2021屆全國金太陽聯(lián)考新高考原創(chuàng)預(yù)測試卷（八）物理

2021屆全國金太陽聯(lián)考新高考原創(chuàng)預(yù)測試卷(A)

物理

★?？荚図樌?/p>

注意事項(xiàng)：

1、考試范圍：高考范圍。

2、答題前，請先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡

上的相應(yīng)位置，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷

類型A后的方框涂黑。

3、選擇題的作答：每個(gè)小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂

黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。

4、主觀題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙

和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答

案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

5、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用

0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選

修題答題區(qū)域的答案一律無效。

6、保持卡面清潔，不折疊，不破損，不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。

7、考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。

(第I卷共38分)

一.選擇題(本大題有8小題，共38分，1-5單選，每小題4分，6-8多選，全部

選對得6分，選對但不全得3分，有錯(cuò)項(xiàng)的不得分)

1.已知?dú)湓拥募ぐl(fā)態(tài)能量紇=與，其中￡為基態(tài)能量，〃=1,2,3……。若氫原子從〃=3

n

的能級躍遷到片2的能級放出光子的頻率為v,能使氫原子從基態(tài)電離的光子的最小頻率為

()

936

A.—VB.4vC.—vD.9v

45

【答案】c

【解析】

【詳解】由題意可知：

ExEj

3222

能使氫原子從基態(tài)電離的光子的最小頻率滿足：

0-￡(=hv',

解得:

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C,

2.在探究射線性質(zhì)的過程中，讓質(zhì)量為〃”、帶電量2e的a粒子和質(zhì)量為機(jī)2、帶電量e的尸

粒子，分別垂直于磁場方向射入同一勻強(qiáng)磁場中，發(fā)現(xiàn)兩種粒子沿半徑相同的圓軌道運(yùn)動.則

a粒子與“粒子的動能之比是

m,m,m,4機(jī),

A.—B.—C.----D.----

m2ni]4m2mA

【答案】D

【解析】

【詳解】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律，有：

2

qvB=m—,動能為：EK=^-mv,聯(lián)立可得：4=位二巨，a粒子是氫核，少粒子是

r22m

電子，故a粒子和夕粒子的電量之比為2:1,故a粒子和用粒子的動能之比為：

q；

鼠=與=弧，故口正確，ABC錯(cuò)誤.

E"%〃&

1nl

3.2020年7月23日，我國首個(gè)火星探測器“天問一號”由長征五號運(yùn)載火箭在海南文昌航天

發(fā)射場成功發(fā)射。升空后，它將經(jīng)歷7個(gè)月左右的長途跋涉靠近火星，開展火星環(huán)繞、表面降

落、巡視探測三大任務(wù)。假設(shè)環(huán)繞器繞火星運(yùn)行的軌道半徑約為火星同步衛(wèi)星軌道半徑的

4

火星自轉(zhuǎn)周期與地球接近，那么環(huán)繞器繞火星一圈需要的時(shí)間最接近（）

A.1小時(shí)B.3小時(shí)C.6小時(shí)D.12小時(shí)

【答案】B

【解析】

【詳解】火星自轉(zhuǎn)周期與地球接近，可知火星的同步衛(wèi)星的周期為24h；根據(jù)開普勒第三定律

可得

故選B。

4.同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環(huán)，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根

導(dǎo)線，分別與兩塊垂直于圓環(huán)所在平面固定放置的平行金屬板MN連接，如圖甲所示.導(dǎo)線

PQ中通有正弦交流電流i,i的變化如圖乙所示，規(guī)定從Q到P為電流的正方向，則在1~2s

內(nèi)

B.M板帶正電，且電荷量減小

C.M板帶負(fù)電，且電荷量增加

I）.M板帶負(fù)電，且電荷量減小

【答案】A

【解析】

【詳解】在卜2s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁場垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，穿過金屬圓環(huán)

的磁通量變小，磁通量的變化率變大，假設(shè)環(huán)閉合，由楞次定律可知感應(yīng)電流磁場與原磁場

方向相同，即感應(yīng)電流磁場方向垂直于紙面向里，然后由安培定則可知感應(yīng)電流沿順時(shí)針方

向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動勢增大，由此可知上極M板電勢高，帶正電，電荷

量增加，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤；

故選A.

