2023年海南省?？谑懈呖嘉锢碓\斷試卷

2023年海南省?？谑懈呖嘉锢碓\斷試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.下列有關(guān)力和運(yùn)動(dòng)，說(shuō)法正確的是（）

A.把手中的鉛球靜止釋放，鉛球豎直下落是因?yàn)閼T性

B.汽車(chē)的速度越大，剎車(chē)時(shí)越難停下來(lái)，說(shuō)明速度越大慣性越大

C.牛頓第一定律也被叫作慣性定律

D.汽車(chē)緊急剎車(chē)時(shí)乘客向前傾，是因?yàn)槌丝褪艿较蚯暗膽T性力

2.A、B、C三個(gè)物體疊放在一起如圖中實(shí)線所示，用力作用在物體C上，緩慢轉(zhuǎn)到虛線所示

位置的過(guò)程中，4、8、C三個(gè)物體始終相對(duì)靜止，下列說(shuō)法正確的是（）

A.C對(duì)B的作用力大小和方向都不變B.C對(duì)B的作用力先增加后減小

C.B對(duì)4的支持力先減小后增加D.B對(duì)A的摩擦力先增加后減小

3.如圖所示，把兩個(gè)線圈繞在同一個(gè)矩形軟鐵芯上，線圈M通過(guò)導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)與電池連接，

線圈N用導(dǎo)線連通，導(dǎo)線下面平行放置一個(gè)可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針，且導(dǎo)線沿南北方向放置。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.開(kāi)關(guān)閉合的瞬間，小磁針不會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)

B.開(kāi)關(guān)閉合，待電路穩(wěn)定后，小磁針會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)

C.電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)的瞬間，小磁針不會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)

D.電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)的瞬間，小磁針會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)

4.中國(guó)科學(xué)院的環(huán)流器裝置主要用來(lái)研究磁約束下的核聚變，核反應(yīng)方程是

jH+lHHe+^n,已知a粒子的質(zhì)量為4.0026”，笊核的質(zhì)量為2.0141”，疑核的質(zhì)量是

3.0161〃，中子的質(zhì)量為1.0087K,lit相當(dāng)于931.5MW,下列有關(guān)核反應(yīng)的說(shuō)法正確的是（）

A.出+/￡He+乩是核聚變反應(yīng)，也是目前核電站使用的核反應(yīng)

B.只要把：”和；H放在一個(gè)密閉的容器內(nèi)就可以發(fā)生核聚變反應(yīng)

C.一個(gè)笊核與一個(gè)氟核聚變反應(yīng)吸收的能量是17.6MeV

D.一個(gè)氣核與一個(gè)疑核聚變反應(yīng)釋放的能量是17.6MeV

5.如圖所示，密封的礦泉水鹿中，一開(kāi)口向下、導(dǎo)熱良好的小瓶置于礦泉水瓶

中，小瓶中封閉一段空氣，可看作理想氣體?，F(xiàn)用手?jǐn)D壓礦泉水瓶，小瓶下沉到||巨

底部；松開(kāi)礦泉水瓶后，小瓶緩慢上浮，上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體溫度保持不變，

則上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體（）后實(shí)

A.體積不變，內(nèi)能不變B.體積不變，內(nèi)能減少

C.體積增大，對(duì)外界做正功D.對(duì)外界做正功，并放出熱量

6.如圖所示是豎直放置的內(nèi)壁光滑的長(zhǎng)方體容器的縱截面圖，

ABCD是一個(gè)矩形，AB=5m,BC=3m,有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量A------------

m=1kg的小球用長(zhǎng)L=5m的輕繩懸掛在4點(diǎn)。小球隨容器一起繞4B

邊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，取重力加速度g=lOm/s?,已知s譏37°=0.6,

cos37°=0.8,下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)3=lrad/s時(shí)，器壁CD對(duì)小球的彈力大小是4N

B.當(dāng)3=2rad/s時(shí)，器壁CD對(duì)小球的彈力大小是12N8-----------'C

C.小球剛接觸器壁CD時(shí)的角速度是frad/s

D.小球剛接觸器壁CD時(shí)的角速度是|rad/s

7.如圖所示的電路，有定值電阻右、R2,滑動(dòng)變阻器品、電流表、電壓表、電容器，內(nèi)阻

不能忽略的電源。開(kāi)關(guān)S閉合，滑動(dòng)變阻器&滑片向上滑動(dòng)，待電路穩(wěn)定后，與滑動(dòng)前相比，

下列說(shuō)法正確的是（）

A.電源的效率增加B.電壓表示數(shù)減小C.電容器電量增加D.電流表示數(shù)減小

8.同一條平直公路上，甲車(chē)在前，乙車(chē)在后，兩車(chē)在不同的pym.s4甲/

行車(chē)道上同向行駛，t=0時(shí)刻甲和乙兩車(chē)相距L=15m,其速

度一時(shí)間（v—t）圖像分別為圖中直線甲和直線乙，交點(diǎn)坐標(biāo)圖6

中已標(biāo)出，則（）

A.乙車(chē)的加速度是0.6m/s2°IQ〃S

B.10s時(shí)兩車(chē)相距最遠(yuǎn)

