點(diǎn)計(jì)時器

/nUU0

（1）實(shí)驗(yàn)時，一定要進(jìn)行的操作是。

A.用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量

B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點(diǎn)計(jì)時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計(jì)的

示數(shù)

D.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶

E,為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量加遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量"

（2）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個點(diǎn)沒有畫出），已知打

點(diǎn)計(jì)時器采用的是頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s2（結(jié)果保

留兩位有效數(shù)字）。

單位：cm

1,1.4,r1.9T,2.3T,2.8T,3.3小13.81

0123456

（3）以彈簧測力計(jì)的示數(shù)夕為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的尸尸圖象是一條直線，圖線與

橫坐標(biāo)的夾角為9,求得圖線的斜率為左，則小車的質(zhì)量為______o

【答案】(1).BCD(2).1.3(3).D

【解析】

【詳解】（1）[1]AE.本題拉力可以由彈簧測力計(jì)測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量,

也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，AE錯誤；

B.該題是彈簧測力計(jì)測出拉力，從而表示小車受到的合外力，將帶滑輪的長木板右端墊高，

以平衡摩擦力，B正確；

C.打點(diǎn)計(jì)時器運(yùn)用時，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力

和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測力計(jì)的示數(shù)，C正確；

D.改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨尸變化關(guān)系，D正

確；

故選：BCD。

（2）[2]相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為

T=3x0.02=0.06s,

連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差：

Ax=0.5cm,

根據(jù)醺=仃2得：

△x0.5x10-2

a--7=-----；—m/s=1.3m/s2；

T~0.062

（3）[3]對土尸圖來說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，此題，彈簧測力計(jì)的示數(shù)：

1F=Ma,

即

2廣

a=--F,

M

a-b圖線的斜率為A■，則

k=—,

M

故小車質(zhì)量：

M=~,

k

故D正確。

故選Do

10.利用如圖（a）所示電路，可以測量電源的電動勢和內(nèi)阻，所用的實(shí)驗(yàn)器材有：

待測電源，電阻箱R（最大阻值999.9Q）,電阻R。（阻值為3.0Q）,電阻尺（阻值為3.0Q）,

電流表A（量程為200mA,內(nèi)阻為R,=6.0Q）,開關(guān)S.

圖（a）

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)s；

②多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電流表的示數(shù)I和電阻值箱相應(yīng)的阻值R；

③以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作一R圖線（用直線擬合）；

④求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b.

回答下列問題：

（1）分別用E和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，則與R的關(guān)系式為

（2）實(shí)驗(yàn)得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表所示.其中電阻R=3.0Q時電流表的示數(shù)如圖（b）所示，讀

出數(shù)據(jù)，完成下表.答：①,②.

R/Q1.02.03.04.05.06.07.0

I/A0.1430.125①0.1000.0910.0840.077

I-7A-16.998.00②10.011.011.913.0

(3)在圖(c)的坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖;根據(jù)圖線求得斜率k

=A_1Q截距b=A_1.

(4)根據(jù)圖線求得電源電動勢E=V,內(nèi)阻r=Q.

15+

【答案】(1).-=--+—(2).0.110(3).9.09(4).

IEE

【解析】

【詳解】(1)電流表和電阻Ri并聯(lián)構(gòu)成大量程電流表，電流表讀數(shù)為I，根據(jù)RA=6C,R產(chǎn)3Q,

RR.RRnn

可得電路的總電流為3i,大量程電流表電阻為同A葭‘電路總電阻為EA+}R+&+'

所以E=3/(要冬+/?+《+「)，整理可得:

1=3R通、15+3r3口

+RD+…D=k+g

IERA+7?)

(2)根據(jù)圖(b)可得電流表示數(shù)為I=110mA=0.110A,所以;=9.09AT

(3)描點(diǎn)作圖見答案，為一條傾斜的直線，

、gg115+3r3c-r/r,15+3f,3,..

