2022年廣東省深圳市龍崗區(qū)高考物理一模試卷（附答案詳解）

2022年廣東省深圳市龍崗區(qū)高考物理一模試卷

1.質(zhì)量為小、長為L的直導(dǎo)體棒放置于四分之一光滑圓弧軌道上,

整個裝置處于豎直向上磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，直導(dǎo)體

棒中通有恒定電流，平衡時導(dǎo)體棒與圓弧圓心的連線與豎直

方向成60。角，其截面圖如圖所示.則下列關(guān)于導(dǎo)體棒中的電

流的分析正確的是（）

A.導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向外,大小為/=鬻

B.導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向外,大小為T

C.導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向里,大小為/=警

D.導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向里,大小為，=篝

2.如圖所示，一固定斜面的傾角為0=45。，一小球（可視

為質(zhì)點）從某位置自由下落人高度后與斜面碰撞，碰撞過

程中無能量損失，碰撞后水平拋出，小球與斜面碰撞點

距離水平面的高度也為八，則下列說法正確的是（）

A.小球一定落在斜面底端

B.小球在水平面上的落點到斜面底端的距離為八

C.小球從開始下落到落在水平面上所用時間與自由下落2九高度的時間相等

D.小球從開始下落到落在水平面上所用時間小于自由下落2/1高度的時間

3.下列說法正確的是（）

A.電子的衍射現(xiàn)象說明實物粒子具有波動性

B.235〃的半衰期約為7億年，隨地球環(huán)境的變化，半衰期可能變短

C.原子核內(nèi)部某個質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橹凶訒r，放出/?射線

D.在a、夕、y這三種射線中，y射線的穿透能力最強，a射線的電離能力最弱

4.如圖所示，設(shè)車廂長度為3質(zhì)量為M,靜止于光滑的水平面上,

車廂內(nèi)有一質(zhì)量為沉的物體以初速度為向右運動，與車廂壁來回

碰撞ri次后，靜止在車廂中.這時車廂的速度是（）

A.孫水平向右B.0

C.■^盤，水平向右D.常凈水平向右

5.環(huán)保人員在一次檢查時發(fā)現(xiàn)，某廠的一根水平放置的排污管正在向廠外的河道中滿

口排出污水。環(huán)保人員利用手上的卷尺測出這根管道的直徑為10cm,管口中心距

離河水水面的高度為80cm,污水入河道處到排污管管口的水平距離為120cm,重

力加速度g取l（hn/s2,則該管道的排污量（即流量一一單位時間內(nèi)通過管道某橫截

面的流體體積）約為（）

A.24Z,/sB.94L/sC.236L/sD.942L/S

6.如圖所示，小物塊位于半徑為R的半圓柱形物體頂端，若給小物塊一水平速度%=

/ZgR，則小物塊（）

A.將沿半圓柱形物體表面滑下來

B.落地時水平位移為&R

C.落地速度大小為2^^

D.落地時速度方向與水平地面成60。角

7.如圖甲所示，正方形線圈abed內(nèi)有垂直于線圈的勻強磁場，已知線圈匝數(shù)n=10,

邊長ab=1m,線圈總電阻r=10,線圈內(nèi)磁感應(yīng)強度隨時間的變化情況如圖乙所

示。設(shè)圖示的磁場方向與感應(yīng)電流方向為正方向，則下列有關(guān)線圈的電動勢e,感

應(yīng)電流i,焦耳熱Q以及ab邊的安培力產(chǎn)（取向下為正方向）隨時間t的變化圖象正確的

是（）

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8.空間有平行于梯形區(qū)域時Cd的勻強電場，已知梯形的NQ=,9......f

45°,zr和z_d均為直角，且上底be=2cm、下底ad=4cm,，/

并知a、b、c三點的電勢分別為4V、8V,10匕將一電荷量q=a，-

-2x10-5。的點電荷從a點開始沿abed路線移動，則下列判斷正確的是（）

A.梯形區(qū)域的下底ad中點的電勢為6V

B.該勻強電場的場強大小為/V/m

C.該點電荷在c點的電勢能為+2x10-5/

D.該點電荷從a點移到d點過程中，電場力對它做功為+8x10-5/

9.圖中a、b是兩個位于固定斜面上的正方形物塊，它們的質(zhì)量相等.尸是沿水平方向

作用于a上的推力.已知a、b的接觸面，a、b與斜面的接觸面都是光滑的.正確的

說法是（）

A.a、b可能沿斜面向上運動B.a對b的作用力沿水平方向

C.a、b對斜面的正壓力相等D.a受到的合力等于b受到的合力

10.某物理興趣小組的同學(xué)利用實驗室提供的器材組裝了一個電流表

“歐姆表”，并用其測量一個未知電阻的阻值，實驗室提

供的器材如下:

2T里

4新的干電池一節(jié)：電動勢為1.5V,其內(nèi)阻可忽略；

8.靈敏電流il-一個：量程為0?lni4,內(nèi)阻200；

C可變電阻P：阻值范圍為100?2500。；

D紅、黑表筆各一個；

￡待測電阻一只.

（1）請在如圖虛線框內(nèi)補全所需的器材.

（2）測量電阻前，先進行歐姆調(diào)零.將可變電阻P的阻值調(diào)節(jié)為R=,此時電

流計指針指到.

