2022年安徽省滁州市高考物理二模試卷（附答案詳解）

2022年安徽省滁州市高考物理二模試卷

1.下列說法中正確的是（）

4

A.核反應(yīng)方程HTh-丸4Pa+%中的X表示a粒子

B.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時,

電子的動能減小，但原子的能量增大

C.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因為這束光的光強太小

D.一個氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)躍遷時，最多能輻射6種不同頻率的光子

2.圖（a）為一小型發(fā)電機的示意圖，發(fā)電機線圈內(nèi)阻為10,燈泡心的電阻為90,電壓

表為理想交流電壓表。發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢e隨時間t按圖（b）的正弦規(guī)律變化，則

()

圖(a)

A.0.01s時穿過線圈的磁通量為零

C.電壓表的示數(shù)為4.5近VD.燈泡L的電功率為9W

3.如圖所示，將一小球從固定斜面頂端4以某一速度水平

向右拋出，恰好落到斜面底端B。若以不變初速度仍從

力點拋出，同時對小球施加水平向左的恒力F,小球落

到力B連線之間的某點C,不計空氣阻力，則（）

A.C點的位置與F大小無關(guān)

B.小球落到B點與落到C點的速度方向一定相同

C.小球落到C點時的速度方向可能豎直向下

D.若力F變大，小球落到斜面的時間可能會變長

4.質(zhì)量均為m的兩個星球4和B,相距為L,它們圍繞著連線中點做勻速圓周運動。觀

T

測到兩星球的運行周期7小于按照雙星模型計算出的周期7°,且1=匕于是有人猜

想在爾B連線的中點有一未知天體C,假如猜想正確，則C的質(zhì)量為（）

D1+小1—k?ni+小

A.i^mD,——mC.—m—m

4k24k2D.

5.在豎直井里的同一深度處，以相同的初動能將兩個質(zhì)量不同的小球豎直向上出井口,

選取井口所在的水平面為零勢能面，不計空氣阻力。則（）

A.拋出瞬間，兩小球的重力勢能相等

B.兩小球達(dá)到的最大高度相同

C.兩小球經(jīng)過井口時，速度相同

D.兩小球在各自最高處時，質(zhì)量小的小球重力勢能大

6.如圖所示，AABC是圓的內(nèi)接直角三角形，^BCA=26.5°,/片

。為圓心，半徑/?=0.05小，有一勻強電場與圓周平面平行（V

圖中未畫出）。位于4處的粒子源向平面內(nèi)各個方向發(fā)射初動V°J/A

能均為8eV、電荷量為+e的粒子，粒子會經(jīng)過圓周上不同的'-----/

點，其中到達(dá)B點的粒子動能為12eU,到達(dá)C點的粒子動能為16eV,取0點電勢為

零。忽略粒子的重力和粒子間的相互作用，已知s譏53。=0.8。則（）

A.A、C兩點的電勢差為16V

B.8、C兩點的電勢差為4V

C.粒子在4點時的電勢能為4eV

D.勻強電場的電場強度大小為lOOU/m

7.如圖所示，4、B兩個小球（可視為質(zhì)點），間隙極小，兩球球心連線豎Ag|（

直，從離地面高度H處以相同的初速度%=，荻同時豎直向下拋出，

B先與地面碰撞，再與4的碰撞后B靜止于地面，所有碰撞均為彈性碰

撞，貝！1（）

A.A、B兩球的質(zhì)量之比為1：3B.A、B兩球的質(zhì)量之比為1：2

C.碰后4球上升的最大高度為8HD.碰后4球上升的最大高度為16，

8.如圖所示，兩根光滑直導(dǎo)軌4C、DE互成角度水平放置，其中4、。端接一定值電阻

R,整個空間存在著垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場。一導(dǎo)體棒從4。位置以一定的初速

度向右運動，在水平向右的外力F作用下，導(dǎo)體棒向右運動過程中流過電阻R的電

流保持不變。導(dǎo)體棒所受安培力大小為尸安，導(dǎo)體棒克服安培力做功為W,流過電

阻R的電荷量為q,運動時間為3運動位移為工。導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，且電阻

均不計，關(guān)于以上各物理量之間的關(guān)系圖像，下列正確的是（）

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9.某同學(xué)用如圖(a)所示的實驗裝置圖，做“驗證牛頓第二定律”的實驗。