C.5s時(shí)兩車(chē)相遇

D.20s時(shí)兩車(chē)再次相遇

二、多選題（本大題共6小題，共24.0分）

9.如圖所示是兩個(gè)理想單擺在同一地點(diǎn)的振動(dòng)圖像，縱軸表示擺球偏離平衡位置的位移。

下列說(shuō)法中正確的是（）

A.t=2s時(shí)，甲單擺的擺線拉力為0,乙的速度為0

B.增大乙的擺球質(zhì)量，乙的周期有可能與甲相等

C.甲擺球和乙擺球永遠(yuǎn)不可能同時(shí)均處于動(dòng)能最小的狀態(tài)

D.乙擺球位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為％=sinGt）cm

10.如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長(zhǎng)到。點(diǎn)并系住物體

im

g??

m.現(xiàn)推動(dòng)物體將彈簧壓縮到4點(diǎn)，然后釋放，物體一直運(yùn)動(dòng)到B

2??

點(diǎn)速度減為零。如果物體受到地面的摩擦阻力恒定，則（）AOB

A.物體從a到。的過(guò)程加速度先變小后變大

B.物體從。到B的過(guò)程加速度逐漸變大

C.物體運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)速度最大

D.物體在B點(diǎn)速度減為零后一定保持靜止

11.如圖所示，是一顆衛(wèi)星發(fā)射的簡(jiǎn)化過(guò)程示意圖。首先將衛(wèi)星

發(fā)射到近地圓軌道1,軌道1的半徑近似等于地球半徑R,在M點(diǎn)

點(diǎn)火加速變到橢圓軌道2,遠(yuǎn)地點(diǎn)N到地心的距離是3R,在N點(diǎn)再

次點(diǎn)火加速使衛(wèi)星在圓軌道3上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知引力常量G

和衛(wèi)星在軌道2上的周期T,下列說(shuō)法正確的是（）

A.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)動(dòng)的周期是一7

4

B.衛(wèi)星在軌道2上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速度，大于在軌道1上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速

度

C.衛(wèi)星在軌道2上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速度，等于在軌道1上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速

度

D.根據(jù)題中的條件可以求出地球的質(zhì)量是空

Gr

12.圖1中4、B、C是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，若將一正電荷從4點(diǎn)處由靜止特放，

僅在電場(chǎng)力作用下，正電荷沿電場(chǎng)線從4經(jīng)過(guò)B到C,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度一時(shí)間圖像如圖2所示。

下列說(shuō)法正確的是（）

ABC

圖I圖2

A.在4、B、C三個(gè)點(diǎn)中，B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大

B.在4、B、C三個(gè)點(diǎn)中，C點(diǎn)的電勢(shì)最低

C.在4、B、C三個(gè)點(diǎn)中，C點(diǎn)的電勢(shì)最高

D.在4B、C三個(gè)點(diǎn)中，正電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能最大

13.如圖所示，在水平面上固定光滑導(dǎo)軌PQ、RS,PR之間用導(dǎo)線連接，兩導(dǎo)軌間距是L

兩導(dǎo)軌間有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磴場(chǎng)，虛線是勻強(qiáng)磁場(chǎng)的左、右邊界，

在磁場(chǎng)左邊導(dǎo)軌上有一根質(zhì)量為m、有效電阻為R的導(dǎo)體棒MN,導(dǎo)體棒以初速度為向右進(jìn)入

磁場(chǎng)，并以速度"從右邊穿出磁場(chǎng)，其余電阻不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中電流方向由N到M

B.導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量是:m詔-2小/

C.通過(guò)導(dǎo)體棒的電量是嗎出

DL

D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)左、右邊界之間的距離是臉學(xué)

14.某實(shí)驗(yàn)小組用注射器和壓強(qiáng)傳感器探究一定質(zhì)量的氣體發(fā)生等溫變化時(shí)的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝

置如圖所示。用注射器封閉一定量的氣體，其壓強(qiáng)p可由左側(cè)的壓強(qiáng)傳感器測(cè)得，體積U由注

射器壁上的刻度讀出，下列說(shuō)法正確的是（）

壓強(qiáng)傳感器

A.注射器必須水平放置

B.改變氣體體積時(shí)，應(yīng)緩慢推動(dòng)活塞

C.改變氣體體積時(shí)，推動(dòng)活塞快慢對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響