5.質(zhì)量相等的A、B兩物體放在同一水平面上，分別受到水平拉力Fi、尼的作用而從靜止開

始做勻加速直線運(yùn)動.經(jīng)過時(shí)間砧和4ft）速度分別達(dá)到2?）和vo時(shí)，分別撤去R和Fi,兩物體

都做勻減速直線運(yùn)動直至停止.兩物體速度隨時(shí)間變化的圖線如圖所示.設(shè)Q和尸2對A、B

兩物體的沖量分別為/1和12,F\和@對A、B兩物體做的功分別為W1和卬2,則下列結(jié)論正

確的是（）

A.h:h=n：5,W|：皿2=6:5

B./i:h=6：5,Wi：W2=3:5

C.h:I2=3：5,W\：牝=6：5

D.h：A=3：5,W}：W2=12：5

【答案】C

【解析】

【詳解】由題可知，兩物體勻減速運(yùn)動的加速度大小都為?，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運(yùn)

動中有F(=ma,則摩擦力大小都為由題圖可知，勻加速運(yùn)動的加速度分別為半、~,

3mv(}5mv

根據(jù)牛頓第二定律，勻加速運(yùn)動中有F—Ff=ma,則Fi=——，F(xiàn)z=n,故I\：h=

t0%

Fi/o：4F2fo=3：5；對全過程運(yùn)用動能定理得：W-Fwi=0,1%一加2=0,得=M

=F(X2,圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示運(yùn)動的位移，則位移之比為6:5,整個(gè)運(yùn)動過程中

B和尸2做功之比為Wi:W2=xi:X2=6：5,故C正確.

6.如圖甲所示的電路中，Li、L2為兩只“3V,3W”的燈泡，變壓器為理想變壓器，電流表和

電壓表均為理想交流電表。當(dāng)。、匕端接如圖乙所示的交變電壓時(shí)，兩只燈泡均正常發(fā)光.則

()

A.電壓表的示數(shù)為30V

B.電壓表的示數(shù)為6V

C.電流表的示數(shù)為0.2A

D.電流表的示數(shù)為0.5A

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)圖像乙可以分析得知，該正弦交流電壓有效值為

沙|v=3()V

電壓表測的是有效值，所以電壓表示數(shù)30V,故A正確，B錯(cuò)誤;

CD.兩燈泡均正常發(fā)光，根據(jù)串聯(lián)電路功率關(guān)系，副線圈功率

鳥=2弓=6W

根據(jù)變壓器兩端功率相等，所以

《=鳥=6W

且所以

=0.2A

1q30

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

7.如圖，在正點(diǎn)電荷Q的電場中，A、B、C為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，D為AC的中點(diǎn)，

ZA=30，A、B、C、D四點(diǎn)處的電勢滿足=0C，0B=?！?，點(diǎn)電荷Q在A、B、C三點(diǎn)所

在平面內(nèi)，則

A.點(diǎn)電荷Q在AB的連線上

B.點(diǎn)電荷Q在BD連線的中點(diǎn)處

C.(PD>(PC

D.將負(fù)試探電荷從C點(diǎn)搬運(yùn)到B點(diǎn).電場力做負(fù)功

【答案】AC

【解析】

【詳解】因<PA=(pc,則點(diǎn)電荷Q在AC連線的垂直平分線上；又(PB=(PD,則點(diǎn)電荷Q又在BD

連線的垂直平分線上；則點(diǎn)電荷Q在AB的連線上，如圖，則選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤;

D點(diǎn)距離點(diǎn)電荷的距離較C點(diǎn)近，可知仍,>外,選項(xiàng)C正確；將負(fù)試探電荷從C點(diǎn)搬運(yùn)到B

點(diǎn).電場力做正功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.

8.水平地面上質(zhì)量為1kg的物塊受到水平拉力Q、尺的作用，Q、/2隨時(shí)間的變化如圖所示,

己知物塊在前2s內(nèi)以4m/s的速度做勻速直線運(yùn)動，取g=10m/s2,則（）

A.物塊與地面動摩擦因數(shù)為0.2

B.3s末物塊受到的摩擦力大小為3N

C.4s末物塊受到的摩擦力大小為1N

D.5s末物塊加速度為零

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.在02s內(nèi)物體勻速運(yùn)動，則摩擦力/=3N,則

故A錯(cuò)誤；

BC.2s后物體做減速運(yùn)動，加速度

F.A6—5—3,2..

a=-^-=----------m/s-=-2m/s-

m1

則經(jīng)過

v4.

