2023年高考政治第二次模擬考試卷-物理（重慶B卷）（全解全析）

2023年高考物理第二次模擬考試卷

高三物理

（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需

改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

一、單項選擇題:本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.一大力士用繩子拉動汽車，繩中的拉力為凡繩與水平方向的夾角為8。若將尸沿水平

C.FcosQD.Fsin0

【答案】D

【詳解】將尸分解為水平方向和豎直方向，根據(jù)平行四邊形定則，豎直方向上分力Fy=Fsm0o

故選Do

2.如圖所示，空氣中有一折射率為0的玻璃柱體，其橫截面是圓心角為90。，半徑為R的

扇形0A3,一束平行光平行于橫截面，以45。入射角射到QA上，0B不透光，若考慮首次

入射到圓弧A8上的光，則AB上沒有光透出的部分的弧長為（)

A.—7VRB.一兀RC.—1RD.—7UR

64312

【答案】B

【詳解】根據(jù)折射定律有

siny

可得光進入玻璃后光線與豎直方向夾角為30。；過。點的光線垂直入射到A8界面上的C點

射出，C到8之間沒有光線射出，越接近A的光線入射角越大，全反射的可能性越大，根據(jù)

臨界角公式

,c1

sinC=—

n

可得臨界角為

C=45

如果A8界面上臨界角為。，此光線在A。界面上的點E入射，在三角形。0E中可求得。。

與水平方向夾角為180-(120+45)=15,所以沒有光線射出的圓弧對應(yīng)圓心角為

30+15=45,所以沒有光透出的部分弧長為［”R。

4

故選B?

5yx45°

【點睛】

3.質(zhì)量為m的賽車在水平直線賽道上以恒定功率尸加速，受到的阻力工不變，其加速度a

與速度的倒數(shù)’的關(guān)系如圖所示，則下列說法正確的是()

V

A.賽車速度隨時間均勻增大

B.賽車加速度隨時間均勻增大

C.賽車加速過程做的是加速度逐漸減小的加速運動

D.圖中縱軸截距匕=￡、橫軸截距c="

tntn

【答案】C

【詳解】A.由題圖可知，加速度是變化的，故賽車做變加速直線運動，故A錯誤;

BC.根據(jù)題意，設(shè)汽車的牽引力為尸，由公式P=&可得

尸」

V

由牛頓第二定律有

F—Ff=ma

可得

P1F

a=-----------fL

mvm

可知，隨著速度V增大，加速度”減小，即賽車加速過程做的是加速度逐漸減小的加速運動,

故B錯誤C正確：

D.由C分析，結(jié)合“-!圖像可得，斜率為

V

%」

m

縱軸截距為

口

m

橫軸截距為

F

c=-f

P

故D錯誤。

故選Co

4.2021年4月29日，長征五號B運載火箭搭載我國首個空間站核心艙"天和”號發(fā)射成功,

6月17日，神舟十二號載人飛船成功地將聶海勝、劉伯明、湯洪波三名宇航員送上太空，

并與該空間站核心艙對接，已知飛船與空間站均繞地球運動，飛船與空間站對接的某段運動

可近似為如圖所示的情境，圓形軌道團為空間站運行軌道，橢圓軌道回為載人飛船運行軌道,

兩軌道相切于A點，載人飛船在A點與空間站完成對接，設(shè)圓形軌道E）的半徑為，，地球的

自轉(zhuǎn)周期為7,橢圓軌道回的半長軸為“，引力常量為G,宇航員與飛船始終相對靜止，則下

列說法正確的是（）

軌道I/'軌道1[\

/二…

>:o￥

、\、、————t?