D.處理數(shù)據(jù)時(shí)可以作出p-：圖像，如果是過(guò)原點(diǎn)傾斜的直線，說(shuō)明壓強(qiáng)p與體積V成反比關(guān)

系

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

15.某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。

（1）將滑塊4放置在氣墊導(dǎo)軌上，打開(kāi)氣泵，待氣流穩(wěn)定后，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，下列

哪些選項(xiàng)說(shuō)明氣墊導(dǎo)軌已調(diào)到水平。

4當(dāng)氣墊導(dǎo)軌與桌面平行時(shí)

B.輕推滑塊4,經(jīng)過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間相等

C.直接用眼睛觀察氣墊導(dǎo)軌是否水平

D滑塊力能在氣墊導(dǎo)軌上保持靜止

（2）測(cè)出滑塊4和遮光條的總質(zhì)量為啊，滑塊B和遮光條的總質(zhì)量為niB，兩遮光條的寬度相同。

將滑塊B靜置于兩光電門(mén)之間，將滑塊4靜置于光電門(mén)1左側(cè)，推動(dòng)4使其獲得水平向右的初

速度，經(jīng)過(guò)光電門(mén)1并與B發(fā)生碰撞，碰撞后4被彈回，再次經(jīng)過(guò)光電門(mén)1。光電門(mén)1先后記錄

的擋光時(shí)間分別為44、4t2,光電門(mén)2記錄的擋光時(shí)間為4t3,則實(shí)驗(yàn)中兩滑塊的質(zhì)量應(yīng)滿足啊

g（選英或“=”）。

（3）若碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則滿足的關(guān)系式是。

16.有一個(gè)待測(cè)電阻咒大約1000,某同學(xué)想測(cè)量多組數(shù)據(jù)并盡可能準(zhǔn)確測(cè)量它的阻值，在

實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：

4學(xué)生電源E（電動(dòng)勢(shì)為6.0V）

B.電壓表X量程為0?6V,內(nèi)阻約6k0）

C.電流表4（量程為0?307n4,內(nèi)阻為50）

￡>.滑動(dòng)變阻器七（最大阻值M0,額定電流50nL4）

￡滑動(dòng)變阻器/?2（最大阻值100，額定電流14）

r.定值電阻/?3=5。

G.定值電阻％=200

開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干

24

%

V/mpj

圖I圖2圖3

(1)根據(jù)所提供的器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選。(填實(shí)驗(yàn)器材前面的選項(xiàng)序號(hào)

)

(2)請(qǐng)?jiān)趫D1虛線框內(nèi)畫(huà)出你設(shè)計(jì)的電路圖，并在電路圖上標(biāo)出選擇的定值電阻的符號(hào)(/?3或

/?4)°

(3)在某次測(cè)量時(shí)，電壓表和電流表指針?lè)謩e如圖2,3所示，則電壓表的示數(shù)是V,電

流表示數(shù)是mA,請(qǐng)你用這一組數(shù)據(jù)計(jì)算出待測(cè)電阻的阻值是0。

四、簡(jiǎn)答題(本大題共3小題，共9.()分)

17.如圖所示，2BCD是一個(gè)等腰梯形玻璃磚的橫截面，AB=2L,BC=L,乙4=30。。一

束光線從4。邊上的。點(diǎn)平行于4B邊射入玻璃磚，折射后照射到AB邊的中點(diǎn)E,且41E0=30。。

(1)玻璃磚的折射率是多少？

(2)作出光在玻璃磚中的光路圖并寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明，求出光從玻璃磚中出射點(diǎn)到。點(diǎn)的距

離是多少？

18.如圖所示，帶有;圓弧的光滑滑板固定在水平地面上，右邊有質(zhì)量"=4.5kg足夠長(zhǎng)且與

光滑滑板等高的木板，二者不栓接。在光滑滑板上放有質(zhì)量巾2=3kg的小木塊B,質(zhì)量m1=

1kg的小木塊4從圓弧。點(diǎn)正上方/i=0.4m處由靜止釋放，小木塊4與小木塊B發(fā)生彈性碰撞,

碰撞后取走小木塊4。已知小木塊8與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)%=0.4,長(zhǎng)木板與地面之間

的動(dòng)摩擦因數(shù)“2-01＞圓弧半徑R=0.4m,取重力加速度g=10m/s2?