r=—=—s=2s

a2

即4s末速度減為零，則3s末物塊受到的摩擦力大小為3N,4s末物塊受到的摩擦力為靜摩擦

力，大小為

6N-5N=1N

故BC正確；

D.物體停止后，因兩個(gè)力的差值小于最大靜摩擦力，則物體不再運(yùn)動，則5s末物體的加速

度為零，故D正確。

故選BCD

(第II卷共62分)

二.非選擇題：

9.在研究勻變速直線運(yùn)動實(shí)驗(yàn)中，在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶上，選取一段如圖所示，實(shí)驗(yàn)員

告知同學(xué)們交流電的頻率為50Hz,圖中每兩點(diǎn)中間還有四點(diǎn)沒有畫出；用刻度尺量得4到8、

C、D、E各點(diǎn)的距離依次為：1.23cm、3.71cm、7.44cm和12.42cm,則打C點(diǎn)時(shí)物體的瞬間

速度大小為m/s；該勻變速直線運(yùn)動的加速度的大小為m/s2(以上結(jié)果均保

留3位有效數(shù)字).若實(shí)際上交流電的頻率為51Hz,則上面計(jì)算出的加速度值比實(shí)際值

.(填“偏大”、“偏小”或“不偏”)

【答案】⑴.0.311(2).1.25(3).偏小

【解析】

【詳解】(1)打C點(diǎn)時(shí)物體的速度，等于物體打AE點(diǎn)間的平均速度：

(2)利用逐差法求加速度：AB間的距離y=L23cm,BC間的距離

s2=3.71cm-1.23c/n=2.48cm,CD間的距離.v3=1.44cm-3.71cm=3.73cm

DE間的距離54=12.42cm-7.44c/n=4.98cm.利用逐差法求加速度可得：

S3+&—+$2)3.73+4.98—(1.23+2.48)i--2

a=~V1-2-=---------------------------------x0.01/7?/5=1.25m//

4/4x0.12

(3)求加速度的公式為。=%=92,由題意知道：工劃〈九所以，4測＜。實(shí)，即計(jì)算出

的加速度比實(shí)際值偏小.

10.熱敏電阻包括正溫度系數(shù)電阻器(PTC)和負(fù)溫度系數(shù)電阻器(NTC),某實(shí)驗(yàn)小組選用下列器

材探究某熱敏電阻R的伏安特性.

A.電流表A（最程0.6A,內(nèi)阻為0.6Q）

B.電壓表V（量程3.0V,內(nèi)阻約2kC）

C.滑動變阻器R（最大阻值為10Q）

D.滑動變阻器（最大阻值為500Q）

E電源風(fēng)電動勢4V,內(nèi)阻較?。?/p>

F.開關(guān)、導(dǎo)線若干

（1）要求實(shí)驗(yàn)中改變精動交阻器滑片的位置，使加在熱敏電阻兩端的電壓從零開始逐新增大，

①請補(bǔ)充完成圖甲中實(shí)物間的連線;

②其中應(yīng)選擇的滑動變阻器是（填寫器材前面的代號）.

（2）該小組測出熱敏電阻Ri的U-/圖線如圖乙中曲線I,又通過查閱資料得出了熱敏電阻&

的U-I周線如圖乙中曲線H,用上述電流表和熱敏電阻用、&測量某電池組的電動勢和內(nèi)阻,

采用的電路如圖丙，將單刀雙串開關(guān)接通“1",電流表A的示數(shù)如圖丁，則通過凡的電流為

A.將單刀雙擲開關(guān)接通“2”時(shí)測得通過此的電流為0.60A,則該電池組的電動勢為

V,內(nèi)阻為C.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

【答案】(1).圖見解析(2).C(3).0.40(4).3.0(2.8~3.2)(5).

2.9(2.7-33)

【解析】

【詳解】(1)口][2]為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選C；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖可得出對應(yīng)的實(shí)物

圖如圖所示；

(2)[3][4][5]電流表量程為0.6A,則最小分度為0.02A,故讀數(shù)為0.40A；由圖I可知,電壓

為1.6V；當(dāng)開關(guān)接2時(shí)，電流為0.6A,由圖n可知，電壓為0.9V；則由閉合電路歐姆定律可

知:

L6=E-0.4（r+&）,0.9=七一0.6（八+七）

聯(lián)立解得:

E=3.0V；r=2.9Q；

11.如圖甲所示，將兩根足夠長、間距為L的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，左端接

-阻值為R的電阻，與導(dǎo)軌垂直的虛線ef右邊區(qū)域存在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量為m

的金屬桿PQ靜止在導(dǎo)軌上.現(xiàn)對桿施加一水平向右的恒定拉力，經(jīng)過時(shí)間t桿進(jìn)入磁場，并

開始做勻速直線運(yùn)動，桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，導(dǎo)軌和桿的電阻均不計(jì).