、、/

、、ZZ

A.對接前，飛船與地心的連線與空間站與地心的連線在相同時間內(nèi)掃過相同面積

B.在A點對接時飛船應(yīng)沿運行速度的反方向噴氣，對接后聶海勝速率小于7.9km/s

C.根據(jù)題中信息，可求出地球的質(zhì)量**

D.空間站運動的周期與飛船在橢圓軌道EI上運動的周期之比為獷：行

【答案】B

【詳解】A.對接前，飛船與空間站的運動軌道不同，則根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船與

地心的連線與空間站與地心的連線在相同時間內(nèi)掃過的面積不相同，選項A錯誤;

B.在A點對接時飛船應(yīng)沿運行速度的反方向噴氣加速做離心運動，對接后繞軌道回做圓周

運動，則聶海勝速率小于7.9km/s,選項B正確;

C.根據(jù)題中信息可得

-Mm4萬2

G—,丁=m—邛—r

可求出地球的質(zhì)量

GT;

其中。是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的周期，不是地球自轉(zhuǎn)周期，選項c錯誤;

D.根據(jù)開普勒第三定律可知，空間站運動的周期與飛船在橢圓軌道回上運動的周期之比為

工史

選項D錯誤。

故選Bo

5.如圖，兩個質(zhì)量都為，〃的球A、B用輕繩連接，A球套在水平細桿上（球孔比桿的直徑

略大），對.B球施加水平風力作用，結(jié)果A球與B球一起向右做勻速運動，此時細繩與豎直

方向的夾角為凡已知重力加速度為g，則（)

A

A

A

A

A.對B球的水平風力大小等于nigsinf）B.輕繩的拉力等于mgcosO

C.桿對A球的支持力等于D.桿與A球間的動摩擦因數(shù)等于

【答案】D

【詳解】A.對球B受力分析，受重力meg、水平恒F力和拉力T,如圖下圖所示，根據(jù)平

衡條件得，水平恒力

F=mBgtan0

所以A錯誤。

B.根據(jù)A選項的圖，可知繩對B球的拉力

T=^-

COS0

所以B錯誤。

C.把環(huán)和球當作一個整體，如下圖所示，對其受力分析，受重力(mA+mB)g、支持力N、

恒力F和向左的摩擦力力如上圖，根據(jù)共點力平衡條件可得：桿對A環(huán)的支持力大小

N=^mA+mH')g=2mg

所以C錯誤。

(叫+%旭

D.因為A球與B球一起向右做勻速運動，所以戶凡則A環(huán)與水平細桿間的動摩擦因數(shù)為

fmg60

〃=-=----ta-n--=-ta-n--

N2mg2

所以D正確。

故選D?

6.如圖甲所示，彈簧振子以。點為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動.取向右為正，

振子的位移x隨時間f的變化如圖乙所示，則由圖可知()