(1)小木塊4滑到圓弧最低點(diǎn)C時(shí)，對(duì)滑板的壓力大小是多少？

(2)小木塊4與小木塊B發(fā)生彈性碰撞后，小木塊B的速度大小是多少？

(3)小木塊B與長(zhǎng)木板之間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少？

19.如圖所示，在平面坐標(biāo)系的第二象限有一個(gè)半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于

紙面問(wèn)外，圓形磁場(chǎng)與兩個(gè)坐標(biāo)軸相切。在與x軸的切點(diǎn)力處有一個(gè)粒子源，可以在坐標(biāo)平面

內(nèi)向磁場(chǎng)內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射帶正電的粒子，已知粒子的電荷量為q、質(zhì)量為m、速度為火,粒子

的重力及粒子間相互作用不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度3=翳。在第一象限內(nèi)虛線0M與x軸的夾角。=

45°,0M與x軸之間存在沿-y方向、電場(chǎng)強(qiáng)度為七=粵的勻強(qiáng)電場(chǎng)。

(1)垂直不軸射入圓形磁場(chǎng)的粒子再次到達(dá)不軸所用的時(shí)間及距坐標(biāo)原點(diǎn)。的距離是多少？

(2)若在第一象限0M和y軸之間加一個(gè)人=匕金垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子從4點(diǎn)射

入的方向在哪個(gè)范圍時(shí)，粒子經(jīng)過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2后可以直接進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)？

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4把手中的鉛球由靜止釋放后，球能豎直下落，是由于球受到豎直向下的重力的緣

故，故A錯(cuò)誤；

員慣性是物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)，是物體的固有屬性，慣性的大小只與

物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，物體的慣性越大，故慣性與速度無(wú)關(guān)，故8錯(cuò)誤；

C.牛頓第一定律指出：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，除非作用在它上面的力迫

使它改變這種狀態(tài)，也叫“慣性定律”，故C正確；

。.汽車(chē)緊急剎車(chē)時(shí)，乘客會(huì)向前傾倒，這是由于乘客具有慣性；慣性不是力，不能說(shuō)受到慣性力

的作用，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

地面上的物體由于受到重力的作用會(huì)自由下落；

根據(jù)慣性的定義求解；

根據(jù)牛頓第一定律的內(nèi)容解答；

慣性是物體的固有屬性，并不是力。

解題關(guān)鍵是明白慣性是物體的固有屬性；知道牛頓第一定律的內(nèi)容。

2.【答案】A

【解析】解：AB.以4、B為整體，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)受力平衡，C對(duì)B的作用力一直與4、B整

體的重力平衡，貝IJC對(duì)B的作用力大小和方向都不變，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.隔離分析4,以力為研究對(duì)象，根據(jù)受力平衡N=znagcos。，/=mAgsin9

轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，。先減小到零后又增大，貝加對(duì)4的支持力先增加后減小，B對(duì)，的摩擦力先減小后增

加，故錯(cuò)誤。

故選：Ao

以力、B為整體，根據(jù)平衡條件，分析C對(duì)8的作用力；

以4對(duì)象，根據(jù)受力平衡，分析8對(duì)4的力。

本題考查學(xué)生對(duì)平衡條件，整體法、隔離法的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

3.【答案】D

【解析】解：4、開(kāi)關(guān)閉合的瞬間，線圈M產(chǎn)生磁場(chǎng)，穿過(guò)線圈N的磁通量增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流，

線圈N將產(chǎn)生磁場(chǎng)，小磁針會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

3、開(kāi)關(guān)閉合，待電路穩(wěn)定后，線圈M產(chǎn)生恒定磁場(chǎng)，穿過(guò)線圈N的磁通量不發(fā)生變化，線圈N中

沒(méi)有感應(yīng)電流，不產(chǎn)生磁場(chǎng)，小磁針不會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

CD、電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)的瞬間，線圈M的磁場(chǎng)消失，穿過(guò)線圈N的磁通量減少，產(chǎn)生感應(yīng)電

流，線圈N將產(chǎn)生磁場(chǎng)，小磁針會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是：穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，分析穿過(guò)線圈N的磁通量是否變化，

判斷線圈N中有無(wú)感應(yīng)電流，從而判斷小磁針能否轉(zhuǎn)動(dòng)。

本題關(guān)鍵是明確感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，只有磁通量發(fā)生變化時(shí)閉合電路中才會(huì)有感應(yīng)電流。

4.【答案】D

【解析】解：兒出+法—胃He+乩是核聚變反應(yīng)，目前核電站使用的核裂變，故A錯(cuò)誤；

8.聚變反應(yīng)需要在高溫高壓下才能進(jìn)行，故B錯(cuò)誤；

CD根據(jù)題意，該反應(yīng)的質(zhì)量虧損為zhn=2.0141U+3.0161U-4.0026u-1.0087u=0.0189u

則釋放的能量ZE=Amx931.5MW?17.6eV

故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：0。

jH+lH->2He+加是核聚變反應(yīng)；

核聚變也叫熱核反應(yīng)；

先計(jì)算質(zhì)量虧損，再計(jì)算釋放核能。

本題考查學(xué)生對(duì)核聚變反應(yīng)、質(zhì)量虧損規(guī)律的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