甲

(1)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

(2)若桿進(jìn)入磁場后的某時(shí)刻撤去拉力，桿運(yùn)動的速度與此后的位移關(guān)系圖象如圖乙所示，求

直

O~xo與xo~3xo兩個(gè)過程中電阻R產(chǎn)生的熱量之比

【答案】(1)B

石4

【解析】

【分析】

(1)桿進(jìn)入磁場之前做勻加速運(yùn)動，進(jìn)入磁場后做勻速運(yùn)動，根據(jù)安培力等于F求解B；(2)

根據(jù)能量關(guān)系求解兩個(gè)過程中電阻R產(chǎn)生的熱量之比.

【詳解】(1)設(shè)拉力大小為F,桿的加速度為a,進(jìn)入磁場時(shí)的速度為vo,則F=ma；

桿做勻加速運(yùn)動，則vo=at,

桿在磁場中做勻速運(yùn)動，則F=F次=BIL

I=E/R

E=BLvo

聯(lián)立解得：B=

(2)撤去拉力后，由圖乙可知，桿在x=xo處的速度大小為丫=與

由能量關(guān)系，在0-xo過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量Q=g相$加

在xo-3xo過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量。2=/

12.如圖所示，半徑R=2.8m的光滑半圓軌道8C與傾角。=37。的粗糙斜面軌道在同一豎直平

面內(nèi)，兩軌道間由一條光滑水平軌道A8相連，A處用光滑小圓弧軌道平滑連接，B處與圓軌

道相切.在水平軌道上，兩靜止小球P、。壓緊輕質(zhì)彈簧后用細(xì)線連在一起.某時(shí)刻剪斷細(xì)線

后，小球P向左運(yùn)動到A點(diǎn)時(shí)，小球0沿圓軌道到達(dá)C點(diǎn)；之后小球Q落到斜面上時(shí)恰好與

沿斜面向下運(yùn)動的小球P發(fā)生碰撞.已知小球尸的質(zhì)量M=3.2kg,小球。的質(zhì)量祖2=lkg,

小球P與斜面間的動摩擦因數(shù)幺=0.5,剪斷細(xì)線前彈簧的彈性勢能Ep=168J,小球到達(dá)A點(diǎn)

或8點(diǎn)時(shí)已和彈簧分離.重力加速度g=10m/s2,$吊37。=0.6,cos37°=0.8,不計(jì)空氣阻力，

求：

(1)小球Q運(yùn)動到C點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)小球P沿斜面上升的最大高度h；

(3)小球Q離開圓軌道后經(jīng)過多長時(shí)間與小球P相碰.

【答案】(l)12m/s(2)0.75m(3)ls

【解析】

【詳解】(1)兩小球彈開的過程，由動量守恒定律得：如叨=〃?2V2

22

由機(jī)械能守怛定律得：Ep=-m1vl+-?/72V2

聯(lián)立可得：vi=5m/s,V2=16m/s

11

小球Q沿圓軌道運(yùn)動過程中，由機(jī)械能守恒定律可得：/砥丫29=/加2%7+2/gR

解得：vc=12m/s,

(2)小球P在斜面向上運(yùn)動加速度為的

由牛頓第二定律得：migsin。+〃如geosO=m\a\,

解得:ai=10m/s2

2

故上升的最大高度為：/?=*—sin8=0.75m

2q

(3)設(shè)兩小球相遇點(diǎn)距離A點(diǎn)為x,小球P從A點(diǎn)上升到兩小球相遇所用的時(shí)間為r,小球P沿

斜面下滑的加速度為S

由牛頓第二定律得：機(jī)igsin。一"〃7igcos0=m[d2,

解得：〃2=2m/s2

小球P上升到最高點(diǎn)所用的時(shí)間：=-=0.5s,

4

則：2R=；g/+/1—；。2?一％)2sin。

解得：r=ls.

13.下列說法正確的是.

A.并不是所有晶體都有其固定的熔點(diǎn)

B.物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動越劇烈，分子平均動能越大

C.滿足能量守恒定律的物理