^AAAA/WWW

xz////////////////?//////?//////?r//

AOB

甲

A.f=0.2s時，振子的加速度方向向左

B.f=0.6s時，振子的速度方向向右

C.UO.4s到VO.8s的時間內(nèi)，振子的動能逐漸減小

D./=0到f=2.4s的時間內(nèi)，振子通過的路程是80cm

【答案】A

【詳解】A.由圖象乙知，t=0.2s時，振子遠離平衡位置向右運動，位移增大，根據(jù)尸=-履

可知，回復力方向向左，則加速度方向向左，故A正確；

B.t=0.6s時，振子靠近平衡位置向左運動，所以振子的速度方向向左，故B錯誤；

C.t=0.4s到t=0.8s的時間內(nèi)，振子向平衡位置運動，速度逐漸增大，振子的動能逐漸增大,

故C錯誤；

D.t=0到t=2.4s的時間內(nèi)，振子通過的路程是4Ax?=60a%故D錯誤；

7.如圖所示，兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，“、6為同一條電場線上

的兩點，若將一質(zhì)量為山、電荷量為刃的帶電粒子分別置于“、。兩點，則粒子在。點時的

電勢能大于其在6點時的電勢能；若將該粒子從人點以初速度丫。豎直向上拋出，則粒子到

達a點時的速度恰好為零。已知〃、人兩點間的距離為心金屬板M、N所帶電荷量始終不

變，不計帶電粒子的重力，則下列判斷中正確的是（）

?b

A.a點電勢一定高于b點電勢

B.兩平行金屬板間形成的勻強電場的場強大小為需

c.a,b兩點間的電勢差為七,〃=坐

2q

D.若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，則“、人兩點間的電勢差變小

【答案】B

【詳解】A.由于粒子在。點時的電勢能大于其在匕點時的電勢能，則粒子從b運動到a過

程電場力做負功，所以電場力方向由a指向6,則場強方向由b指向a,根據(jù)沿著電場線方

向電勢逐漸降低可知，。點電勢一定低于b點電勢，所以A錯誤；

B.粒子從6運動到a過程，由動能定理可得

—qEd=。-gmvo

解得

〃=皿

2q

所以B正確：

C.。、匕兩點間的電勢差為

rj二叫qEd二，汨

-q-q2q

所以C錯誤;

D.根據(jù)平行板電容器的定義式及決定式有

C=2,C=-^-,E=-

U47vkdd

聯(lián)立解得

E^Q

=sS

若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，兩板間的電場強度保持不變，根據(jù)

U=Ed

則。、分兩點間的電勢差也保持不變，所以D錯誤；

故選Bo

二、多項選擇題:本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

8.如圖所示，物體A與滑塊B一起在光滑水平面上做簡諧運動，A、2之間無相對滑動，

已知輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù)為&,A、B的質(zhì)量分別為相和M,下列說法正確的是（）

^7777777777777T77T7777.

A.物體A的回復力是由滑塊B對物體A的摩擦力提供

B.滑塊8的回復力是由彈簧的彈力提供

C.物體A與滑塊B看成一個振子，其回復力大小跟位移大小之比為女

D.若A、B之間的最大靜摩擦因數(shù)為〃，則A、8間無相對滑動的最大振幅為+

k

【答案】ACD

【詳解】A、物體A做簡諧運動時，A在水平方向受到滑塊8對物體A的摩擦力，所以物體A

做簡諧運動的回復力是由滑塊B對物體A的摩擦力提供，故選項A正確；

B、物體3作簡諧運動的回復力是彈簧的彈力和A對5的靜摩擦力的合力提供，故選項B錯

誤；

C、物體A與滑塊B（看成一個振子）的回復力大小滿足尸=-丘，則回復力大小跟位移大小

之比為&,故選項C正確；

D、據(jù)題知物體間的最大摩擦力時，其振幅最大，設(shè)為3以整體為研究對象有"=（M+M”,

以A為研究對象，有牛頓第二定律得“圖=利。，聯(lián)立解得A、B間無相對滑動的最大振幅

為1=即+｝羽,故選項口正確.