5.【答案】C

【解析】解：上浮過(guò)程中小瓶?jī)?nèi)氣體溫度保持不變，氣體內(nèi)能不變；氣體壓強(qiáng)變小，根據(jù)理想氣

體狀態(tài)方程華=C

可知?dú)怏w體積增大，氣體對(duì)外界做正功；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體從外界吸熱。故C正確，ABD

錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，判斷體積變化，分析氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，分析氣體從外界

吸熱。

本題考查學(xué)生對(duì)理想氣體狀態(tài)方程、熱力學(xué)第一定律的掌握，比較基礎(chǔ)。

6.【答案】C

【解析】解：CD.設(shè)小球剛接觸器壁CD時(shí)的角速度為3°,此時(shí)繩子與豎直方向的夾角為仇根據(jù)幾

何關(guān)系可得：sind=^=1

故可解得：6=37°

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力分析如圖：

一

A---------------------\D

根據(jù)牛頓第二定律可得：mgtan300=mo^r

解得：3。==F^rad/s=^rad/s，故C正確，。錯(cuò)誤；

A.當(dāng)3=lrad/s時(shí)，由于3=1rad/sV3。=^^d/s,可知小球還未接觸器壁。故A錯(cuò)

誤；

B當(dāng)&)=2rad/s時(shí)，由于3=2rad/s>a)0=rad/s,可知小球接觸到了器壁CD

設(shè)器壁CD對(duì)小球的彈力大小為N,繩子拉力大小為T(mén),受力如圖:

J

D

則豎直方向有：Tcos37°=mg

解得繩子的拉力為：7=」％=/N=12.5N

cos370.8

水平方向有：Tsin37°+N=m32r

可得：N=ma)2r-Tsin37°=ma)2Lsin370-Tsin370

代入數(shù)據(jù)解得：/V=1X22X5X0.6/V-12.5x0.6/V=4.5N,故。錯(cuò)誤。

故選：Co

分析小球的臨界條件：小球剛接觸器壁CD時(shí)的角速度，根據(jù)平衡條件可求；

根據(jù)臨界角速度結(jié)合向心力的公式求解即可。

解題關(guān)鍵是找到小球的臨界角速度，之后結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的向心力等公式可求解。

7.【答案】B

【解析】解：4、當(dāng)滑動(dòng)變阻器&滑片向上滑動(dòng)，其接入電路中的電阻減小，則外電路的總電阻

減小，由閉合回路歐姆定律可知，干路電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，電源的效率為〃=

號(hào)=/知電源的效率減小，故4錯(cuò)誤；

ElE

BCD,由于路端電壓減小，則&兩端電壓減小，流過(guò)/?2的電流減小，由于干路電流增大，則電流

表示數(shù)增大，％兩端電壓增大，則R。兩端電壓減小，電容器兩端電壓和電壓表示數(shù)均減小，由Q=

CU可知，電容器電量減小，故C。錯(cuò)誤，B正確。

故選：Bo

滑動(dòng)變阻器&滑片向上滑動(dòng)，其接入電路中的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆

定律分析干路電流和路端電壓的變化，再分析電源效率的變化。分析流過(guò)/?2的電流變化，判斷電

流表示數(shù)的變化，從而確定&兩端電壓的變化，即可判斷電壓表示數(shù)的變化，由Q=O/判斷電容

器電量的變化。

本題是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部T整體T局部”的順序進(jìn)行分析。要知道電容器的電

壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓。

8.【答案】C

【解析】解：圖像中，斜率表示加速度，由圖可知，乙車(chē)的加速度是。乙=生

JZ1C

代入數(shù)據(jù)得：a乙=0.2m/s2

甲車(chē)的加速度是。乙=%

JAt

代入數(shù)據(jù)得：a尹=0.6m/s2,故A錯(cuò)誤；

BCD.由圖可知，甲車(chē)做初速度為0,加速度為0.6m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)做初速度為4m/s,

加速度為0.2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t兩車(chē)相遇，由公式》=%￡+^砒2得：

4t+1x0.2tz-gx0.6t2=15m

解得：t=5s或t=15s

t=15s之后，甲車(chē)比乙車(chē)的速度大，兩車(chē)之間的距離逐漸增大，由于不知道運(yùn)動(dòng)結(jié)束的時(shí)間，則

不能確定何時(shí)兩車(chē)距離最大，故8。錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)圖像的斜率求乙的加速度大小，兩車(chē)相遇時(shí)末位置相同選擇運(yùn)動(dòng)學(xué)公式利用位移關(guān)系求解；