(1)某次實驗，打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶如圖(b)所示，從清晰的

。點開始，每隔4個點取一計數(shù)點(中間4個點沒畫出)，分別記為人B、C、D、E、

F,各計數(shù)點到。點的距離為04=1.61cm,OB=4.02cm,OC=7.26cm,OD=

11.30cm,OE=16.14cm,OF=21.80cm,打點計時器打點頻率為50Hz,則由此

紙帶可得到打E點時小車的速度%=m/s,此次實驗小車的加速度

a=m/s2。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(2)該同學(xué)保持小車質(zhì)量不變，不斷改變懸掛祛碼質(zhì)量m,根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，作出小

車加速度a與祛碼質(zhì)量小的圖像如圖(c)所示，圖像不過坐標(biāo)原點的原因是o

10.實驗小組想測量某待測電阻服的阻值，實驗室中有一個分度值未知(有清晰刻度線

但沒有示數(shù))的電壓表和一個量程為0.64內(nèi)阻約為10的電流表，為準(zhǔn)確測量Rx的

阻值，需要先精確測量出電壓表的分度值和電流表的內(nèi)阻，設(shè)計了如圖(a)所示的

電路，實驗中還有以下器材可供使用：

人電源(電動勢為15V,內(nèi)電阻小于20)

B.電阻箱(阻值范圍0?999.90)

C滑動變阻器&(阻值為0?200)

D滑動變阻器7?2(阻值為0?2000)

￡電鍵Si、單刀雙擲開關(guān)S2和導(dǎo)線若干

實驗操作過程為：

(1)將實驗儀器按圖(a)所示電路連接，則滑動變阻器&應(yīng)選(用儀器前的字

母序號表示)；

(2)將電阻箱R阻值調(diào)至最大，將滑動變阻器的滑片移至滑動變阻器的接近右端處，

閉合電鍵Si、單刀雙擲開關(guān)S2擲與a端；接著調(diào)節(jié)電阻箱R直至電流表半偏，記錄此

時電阻箱的阻值R和電壓表指針指示的表盤上的刻度線數(shù)k(從表盤最左端開始記數(shù),

第一個刻度線記為k=0)；

(3)改變滑動變阻器滑片位置，再次調(diào)節(jié)電阻箱R直至電流表半偏，記錄此時電阻箱

的阻值和電壓表指針指示的表盤上的刻度線數(shù)。某次電阻箱的示數(shù)如圖(b)所示，

該讀數(shù)為Q

(4)多次重復(fù)步驟(3)；

(5)根據(jù)所得的實驗數(shù)據(jù)，作出如圖(c)所示A-R圖像，可以求得電壓表分度值為

______叭

(6)移動滑片至某位置，閉合電鍵Si，將單刀雙擲開關(guān)S2擲與b端，測得此時電流表

示數(shù)為0.44、電壓表指針指示的刻度線數(shù)k為12,根據(jù)數(shù)據(jù)可以求得待測電阻R的

阻值為______

11.如圖所示，一絕緣板垂直于y軸放置，板上兩個小孔C、D(在x軸上)關(guān)于坐標(biāo)原點。

對稱，質(zhì)量為加、電荷量為+q的粒子(不計重力)以速度力從y軸上的4點沿+無方向

進入第一象限的靜電分析器，在輻向電場(方向指向。)作用下，離子沿圖中虛線做

半徑為R的勻速圓周運動，再從小孔C沿-y方向進入x軸下方垂直紙面向外的勻強

磁場區(qū)域，經(jīng)一次與絕緣板的彈性碰撞后恰好從小孔D進入第二象限面內(nèi)的勻強電

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場，恰好以速度%返回4點。求：

(1)靜電分析器內(nèi)虛線處的當(dāng)?shù)拇笮?