k

9.如圖，兩對等量異號點電荷+4、-4（9>0）固定于正方形的4個頂點上。L、N是該正方

形兩條對角線與其內(nèi)切圓的交點，。為內(nèi)切圓的圓心，M為切點。則（）

…苧

-qM

A.L和N兩點處的電場方向相互垂直

B.M點的電場方向平行于該點處的切線，方向向左

C.將一帶正電的點電荷從M點移動到。點，電場力做正功

D.將一帶正電的點電荷從L點移動到N點，電場力做功為零

【答案】AB

【詳解】A.兩個正電荷在N點產(chǎn)生的場強方向由N指向O,N點處于兩負電荷連線的中垂

線上，則兩負電荷在N點產(chǎn)生的場強方向由N指向。，則N點的合場強方向由N指向0,

同理可知，兩個負電荷在L處產(chǎn)生的場強方向由。指向3L點處于兩正電荷連線的中垂線

上，兩正電荷在乙處產(chǎn)生的場強方向由。指向L則心處的合場方向由。指向3由于正方

形兩對角線垂直平分，則L和N兩點處的電場方向相互垂直，故A正確；

B.正方形底邊的一對等量異號電荷在M點產(chǎn)生的場強方向向左，而正方形上方的一對等量

異號電荷在M點產(chǎn)生的場強方向向右，由于M點離上方一對等量異號電荷距離較遠，則M

點的場方向向左，故B正確；

C.由圖可知，M和。點位于兩等量異號電荷的等勢線上，即M和。點電勢相等，所以將

一帶正電的點電荷從M點移動到。點，電場力做功為零，故C錯誤；

D.由圖可知，L點的電勢低于N點電勢，則將一帶正電的點電荷從L點移動到N點，電場

力做功不為零，故D錯誤。

故選AB,

10.如圖，兩根足夠長的固定的光滑平行金屬導軌位于同一水平面內(nèi)，兩導軌間的距離為

導軌上面橫放著兩根導體棒1和2,構(gòu)成矩形回路。兩根導體棒的質(zhì)量皆為〃7,電阻皆

為R,回路中其余部分的電阻可不計，在整個導軌平面內(nèi)都有豎直向上的勻強磁場，磁感應(yīng)

強度為瓦初始棒2靜止，棒1有指向棒2的初速度如。若兩導體棒在運動中始終不接觸，

B.棒2的最大加速度為幽匕

2mR

C.棒1兩端電壓的最大值為8小0

D.棒2產(chǎn)生的最大熱量為（

O

【答案】BD

【詳解】A.當導體棒1開始運動時，回路中有感應(yīng)電流，兩導體棒都受到大小相等的安培

力作用，棒1做減速運動，棒2做加速運動，當兩棒速度相等時，回路中電流等于零，兩棒

受力平衡，都做勻速直線運動，所以棒1的最小速度為;%,A錯誤；

B.當導體棒1在開始運動時，導體棒2的加速度最大，則有

E-BLvo

此時回路中的電流

廠E_BLV°

R+R2R

由牛頓第二定律可得

F=BIL=8四?乙=之四

2R2R

叫嗎

2mR

B正確；

C.當導體棒1在開始運動時，回路中的感應(yīng)電動勢最大，感應(yīng)電流最大，則有

E=BLvo

棒1兩端電壓最大值為

FR\

a=/R=k*%

Z.KZ

C錯誤；

D.當兩棒的速度相等時，系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱最多。從開始運動到穩(wěn)定的運動中，兩棒的總

動量守恒，向右為正方向，由動量守恒定律可得

mvo=2mv

由能量守恒定律可得

；mv1=~x2mv2+Q

導體棒2產(chǎn)生的最大熱量為

聯(lián)立解得

12

O

D正確。

故選BD?

三、非選擇題:共57分。

11.某物理興趣小組的同學在研究彈簧彈力的時候，測得彈力的大小尸和彈簧長度/的關(guān)系

如圖甲所示，則由圖線可知：

彈簧的勁度系數(shù)為

(1)N/m;

(2)為了用彈簧測定兩木塊A和B間的動摩擦因數(shù)〃，兩位同學分別設(shè)計了如圖所示的甲、

乙兩種方案。

①為了用某一彈簧測力計的示數(shù)表示A和B之間的滑動摩擦力的大小，你認為方案

_________更合理；

②若A和B的重力分別為10.0N和20.0N。當A被拉動時，彈簧測力計a的示數(shù)為6.0N,

b的示數(shù)為11.0N,c的示數(shù)為4QN,則A和B間的動摩擦因數(shù)為。

【答案】300甲0.30

【詳解】（1）[1]由圖知，當Fo=O時/o=2Ocm,即彈簧的原長，當F=60N時/=40cm,則

△/=/-/o=O.2m

由胡克定律得

4=竺=竺N/m=300N/m

A/0.2

（2）①⑵乙方案：因在拉著物體A運動的過程中，拉A的彈簧測力計在不斷地運動，示

數(shù)可能會變化，讀數(shù)不準；甲方案：彈簧測力計。是不動的，指針穩(wěn)定便于讀數(shù)，故甲方案

更合理；

②⑶由于彈簧測力計a示數(shù)為6.0N,故A、B間的動摩擦因數(shù)

〃=土=9=0.30

外20

12.小夢同學自制了一個兩擋位（"xl""xl0”）的歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示，凡為調(diào)

零電阻（最大阻值為6.）,氏、<、R“為定值電阻（凡<凡），電流計G的內(nèi)