(4)根據(jù)一=-------1---R可得：b=------=6A.0,k=—=1.0

/EEEE

解得:E=3V；r=lQ

11.如圖傳送帶與水平方向夾角37。，在皮帶輪帶動下，以v°=2m/s的速度沿逆時針方向轉(zhuǎn)向.可

視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊無初速度放在傳送帶A點(diǎn)，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5,兩皮帶輪

間的距離L=3.2m.小物塊在皮帶上滑過后會留下痕跡，求小物體離開皮帶后，皮帶上痕跡的

長度.(sin37°=0.6,g取10m/s?)

【答案】1m

【解析】

【分析】

物塊無初速度放在A點(diǎn)后，在皮帶帶動下做加速運(yùn)動，經(jīng)時間6物塊速度與皮帶速度相等，此

過程中物體與皮帶的相對運(yùn)動形成第1次痕跡；由于物塊與皮帶間動摩擦因數(shù)較小，接下來

物體繼續(xù)加速，物塊速度大于皮帶速度，直到物塊到達(dá)B點(diǎn)，此過程中物塊與皮帶的相對運(yùn)

動形成第2次痕跡；兩次痕跡會形成重合，痕跡的長度等于兩次痕跡中較長痕跡的長度.

【詳解】物塊無初速度放在A點(diǎn)后，對物塊受力分析，由牛頓第二定律可得：

2

mgsinO+/umgcosO=max,解得：4=10/?i/s

設(shè)經(jīng)時間％物塊速度與皮帶速度相等，則％=4乙，解得：4=0.2s

時間內(nèi)皮帶的位移％=%。=0-4m

時間乙內(nèi)物塊的位移々=號34=02加

時間t\內(nèi)，物塊和皮帶間的相對位移Ar=%一/=0-2機(jī)

由于mgsinO=0.6mg、/jmgcosO=0.4/ng,則mgsinO>/jmgcosO,此后物塊速度大于傳

送帶的速度，摩擦力方向變?yōu)檠貍魉蛶蛏希藭r物塊距B點(diǎn)距離尤=乙-々=3加

2

由牛頓第二定律可得：mgsinO-/jmgcosd=ma,,解得：a2=2m/s

1.

設(shè)物塊再經(jīng)時間與到達(dá)B點(diǎn)，則彳=32+5〃2］，解得：,2=1S

時間t2內(nèi)皮帶的位移％'==2m

時間t2內(nèi)，物塊和皮帶間的相對位移Ax'=x-x'=\m

兩次痕跡重合，則痕跡的長度d=Ax'=l〃?

12.如圖所示，力物。是處于豎直平面內(nèi)的光滑軌道，48是半徑為廬15m的上圓周軌道，半徑

4

處處于水平位置，是直徑為15m的半圓軌道，〃為劭。軌道的中央。一個小球P從4點(diǎn)的

正上方距水平半徑以高〃處自由落下，沿豎直平面內(nèi)的軌道通過。點(diǎn)時對軌道的壓力等于其

重力的弓。(glXIOm/s2)

(1)〃的大?。?/p>

⑵試討論此球能否到達(dá)劭。軌道的。點(diǎn)，并說明理由。

(3)小球沿軌道運(yùn)動后再次落到軌道上的速度的大小是多少？

【答案】⑴10m；(2)可以通過;(3)17.3m/s

【解析】

【詳解】(1)設(shè)小球通過〃點(diǎn)的速度為％則有:

v2?14

m-=F=—mg

2

小球從廠點(diǎn)落下直到沿光滑軌道運(yùn)動的過程中，機(jī)械能守恒，有:

,JJR、12

mg(H+~)--mv,

可得高度：

3

(2)設(shè)小球能夠沿豎直半圓軌道運(yùn)動到。點(diǎn)的最小速度為匕，有:

4mg

1\

2

小球至少應(yīng)從”,高處落下,

mgHc=—mv1,

解得：

H=~,

c4

由〃>〃c，小球可以通過。點(diǎn)；

(3)小球由〃落下通過0點(diǎn)的速度為：

%=12gH--14.1m/s.