(2)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強度B的大小;

(3)第二象限內(nèi)電場強度E2的大小和方向。

12.質(zhì)量m1=1kg的薄木板4置于傾角為。=30。的足夠長斜面上。質(zhì)量=2kg的滑

塊B(可視為質(zhì)點)置于4上表面的下端，如圖(a)所示。4和B由靜止同時釋放，并同

時對4施加沿斜面向下的恒力F,使4、B發(fā)生相對滑動，物塊8的u-t圖像如圖(b)

所示。已知口與斜面間的動摩擦因數(shù)%=9,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取

重力加速度大小g=lOm/s2.求：

(1)4、B間的動摩擦因數(shù)出；

(2)若F=16N,作用一段時間后撤去，從靜止釋放開始到8從4的下端滑下的過程

中，因4、B間摩擦產(chǎn)生的熱量Q=3.84J,求F作用的時間。

AB

3

30°

13.下列說法正確的是（）

A.若氧氣與氫氣的溫度相同，則這兩種氣體分子平均速率不同

B.硬幣能浮在水面上，這是液體表面張力作用的結(jié)果

C.由于多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體是各向異性的

D.不能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響

E.一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹對外做功，內(nèi)能一定減少

14.如圖所示，兩個固定的水平氣缸底部通過一帶閥門K的細(xì)管連通，分別處于左右兩

22

缸內(nèi)的活塞4、B由水平硬桿相連，活塞面積=100cm,SB=25cm.初始時，

閥門關(guān)閉，4內(nèi)有理想氣體，B內(nèi)為真空，兩活塞分別與各自氣缸底相距a、b,且

a=b=50cm,活塞靜止。已知大氣壓強為p。，氣缸導(dǎo)熱良好且足夠長，環(huán)境溫度

保持不變，不計摩擦，細(xì)管體積可忽略不計。求：

①初始時，A內(nèi)氣體壓強；

②打開閥門K足夠長時間后，活塞4離缸底的距離。

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15.圖甲為一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，M是平衡位置為x=0.5m處的質(zhì)點，N是

平衡位置為久=2m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點N由該時刻起的振動圖象，則下列說法正

確的是()

A.該波沿x軸的負(fù)方向傳播

B.該波的周期是0.20s

C.該波的傳播速度是10m/s

D.t=0.15s時，質(zhì)點N的速度方向沿y軸正方向

E.從t=0.20s至此=0.30s,質(zhì)點M通過的路程為5cm

16.如圖所示，一橫截面為半圓形的玻璃磚，。為圓心，

半徑為R,PQ為直徑，4為0Q的中點，PQ與豎直放

置的足夠大的平面鏡平行，兩者間距為d=2gR,

一單色細(xì)光束沿垂直于PQ方向從4點射入玻璃磚，

光從弧形表面射出后，經(jīng)平面鏡反射，恰好打到豎

直光屏上的。點(圖中未畫出)，Q、P、。三點在同

一條直線上。玻璃磚對該光的折射率n=8，不考慮光線在玻璃磚中的多次反射。

求:

(1)D點到P點的距離；

(2)將玻璃磚沿QP連線向上平移多少距離，光屏上的光點會消失。

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答案和解析

1.【答案】

B

【解析】

解：4、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)量數(shù)為4=234-234=0,核電荷

數(shù)為Z=90-91=-l,故X為電子2遇，故A錯誤；

8、玻爾理論，氫原子的核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時要吸收能

量，所以原子的總能量增大，根據(jù)寫=處得a=imv2=字，可知電子的動能減小，

故8正確；

C、根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因

為入射光的頻率小于金屬的極限頻率，故C錯誤；

D、一群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)向較低能級躍遷，根據(jù)《=6知這群氫原子最多能發(fā)

出6種頻率的光，而一個氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)躍遷時，最多能輻射3種不同頻率的光

子，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)核反應(yīng)方程中的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒判斷出X的質(zhì)子數(shù)和質(zhì)量數(shù)，即可判斷X是哪

種粒子；根據(jù)電子軌道半徑的變化，結(jié)合庫侖引力提供向心力分析電子動能的變化；當(dāng)

入射光的頻率大于金屬的極限頻率才會發(fā)生光電效應(yīng)；明確“一群”和“一個”氫原子

的區(qū)別。

本題考查了能級躍遷、光電效應(yīng)等基礎(chǔ)知識，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識點。