阻為凡（《<</）。用此歐姆表測量一待測電阻的阻值，回答下列問題:

電流計G示數(shù)為/?,；保持電阻R?；恢?/p>

不變，將單刀雙擲開關(guān)S與"接通，電流計G示數(shù)變?yōu)?“，則/“（填"大于"或"小

于"）；

（2）將單刀雙擲開關(guān)S與〃接通，此時歐姆表的擋位為（填"xl"或"xlO"）；

（3）若從“xl"擋位換成"xlO"擋位，調(diào)整歐姆零點（歐姆零點在電流計G滿偏刻度處）時，

調(diào)零電阻用的滑片應(yīng)該調(diào)節(jié)（填"向上"或"向下"）；

（4）在“X10"擋位調(diào)整歐姆零點后，在①②間接入阻值為KXX2的定值電阻飛，穩(wěn)定后電流

計G的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的：；取走與，在①②間接入待測電阻段,穩(wěn)定后電流計G

的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的1,則&=Q。

【答案】大于xlO向上400

【詳解】(1)[1]根據(jù)題意可知此,<4，所以開關(guān)撥向加時電路的總電阻小于開關(guān)撥向”時

,E

電路的總電阻，電源電動勢E不變，根據(jù)/=f可知/,“>/“；

(2)⑵當開關(guān)撥S向"時，全電路的總電阻較大，中值電阻較大，能夠接入待測電阻的阻

值也更大，所以開關(guān)撥S向〃時對應(yīng)歐姆表的擋位倍率較大，即xlO；

(3)⑶從"xl"擋位換成"xlO"擋位，即開關(guān)S從小撥向〃，全電路電阻增大，干路電流減

小，①②短接時，為了使電流表滿偏，則需要增大通過電流計G所在支路的電流，所以需

要將凡的滑片向上調(diào)節(jié)；

(4)⑷在"xlO"擋位,電路圖結(jié)構(gòu)簡化如圖

__凡上R”

①―@—l=ZH—(=]—②

凡下

第一次，當①②短接，全電路的總電阻為

通過干路的電流為

/一

R

電流表滿偏，根據(jù)并聯(lián)電路中電流之比等于電阻反比可知

K)卜

I—Gq+與上

第二次，①②之間接入N=100。，全電路總電阻為A+K，通過干路的電流為

E

R+N

2

電流表偏轉(zhuǎn)了量程的則

2/R

3G凡卜

--1凡+與1-.

3°

結(jié)合第一次和第二次解得

R=2R、=200c

第三次，①②之間接入段,全電路總電阻為&+%，通過干路的電流為

電流表偏轉(zhuǎn)了量程的;，則

凡+%匕

結(jié)合第二次和第三次，解得

Rx=R+2Rt=400Q

13.如圖所示，P、Q是兩個厚度不計的活塞，可在豎直固定的兩端開口的汽缸內(nèi)無摩擦地

滑動，其面積分別為、2質(zhì)量分別為、它們之間用一

S/=30cm2S2=10cm,M/=1.5kgM2=2.5kg,

4

根長為］d的輕質(zhì)細桿連接，靜止時汽缸中氣體的溫度T/=600K,活塞P下方氣柱（較粗的

一段氣柱）長為d=12cm,已知大氣壓強po=lxio5pa,^=iom/s2,缸內(nèi)氣體可看作理想氣體,

活塞在移動過程中不漏氣。

（1）求活塞靜止時汽缸內(nèi)氣體的壓強；

（2）若缸內(nèi)氣體的溫度逐漸降為了乃=300K,已知該過程中缸內(nèi)氣體的內(nèi)能減小100J,求

活塞下移的距離6和氣體放出的熱量Q。

P

【答案】（i）1.2xlO5pa；（ii）10cm,124J

【詳解】（圈）對兩個活塞的整體受力分析可得

（M+%）g+%（SI-Sz）=p（S|-邑）

解得

p=1.2x1O'pa

（0）由以上分析可知逐漸降溫的過程中活塞始終受力平衡，內(nèi)部氣體為等壓變化，則

V,_V,

—

其中

K=s/+s2sd

V2=Si(d-h)+S2-^d+h')