根據(jù)甲、乙的運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析何時(shí)相距最遠(yuǎn)。

解答本題時(shí)，要理解u-t圖像的物理意義，把握有效信息，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行處理。

9.【答案】CD

【解析】解：4、t=2s時(shí)，甲單擺運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，擺球速度最大，細(xì)線拉力最大，且由細(xì)線拉力

和重力的合力提供向心力。t=2s時(shí)，乙到達(dá)最高點(diǎn)，速度為0,故A錯(cuò)誤；

B、由單擺周期公式7=2TTJ［可知，單擺周期與擺球質(zhì)量沒(méi)有關(guān)系，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，乙的周期是甲的2倍，甲、乙同時(shí)從平衡位置向正方向運(yùn)動(dòng)，則永遠(yuǎn)不可能同時(shí)均

處于動(dòng)能最小的狀態(tài)，故C正確；

。、由圖可知，乙單擺的振幅為4=1cm,周期為T(mén)-8s,圓頻率為=爺=1rad/s=；rad/s,

又有t=0時(shí)，x=0,且開(kāi)始向正方向運(yùn)動(dòng)，則乙擺球位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=Zsin3t,

即為X=sin(.t)cm,故￡)正確。

故選：CD。

t=2s時(shí)，甲單擺運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，擺球速度最大，拉力最大。乙到達(dá)最高點(diǎn)，速度為0；單擺周期

與擺球質(zhì)量沒(méi)有關(guān)系；由圖讀出兩個(gè)單擺周期關(guān)系，再分析能否同時(shí)均處于動(dòng)能最小的狀態(tài)；根

據(jù)振幅、圓頻率和初相位寫(xiě)出乙擺球位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式。

本題要能根據(jù)圖像讀出兩單擺的周期，熟記單擺的周期公式，能正確分析單擺的運(yùn)動(dòng)情況。

10.【答案】AB

【解析】解：A在4點(diǎn)時(shí)，物塊的合力水平向右，在。點(diǎn)時(shí)，物塊的合力水平向左，因此物塊從4點(diǎn)

到。點(diǎn)存在一個(gè)點(diǎn)，該點(diǎn)的加速度為零，故從A到。加速度先變小后變大，故4正確；

8.物體從。到B的過(guò)程，滑動(dòng)摩擦力方向向左，彈簧彈力也向左且逐漸增大，故物塊的向左的合力

變大，所以物塊的加速度逐漸變大，故B正確；

C.當(dāng)物體加速度為零時(shí)，它的速度最大，物體運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)，合力是滑動(dòng)摩擦力，加速度不為零，

速度最大的點(diǎn)在從4到。之間某個(gè)位置，故C錯(cuò)誤；

D物體在8點(diǎn)速度減到為零后，如果此時(shí)彈簧彈力大于最大靜摩擦力，則物體將繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，故。

錯(cuò)誤。

故選:AB.

分析物塊的運(yùn)動(dòng)，在4點(diǎn)時(shí)，物塊的合力水平向右，在。點(diǎn)時(shí)，物塊的合力水平向左，因此物塊從

4點(diǎn)到。點(diǎn)存在一個(gè)點(diǎn)，物體的合力為零，則該點(diǎn)的加速度為零；

物體從。到B的過(guò)程，滑動(dòng)摩擦力方向向左，彈簧彈力也向左且逐漸增大。據(jù)此分析各個(gè)選項(xiàng)即可。

解題關(guān)鍵是能夠分析清楚物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，結(jié)合牛頓第二定律求解。難度不大。

11.【答案】AC

【解析】解：4根據(jù)題意可知，軌道1的半長(zhǎng)軸為R,軌道2的半長(zhǎng)軸為2R,由開(kāi)普勒第三定律有

察=,，解得7\=?T，故4正確；

BC.由萬(wàn)有引力提供向心力有竿=ma,解得a=臀，則可知衛(wèi)星在同一位置的加速度相同，即

衛(wèi)星在軌道2上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速度，等于在軌道1上正常運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)M點(diǎn)的加速度，故B

錯(cuò)誤，C正確；

。.由萬(wàn)有引力提供向心力有誓=6"R,解得時(shí)=富=甯；故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)開(kāi)普勒第三定律求解衛(wèi)星在軌道1上的周期；根據(jù)萬(wàn)有引力定律列式求解衛(wèi)星在兩軌道上經(jīng)過(guò)