2.【答案】

D

【解析】

解：4、t=0.01s時電動勢為零，線圈處于中性面位置，穿過線圈的磁通量最大，故4

錯誤；

B、由圖可知，交流電的周期為T=0.02s,則線圈轉(zhuǎn)動的角速度為3=與=就rad/s=

100nrad/s9故8錯誤；

C、電動勢的最大值為Em=10V2V,有效值為E=置=喈U=10K,電壓表示數(shù)U=

a5=言*101/=91/,故。錯誤；

。、燈泡消耗的功率為P=f=殳〃=9W,故。正確。

R9

故選：D。

由圖讀出電動勢的最大值，求出有效值，根據(jù)歐姆定律求出外電壓的有效值，即為電壓

表的示數(shù)。讀出周期，即可求得線圈轉(zhuǎn)動的角速度。根據(jù)電壓有效值求出燈泡消耗的功

率。

本題考查交流電的產(chǎn)生規(guī)律，要明確線圈轉(zhuǎn)動與交流電的對應(yīng)關(guān)系，知道線圈處于中性

面時磁通量最大而電動勢為零，而在垂直于中性面位置時，磁通量為零而電動勢最大。

交流電的電壓、電流、電動勢等物理量都隨時間作周期性變化，但電流表電壓表測量的

是有效值。

3.【答案】

C

【解析】

解：4、對小球施加水平向左的恒力產(chǎn)后，小球在豎直方向的運動情況不變，仍做自由

落體運動，因B的豎直高度大于C的豎直高度，根據(jù)九=：gt2可知，小球落到B點的時間

與落到C點所用時間不相等，尸大小影響小球水平方向的分加速度，影響小球的運動時

間，從而影響C點的位置，故A錯誤；

BC、由圖可知，對小球施加水平向左的恒力產(chǎn)后，小球在水平方向做勻減速運動，若到

達(dá)C點時水平速度恰好減為零，則落到C點的速度方向豎直向下；而落到B點的小球做平

拋運動，到達(dá)B點的速度方向不可能豎直向下，所以小球落到B點與落到C點的速度方向

不同，故8錯誤，C正確；

2

D、當(dāng)加力尸時：豎直方向有'=：9產(chǎn)；水平方向有：%=vot-1--^t,設(shè)斜面的傾角

2vtana

為a,則tcma=日v,聯(lián)立解得t=Ro叵，可知力F變大，小球落到斜面的時間t變短，

xym

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故。錯誤。

故選：Co

不加水平力F時小球做平拋運動；加水平力F后，小球在水平方向做勻減速運動，豎直

方向仍做自由落體運動，根據(jù)運動的合成知識結(jié)合平拋運動的知識進行判斷。

本題考查運動的合成和分解，掌握這種化曲為直的處理方法，結(jié)合分運動的規(guī)律解答。

4.【答案】

A

【解析】

解：兩星的角速度相同，根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力知：G=小r132=小上3？

可得：T[=「2①

兩星繞連線的中點轉(zhuǎn)動，則有：G9=n^芳4L②

所以,。=2兀底③

由于C的存在，雙星的向心力由兩個力的合力提供，則：G苧+G器（票Ar④

T

又且元=k⑤

解③④⑤式得：M=嘿171,故A正確，BCD錯誤。

故選：4。

雙星繞兩者連線的中點做圓周運動，由相互之間萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定

律求解運動理論周期。

假定在以這兩個星體連線為直徑的球體內(nèi)均勻分布著暗物質(zhì)，由暗物質(zhì)對雙星的作用與

雙星之間的萬有引力的合力提供雙星的向心力，由此可以得到雙星運行的進而得到周期

T,等式中有C的質(zhì)量。

本題是雙星問題，要抓住雙星系統(tǒng)的條件：角速度與周期相同，再由萬有引力充當(dāng)向心

力進行列式計算即可。

5.【答案】

D

【解析】