解得

//=10cm<12cm

活塞下降的過程對內(nèi)部氣體用熱力學第一定律得

△U=W+Q

其中

W=p（Slh-S2h）

以上解得

Q=-124J

放出熱量為124J。

14.如圖所示，粗糙輕桿水平固定在豎直輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上A點。質(zhì)量為，”的小球和輕彈簧套在

輕桿上，小球與輕桿間的動摩擦因數(shù)為小彈簧原長為0.6L左端固定在A點，右端與小球

相連。長為L的細線一端系住小球，另一端系在轉(zhuǎn)軸上B點，AB間距離為0.6L裝置靜止

時將小球向左緩慢推到距A點0.4L處時松手，小球恰能保持靜止。接著使裝置由靜止緩慢

加速轉(zhuǎn)動。已知小球與桿間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g,不計轉(zhuǎn)軸所受

摩擦。

（1）求彈簧的勁度系數(shù)匕

（2）求小球與輕桿間恰無彈力時裝置轉(zhuǎn)動的角速度3

（3）從開始轉(zhuǎn)動到小球與輕桿間恰無彈力過程中，外界提供給裝置的能量為E,求該過程

【答案］（1）等；（2）『5：；產(chǎn)；（3）（6〃+}“

【詳解】（1）依題意，有

k(0.6L—0.4L)—1.img

解得

k5ymg

L

mg

(2)小球與輕桿間恰無彈力時受力情況如圖所示，此時彈簧長度為0.8L有

7sin37°=mg

7cos37°+左(0.8L-0.6L)=0.8mco2L

解得

/(15〃+20)g

co—J----------------

V12L

(3)題設(shè)過程中初始時彈簧的壓縮量與最終狀態(tài)時的伸長量相等，故彈性勢能改變量

AE〃=O

設(shè)小球克服摩擦力做功為%'，則則由功能關(guān)系有

E=W+-mv2

2

其中

v=Q.8coL

解得

W,=E_(6〃+8)”磔

15

過程摩擦力對小球做的功

卬_(6〃+8)叫心后

15

15.如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場，第四象限內(nèi)有

垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B。在)，軸上區(qū)間有一個線狀粒子發(fā)射

源，緊貼y軸放置，現(xiàn)有粒子從MN區(qū)間沿x軸正方向以相同的速率射入磁場，以外區(qū)

域無粒子射入。已知粒子質(zhì)量為機，電量為q(q>0),ON=MN=d,粒子進入第一象限運動

半徑為止不計粒子重力，不考慮粒子間的相互作用。求：

(1)粒子射入磁場的速度大小片

(2)y軸上有粒子射出區(qū)域的范圍；

(3)將第四象限磁場的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?8,保持其它條件不變，從)，軸上。點射出的

粒子恰好通過X軸上的尸點，已知QN=2,0P=2d。求此粒子從Q點射出到達P點的時

6d,.、

--------2----；(J)Q3Bq

【詳解】（1）粒子進入第一象限運動半徑為止在磁場中洛倫茲力提供向心力，有

v"

Bqv=m—

解得

V=^L

m

（2）如圖1所示，粒子恰好不能從y軸上射出時，粒子運動軌跡恰好與y軸相切于尸，則y

軸上有粒子射出區(qū)域的范圍在0、F之間。由于粒子在第一象限與第四象限的運動半徑都為

d,由幾何關(guān)系可得

sin^O.OF=-=-

t2d2

則

NORF=30

解得

OF=Jcos30=-

2

即y軸上有粒子射出區(qū)域的范圍在0~-當。

「

2

圖1

據(jù)

(3)根

2

v

m—

Bqv-

r

解得

tnv

r-——

Bq

Km

r2

o2n

Bq

v

粒

，作出

為《

將變

半徑

軌道

限的

四象

在第

,粒子

為28

小變

度大

應(yīng)強

磁感

場的

限磁

四象

將第

坐標

置的橫

軸的位

穿過x

三次

子第