M點(diǎn)的加速度關(guān)系以及求解出地球的質(zhì)量。

本題考查衛(wèi)星的變軌問(wèn)題，在解題時(shí)注意萬(wàn)有引力定律以及開(kāi)普勒定律的應(yīng)用，明確在同一位置

時(shí)衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力是相同的，加速度也是相同的。

12.【答案】BD

【解析】解：4由牛頓第二定律有Eq=zna,可知電場(chǎng)強(qiáng)度越大，加速度越大，根據(jù)v-t圖像中

斜率表示加速度，由圖可知，電荷在B點(diǎn)時(shí)加速度最小，則B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，故A錯(cuò)誤；

BCD.根據(jù)題意，由圖可知，正電荷沿電場(chǎng)線從4經(jīng)過(guò)8到C,速度一直增加，根據(jù)功能關(guān)系，電場(chǎng)

力一直做正功，電勢(shì)能減少，則有Epn>EpB>Epc，由Ep=tpq可得<PA><PB>故C錯(cuò)誤，

BO正確。

故選：BDo

速度一時(shí)間圖像的斜率大的位置，加速度大，電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，正電荷電

勢(shì)能減小，電勢(shì)減小。

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，注意電荷正負(fù)。

13.【答案】BD

【解析】解：4根據(jù)題意，導(dǎo)體棒以初速度%向右進(jìn)入磁場(chǎng)，并以速度"從右邊穿出磁場(chǎng)，由右手

定則，導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中電流方向由N,故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)題意，由能量守恒定律，導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量是Q=gm詔

故B正確;

CD.根據(jù)題意，由動(dòng)量定理有-B/Lt=mv-mv0

則有=mv0—mv

解得q=有產(chǎn)

由1=等、7=灑?=7河得心竿=竿

解得％=

B2L2

故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD。

由右手定則，分析電流方向；

由能量守恒定律，分析導(dǎo)體棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量；

由動(dòng)量定理結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律，求距離x和電量力

本題考查學(xué)生對(duì)右手定則、能量守恒定律、動(dòng)量定理、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律等規(guī)律的

掌握，是一道具有一定綜合性，難度中等的題。

14.【答案】BD

【解析】解：4、因?yàn)闅怏w壓強(qiáng)由壓強(qiáng)傳感器直接讀出，所以注射器不必保持水平放置，故A錯(cuò)

誤；

BC、防止封閉氣體的溫度發(fā)生改變，改變氣體體積時(shí)，應(yīng)緩慢推動(dòng)活塞，故3正確，C錯(cuò)誤；

。、處理數(shù)據(jù)時(shí)可以作出p-/圖像，如果是過(guò)原點(diǎn)傾斜的直線，說(shuō)明壓強(qiáng)p與￡成正比，即壓強(qiáng)p與

體積V成反比，故。正確.

故選：BD。

本實(shí)驗(yàn)中，封閉氣體壓強(qiáng)p直接由左側(cè)的壓強(qiáng)傳感器讀出，注射器不必保持水平放置；改變氣體體

積時(shí)，要防止溫度變化；處理數(shù)據(jù)時(shí)可以作出p-/圖像，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)分析p與U的關(guān)系。

解題關(guān)鍵要掌握實(shí)驗(yàn)條件、數(shù)據(jù)處理方向與實(shí)驗(yàn)原理，要知道本實(shí)驗(yàn)要控制氣體溫度不變，利用

圖像法進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。

15.【答案】BD〈如臉+看）=”看

【解析】解：（1）4、由于桌面不一定是水平的，則當(dāng)氣墊導(dǎo)軌與桌面平行時(shí)，氣墊導(dǎo)軌不一定水

平，故A錯(cuò)誤；

B、輕推滑塊4,經(jīng)過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間相等，說(shuō)明滑塊4做勻速運(yùn)動(dòng)，則氣墊導(dǎo)軌水平，故B正

確；

C、直接用眼睛觀察氣墊導(dǎo)軌是否水平，誤差太大，故C錯(cuò)誤；

。、滑塊4能在氣墊導(dǎo)軌上保持靜止，說(shuō)明受力平衡，則氣墊導(dǎo)軌水平，故。正確。

故選:BDo

（2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，滑塊4與滑塊B碰撞后反向彈回，則有Tn.<mB

(3)根據(jù)題意可知，滑塊4碰撞之前的速度大小為：巧=就

碰撞之后的速度大小為：

滑塊B碰撞之后的速度大小為：％=條

以向右方向?yàn)檎较?，若系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有：rnAvr=mBv2-

整理可得：小，言+白)=巾8?今

即滿足上式，則碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒。

故答案為：(1)8。；(2)＜；(3)成4(今+親)=m8,今。

(1)根據(jù)氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平的技巧，確定判斷導(dǎo)軌水平的方法；