解：設(shè)井深為八，選取井口所在的水平面為零勢能面。

A、根據(jù)Epn-mgh可知，拋出瞬間，質(zhì)量大的小球重力勢能小，故A錯誤；

B、根據(jù)動能定理可得：-mgH=O-Eko,解得上升的最大高度：”=鬻，由于EM)相

同，m大的小球上升高度小，故8錯誤；

2

C、根據(jù)機械能守恒定律可得：Ek0-mgh=\mv,解得出井口時的速度大小為：v=

黎-9億所以質(zhì)量大的小球出井口時的速度小，故C錯誤；

D、根據(jù)機械能守恒定律可得，在最高點時小球的重力勢能：EP'=Ek0-mgh,所以兩

小球在各自最高處時，質(zhì)量小的小球重力勢能大，故。正確。

故選：D。

不計空氣阻力，物體在運動過程中機械能守恒，根據(jù)零勢能面確定拋出點的重力勢能，

并根據(jù)機械能守恒定律列式確定最高處的機械能，根據(jù)動能為零可知重力勢能等于最高

點處的機械能。

本題要明確機械能守恒的條件，能熟練運用機械能守恒定律分析物體的動能和勢能的關(guān)

系，同時明確重力勢能的性質(zhì)，知道重力勢能大小與零勢能面間的關(guān)系。

6.【答案】

BCD

【解析】

4C.根據(jù)電勢的定義可知C點的電勢

小_EpC_~4eV_

0c=方=丁=5

所以

Uoc=<Po-<Pc=Oy-(-4)V=4V

根據(jù)勻強電場的特點，結(jié)合40C是直徑可知

UCA=2UC0=2x(-4"=-8K

則4點的電勢a=4K,粒子在4點時的電勢能為昂^=e(pA=4eV

故A錯誤，C正確；

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BD.粒子由4到8,根據(jù)能量守恒得

EkB+EpB=EkA-EpA=12eV

所以WB=0；貝ij/c=(pB-(pc=W-(-4)1/=4V

。與B是等勢點，連接OB,則OB為勻強電場的等勢面，過Z點作OB的垂線交OB于。點,

則4D的方向就是該電場的電場強度方向，如圖所示

AD—R?sin530—0.05x0.8m=0.04m

由于ODB是等勢面，所以

E=3=lOOV/m

AD0.04//

故8。正確；

故選：BCD。

根據(jù)電勢的定義3c=等可知C點的電勢；從而解得4A；粒子由4到B，根據(jù)能量守恒

解得B點電勢，作出等勢面和電場線；根據(jù)U=Ed解得電場強度大小。

本題考查勻強電場電勢差與電場強度的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握確定等勢面的方法及求電場

強度的公式理解。

7.【答案】

AC

【解析】

解：AB、設(shè)4球的質(zhì)量為M,B球的質(zhì)量為m,球下落過程只有重力做功，機械能守恒，

應(yīng)用機械能守恒定律得：+mgH=|mv2,解得：u=2西瓦同理可知，4球落

地速度大小也是2曲；B與地面發(fā)生彈性碰撞，碰撞后速度大小不變，方向豎直向上，

4、B發(fā)生碰撞過程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動量守恒，以向上為正方向，由動量守

恒定律得：mv-Mv=mvB+MvA,彈性碰撞過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：

解得：陋土型史，=2（m-3M）質(zhì),^碰

222。2cAm+Mbm+M

撞后B靜止，則m-3M=0,A,B兩球的質(zhì)量之比M：m=1：3,故A正確，8錯誤：

C。、由于m=3M,則碰撞后4球的速度大小力=49,碰撞后4上升過程機械能守恒，

設(shè)4上升的最大高度為/I,由機械能守恒定律得：\Mv2=Mgh,解得：h=8H,故C

正確，D錯誤。

故選:AC..