小球通過。點(diǎn)后作平拋運(yùn)動，設(shè)小球經(jīng)時間,落到48圓弧軌道上，有：

%=卬，y=2gr,

且：

x2+y2=R2,

可解得時間仁1s(另解舍棄)，落到軌道上速度的大?。?/p>

v=+g2/_]7.3m/s。

13.以下說法中正確的是

A.燧增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運(yùn)動的有序性增加的方向進(jìn)行

B.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內(nèi)能一定增加

C.液晶既有液體的流動性，又具有單晶體的各向異性

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體

表面具有收縮的趨勢

E.若封閉氣體從外界吸熱，則氣體的內(nèi)能一定增加

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.墻增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行，A

錯誤；

B.在絕熱條件下壓縮氣體，外界對氣體做功，同時廬0,所以氣體內(nèi)能一定增加，B正確；

C.液晶是一類特殊的物質(zhì)存在的狀態(tài)，液晶既有液體的流動性，又具有單晶體的各向異性，

C正確；

D.表面張力產(chǎn)生的原因：由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間

表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢，D正確;

E.根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式AUMW+Q,封閉氣體的氣體從外界吸熱，可能同時對外做功,

故氣體內(nèi)能可能增加，可能減小、可能不變，E錯誤：

故選BCD

14.如圖所示，〃形管右管橫截面積為左管2倍，管內(nèi)水銀在左管內(nèi)封閉了一段長為26M、溫

度為2804的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為36切，大氣壓為76M現(xiàn)向右管緩慢補(bǔ)

充水銀.

①若保持左管內(nèi)氣體的溫度不變，當(dāng)左管空氣柱長度變?yōu)?0腐時，左管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為多

大？

②在①條件下，停止補(bǔ)充水銀，若給左管的氣體加熱，使管內(nèi)氣柱長度恢復(fù)到26的，則左

管內(nèi)氣體的溫度為多少？

【答案】(1)52cmHg；(2)427K.

【解析】

3

(1)對于封閉氣體有:pF(76-36)cmHg=40cmHg,匕=26slem=V2=20S>cm

由于氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得：PM=P2V2

」0x26SI

P2=SlcmHg

K205)

(2)停止加水銀時，左管水銀比右管高:hi=76-52cmHg=24cmHg；

對左管加熱后，左管下降6cm,右管面積是左管的2倍，故右管上升3cm,

左管比右管高為：h2=hi-9cm=15cm

故封閉氣體的壓強(qiáng)：p,3=76-15cmlig=61cmllg

封閉氣體在初始狀態(tài)和最終狀態(tài)的體積相同，由查理定律可得：*=票

T.=^x280K=427K

故：1

Pl40

點(diǎn)睛：根據(jù)圖示求出封閉氣體壓強(qiáng)，熟練應(yīng)用玻意耳定律及查理定律即可正確解題；本題的

難點(diǎn)是：氣體最終狀態(tài)的壓強(qiáng).

15.如圖是一個向右傳播的t=0時刻的橫波波形圖，已知波從0點(diǎn)傳到〃點(diǎn)用0.2s。該波的波

速為m/s；片0時，圖中“/、B、C、D、E、F、G、H、I、/'各質(zhì)點(diǎn)中，向y軸正方向

運(yùn)動的速度最大的質(zhì)點(diǎn)是.

【答案】(1).10m/s(2).D

【解析】

【詳解】［1］已知波從。點(diǎn)傳到〃點(diǎn)用0.2s,則波速為：

v=—=——?m/s=10m/s；

v0.2

［2］在平衡位置時，速度最大，t=0時，圖中A、B、C、D、E、F、G、11、I、J各質(zhì)點(diǎn)中，D、H

兩個質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，速度最大，而質(zhì)點(diǎn)D向y軸正方向運(yùn)動，質(zhì)點(diǎn)H想y軸負(fù)方向運(yùn)動，

故向y軸正方向運(yùn)動速率最大的質(zhì)點(diǎn)為D。

16.如圖所示，有一足夠大的容器內(nèi)盛有