(2)根據(jù)發(fā)生彈塑性變形碰撞的特點(diǎn)確定兩滑塊質(zhì)量的大??；

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒定律可明確表達(dá)式，再根據(jù)光電門(mén)確定對(duì)應(yīng)的速度，從而確定應(yīng)證明的表達(dá)式。

本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道滑塊在導(dǎo)軌上可以認(rèn)為不受阻力，

碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，同時(shí)掌握根據(jù)光電門(mén)研究滑塊運(yùn)動(dòng)性質(zhì)的方法。

16.【答案】E4.422.097.5

【解析】解：(1)為了盡可能準(zhǔn)確測(cè)量電阻的阻值，需要使電阻的電壓從零開(kāi)始，滑動(dòng)變阻器采用

分壓式連接，為了調(diào)節(jié)方便，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇阻值較小的/?2,即選擇E。

(2)由所提供的器材可知通過(guò)待測(cè)電阻燈的最大電流約為：4n=鬻=捻4=60mA

故可將電流表4與定值電阻/?3=50并聯(lián)，改成成量程為60mA的新電流表，改裝后的新電流表內(nèi)

阻為：R==罌=鬃0=2.5。

則改裝后的新電流表采用內(nèi)接法，由于滑動(dòng)變阻器/?2的阻值比待測(cè)電阻％小得多，故滑動(dòng)變阻器

應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示

(3)在某次測(cè)量時(shí)，電壓表和電流表指針?lè)謩e如圖2,3所示，電壓表的最小分度值為0.2IZ,則電壓

表的示數(shù)是4.4V；電流表的最小分度值為14電流表示數(shù)是22.0nM；

可知通過(guò)待測(cè)電阻的電流為及=2/=44.0mA

_3

待測(cè)電阻兩端電壓為Ux=U-1RA=4.4V-22.0XIOx5V=4.29V

則待測(cè)電阻的阻值為%=y=J：O=97.50

1x44.0x103

故答案為：⑴E；(2)見(jiàn)解析；(3)4.4,22.0,97.5。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求和方便調(diào)節(jié)選擇滑動(dòng)變阻器和接法；

(2)估算最大電流，改裝電流表計(jì)算內(nèi)阻，選擇電流表和滑動(dòng)變阻器接法；

(3)明確電流表和電壓表的最小分度值讀出讀數(shù)；根據(jù)歐姆定律計(jì)算待測(cè)電阻。

本題考查伏安法測(cè)電阻實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)電路和數(shù)據(jù)處理。

17.【答案】解：(1)根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知，光線在。點(diǎn)的入射角為1=90。-44,解得i=60。

光線在。點(diǎn)的折射角為r=180°-30°-30°-90°=30°

由折射定律可得，折射率為n=筆=O

sm30

(2)根據(jù)題意，由全反射臨界條件公式可得s譏C=解得?

由幾何關(guān)系可知，光線在E點(diǎn)入射角為60。大于臨界角，發(fā)生全反射，反射光線交CD與F點(diǎn)，由幾

何關(guān)系有EF〃BC

則光線在尸點(diǎn)也發(fā)生全反射，反射關(guān)系交4。與0'點(diǎn)，如圖所示

p計(jì)士士

r由it正弦定理ini有一sinl-2-0°=二sin3式0°

解得4。=容心

即光從玻璃磚中出射點(diǎn)到D點(diǎn)的距離為(1L。

答：(1)玻璃磚的折射率是C；

(2)光路圖見(jiàn)解析；出光從玻璃磚中出射點(diǎn)到。點(diǎn)的距離是?L。

【解析】(1)根據(jù)幾何關(guān)系求入射角和折射角，根據(jù)折射定律，求折射率；

(2)由全反射臨界條件公式，求臨界角正弦，畫(huà)光路圖，根據(jù)正弦定理，求光從玻璃磚中出射點(diǎn)到

。點(diǎn)的距離。

本題考查學(xué)生對(duì)折射定律、全反射臨界條件、正弦定理等規(guī)律的使用，解題關(guān)鍵是正確畫(huà)出光路

圖。

18.【答案】解：(1)小木塊4從靜止釋放到最低點(diǎn)C過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得niigS+R)=2nli詔-

0

解得%=4m/s

小木塊4經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得N_巾1。=巾］用

R

解得N=50N

根據(jù)牛頓第三定律可知，小木塊4滑到圓弧最低點(diǎn)C時(shí)，對(duì)滑板的壓力大小為50N。

(2)設(shè)小木塊4與小木塊B發(fā)生彈性碰撞后的速度分別為%、％,根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可得

恤。0=巾1%+m2v2

諾=+

聯(lián)立解得

%=—2m/Syv2=2m/s

(3)設(shè)小木塊8滑上長(zhǎng)木板后，小木塊B與長(zhǎng)木板的加速度大小分別