應(yīng)用機械能守恒定律求出小球落地時的速度大小，發(fā)生彈性碰撞時系統(tǒng)動量守恒、機械

能守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律分析求解；應(yīng)用機械能守恒定律求出碰撞

后4上升的最大高度。

彈性碰撞過程系統(tǒng)機械能守恒，分析清楚兩球的運動過程是解題的前提，應(yīng)用動量守恒

定律與機械能守恒定律即可解題。

8.【答案】

AB

【解析】

解：4、導(dǎo)體棒克服安培力做功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，由于電流不變，根據(jù)W=l2Rt

可知W與t成正比關(guān)系，故A正確；

B、設(shè)導(dǎo)體棒在軌道間的長度為L,則

F紇=B/L

可知產(chǎn)安與L成正比，由于導(dǎo)軌為直導(dǎo)軌，L與x必定滿足線性關(guān)系，且隨久的增大而減小，

所以廣安也必定與x滿足線性關(guān)系，隨著刀的增大而減小，故8正確；

C、根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，電路中的電流為

,BLV

1=--

R

由題可知，/為定值，可知隨著L減小，v增大，在x-t圖像中，曲線的切線表示速度，

所以切線的斜率應(yīng)該逐漸增大，而不是減小，故C錯誤；

D、電流大小不變，根據(jù)q=/t可知，q與t成正比關(guān)系，故。錯誤。

故選：AB?

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4、根據(jù)導(dǎo)體棒克服安培力做功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，結(jié)合焦耳定律和題意，判斷小

與t成正比關(guān)系；

B、根據(jù)安培力的公式，結(jié)合題意分析可得，尸安與x的關(guān)系；

C、根據(jù)閉合電路的歐姆定律，結(jié)合題意，可知在x-t圖像中切線的斜率應(yīng)該逐漸增大；

D、根據(jù)q=/t,結(jié)合題意可知q與t成正比關(guān)系。

本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律和安培力公式，在處理要注意綜

合應(yīng)用各種定律來判斷可能的圖像。

9.【答案】

0.530.81未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

【解析】

解：(1)在勻變速直線運動中，中間時刻的瞬時速度等于該過程的平均速度，則%=篝=

x10~2m/s=0.53m/s；

2

根據(jù)逐差法可知小車的加速度為a=胃筍=x10-2m/s2=o.81m/s,

(2)根據(jù)圖像(c)可知，當(dāng)祛碼的質(zhì)量不為零時，小車的加速度仍然為零，則圖像不過坐

標(biāo)原點的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。

故答案為：(1)0.53；0.81；(2)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

(1)根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律得出小車的瞬時速度，結(jié)合逐差法計算出小車的加速度;

(2)根據(jù)圖像結(jié)合牛頓第二定律分析出圖像不過坐標(biāo)原點的原因。

本題主要考查了牛頓第二定律的驗證實驗，熟練掌握運動學(xué)公式計算出速度和加速度，

在計算過程中要注意單位的換算，同時結(jié)合牛頓第二定律和圖像即可完成分析。

10.【答案】

C38.80.513.8

【解析】

解：(1)滑動變阻器用的是分壓方式，電壓可從零開始變化，為實驗方便，滑動變阻器Ro

應(yīng)選阻值較小的滑動變阻器C；

⑶根據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可知，該讀數(shù)為R=3x100+8x10+8x0.10=38.80；

(4)結(jié)合圖像的數(shù)據(jù)和歐姆定律可知：U=/(a+&)

設(shè)電壓表分度值為%,代入兩次的實驗數(shù)據(jù)可得表達(dá)式：

6UQ=0.3X(8.8+RA)

24%=0.3x(38.8+以)

解得：%=0.5V,RA=1.2/2；

(6)由歐姆定律得：U=I(RA+RQ,

所以有：Rx吟-RA

代入數(shù)據(jù)解得：Rx=13.80。

故答案為：(1)C;(3)38.8；(5)0.5；(6)13.8。

(1)滑動變阻器用的是分壓方式，根據(jù)“方便性原則”選取滑動變阻器；

(3)根據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法進行讀數(shù)；

(4)結(jié)合圖像的數(shù)據(jù)和歐姆定律進行解答：

(6)由歐姆定律求解R*的值。

對于實驗題，要弄清楚實驗?zāi)康?、實驗原理以及?shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實

驗設(shè)計、實驗方法都是根據(jù)教材上給出的實驗方法進行拓展，延伸，所以一定要熟練掌

握教材中的重要實驗。對于實驗儀器的選取一般要求滿足安全性原則、準(zhǔn)確性原則和操

作方便原則.

11.【答案】

解：(1)粒子在靜電分析器做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律得

解得：位=萼；

(2)粒子進入磁場后做勻速圓周運動，只碰撞一次，有：

qv0B=m^,

解得：B=歲；

qR

(3)粒子在0、力位置動能相等，故D4是等勢線，電場4方向垂直。力斜向右下方，在不方

向：

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qf2cos45°=max,

2axR=Vo—0,

聯(lián)立解得：％=察攵

答：(1)靜電分析器內(nèi)虛線處的Ei的大小為黑；

(2)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強度B的大小為鬻；

(3)第二象限內(nèi)電場強度E2的大小為與普；方向方向垂直D4斜向右下方。

【解析】

(1)粒子在靜電分析器做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；

(2)粒子進入磁場后做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；

(3)粒子在。、4位置動能相等，故D4是等勢線，電場線與等勢線垂直可知場強方向，

根據(jù)粒子運動情況結(jié)合運動學(xué)規(guī)律求場強大小。

本題考查帶電粒子在電、磁場中的運動，解題關(guān)鍵要分析清楚粒子在各場區(qū)的運動情況,

特別是在靜電分析器中的運動。

12.【答案】

解：(1)由乙圖可得物塊B的加速度為的=6m/s2

規(guī)定沿斜面向下為正，有：m2gsind+n2m2gcosd=m2aT

代入數(shù)據(jù)解得：論=當(dāng)

—15

(2)設(shè)戶作用的時間為撤去?時，4、8的速度分別為％、v2,

mcosma

F+m1gsin9—+m￡)gcosO—[i229^=i2

根據(jù)運動學(xué)公式有：％=a2tl

1^2=亡]

1

Xi=2a24t-f2

1

%2=2al4f-l2

則產(chǎn)生的熱量：Qi=R2m2gcos9(x*-%2)

撤去產(chǎn)后，8繼續(xù)勻加速運動，經(jīng)過12,4、8的速度相同。

>

對4有：m1gsin0—(m1+m2)gcos9—p.2Tn2gcos6=m1a3

va

A、B共速時，vr—\a3t2\=2+i^2

A、B的位移分別為%3、X4,根據(jù)位移一時間關(guān)系有：％3=-份

1Q

x4=v1t2+-a1t^

則產(chǎn)生的熱量：Q2=42m2gcos8(%3一%4)

此后B相對A向下運動，直到離開4。由題意：(?1+(22=f

聯(lián)立解得：“=0.6s

答：(1)4、B間的動摩擦因數(shù)為*

(2)若尸=16N,作用一段時間后撤去，從靜止釋放開始到B從4的下端滑下的過程中，

因/、B間摩擦產(chǎn)生的熱量Q=3.84/,F作用的時間為0.6s。

【解析】

(1)對物塊B根據(jù)牛頓第二定律可解得；

(2)分別解得撤去F前后產(chǎn)生的熱量，結(jié)合題意可解得。

本題主要考查了勻加速直線運動速度、位移公式及牛頓第二定律的應(yīng)用，解答的難點是

第二問，學(xué)會計算4B因摩擦產(chǎn)生的熱量是解題的關(guān)鍵.

13.【答案】

ABD

【解析】

解：4、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，溫度相同的氧氣與氫氣，它們具有相同的分子

動能，由于它們的分子質(zhì)量不同，所以分子平均速率不同，故A正確；

3、硬幣能浮在水面上，是由于水的表面張力的作用，硬幣受到的重力等于表面張力，

故3正確；

C、由于多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體是各向同性的，故C

錯誤；

。、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)

生其他影響，故。正確；

E、根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程牛=C可知，一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹，氣

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體對外做功，其溫度升高，內(nèi)能增大，故E錯誤。

故選：ABD.

根據(jù)溫度是氣體分子平均動能的標(biāo)志判斷；硬幣能浮在水面上，這是液體表面張力作用

的結(jié)果；多晶體表現(xiàn)為各向同性；根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷；根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體

狀態(tài)方程與=C判斷。

本題考查了溫度低分子平均動能的標(biāo)志、液體表面張力、多晶體、熱力學(xué)第二定律、一

定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程等知識點，這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。

14.【答案】

解：①對活塞分析p4s4+PQSB=p0