（3）把待測電阻接入兩表筆間，指針正好指在0.6nM刻度處，則該電阻的阻值為

11.⑴甲同學(xué)根據(jù)圖1所示電路采用“半偏法”測量一個量程為3V的電壓表內(nèi)阻（約

3k0）.

①為使測量值盡量準(zhǔn)確，在以下器材中，電阻箱R應(yīng)選用,滑動變阻器&應(yīng)

選用，電源E應(yīng)選用（選填器材前的字母）.

A電阻箱（0?999.9。）B.電阻箱（0?99990）

C.滑動變阻器（0?500）D.滑動變阻器（0?2k。）

E.電源（電動勢1.5V）用電源（電動勢4.5V）

②該同學(xué)檢查電路連接無誤后，在開關(guān)Si、S2均斷開的情況下，先將R。的滑片P調(diào)

至a端，然后閉合&、S2,調(diào)節(jié)R°,使電壓表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，再斷開開關(guān)S2，

調(diào)節(jié)R的阻值，使電壓表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半.如果此時電阻箱R接入電路中

的阻值為31500,則被測電壓表的內(nèi)阻測量值為0,該測量值實際值（

選填“略大于”、“略小于”或“等于"）.

（2）乙同學(xué)將一個電流計⑥改裝成量程為3s的電壓表.該電流計⑥內(nèi)部由表頭和定

值電阻r串聯(lián)組成，其中表頭電阻％=1000,r約為幾千歐.為確定該電流計⑥的

滿偏電流％和r的阻值，他采用如圖2所示電路進行測量.

實驗中使用的電源電動勢E=3.01Z,電阻箱R的最大阻值為99990.具體操作步驟如

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下:

a.將滑動變阻器Ro的滑片P調(diào)到a端，電阻箱接入電路的阻值R調(diào)到5000。；

b.閉合S,僅調(diào)節(jié)網(wǎng)使電流計⑥滿偏，記錄此時電阻箱接入電路的阻值R和電壓表的

示數(shù)U；

c.斷開S,將滑動變阻器R。的滑片P再次調(diào)到a端，將電阻箱接入電路的阻值R減小

100012；

d.重復(fù)步驟從c,直到將電阻箱接入電路的阻值R調(diào)為00,斷開S,結(jié)束實驗.

根據(jù)實驗測量出的多組數(shù)據(jù)繪制電壓表示數(shù)U隨電阻箱接入電路中的阻值R變化的

圖象，如圖3所示.

①現(xiàn)有如下三種量程的電壓表，在該實驗中為使電壓的測量值盡可能準(zhǔn)確，電壓

表應(yīng)選用的量程為（選填器材前的字母）.

A.0-15IZB.0-3VC.0?0.5U

②根據(jù)上述實驗數(shù)據(jù)繪制出的圖象，并考慮實驗中存在的誤差，可以推測出該表

頭的滿偏電流％以及定值電阻r的值應(yīng)為.（選填選項前的字母）

A.30/1A,2.4k。B.300〃4，5.0k。

C.300/M,2.4k0D.30/M,5.Ok0

③乙同學(xué)參考②中判斷的結(jié)果，他若將電流計⑥______聯(lián)（選填“串”或“并”）一

個阻值為kn的電阻，就可以將該電流計⑥改裝成量程為3y的電壓表.

12.圖甲為直角坐標(biāo)xOy,y軸正向沿豎直向上方向，其所在空間分布著均勻的、大小

隨時間周期性變化的電場和磁場，其變化規(guī)律如圖乙所示,規(guī)定電場強度方向沿y軸

正向為正方向，磁感應(yīng)強度方向垂直坐標(biāo)xOy平面向里為正方向。t=0時刻，電荷

量為q、質(zhì)量m的帶正電粒子由坐標(biāo)原點。靜止釋放，已知場強大小比=等，磁感

應(yīng)強度大小％=等，g取10m/s2.求：

=is末粒子速度的大小和方向;

(2)粒子第一次進人磁場時做圓周運動的半徑和周期;

(3)在0-6s內(nèi)粒子運動過程中最高點的位置坐標(biāo)。

13.如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的柱形金屬容器豎直放置，容器上端?寒彳

的塞子將容器內(nèi)的某種理想氣體密閉，內(nèi)有質(zhì)量為血的厚度不

A

計的活塞將容器分為4和B兩個氣室，活塞與容器內(nèi)壁間氣密性

良好，且沒有摩擦，活塞橫截面積為S,已知重力加速度大小

為g,外界大氣壓強為等，A和B兩個氣室的體積均為%,2氣

B

室內(nèi)氣體的壓強為詈，求：

(1)2和B兩個氣室中氣體的質(zhì)量之比；

(2)拔去容器上端的塞子，等穩(wěn)定后，容器內(nèi)的活塞移動的距離。

14.下列說法中正確的是()

A.氣體對器壁的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力

B.清晨荷葉上的露珠呈球形是液體表面張力作用的結(jié)果

C.一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變，壓強減小時，氣體的密度一定減小

D.空氣中水蒸氣的壓強越大，空氣的相對濕度一定越大

E.破裂的眼鏡鏡片不能無痕拼接，是分子間斥力作用的結(jié)果

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15.如圖所示，導(dǎo)熱良好的氣缸4、B用細(xì)管相連，4的容積為B的3倍，A中裝有壓強為

P。、質(zhì)量為mO的理想氣體，活塞C可沿氣缸B滑動且與方保持良好的氣密性。連接4、

B的細(xì)管上有兩個閥門七、K2,當(dāng)向右拉活塞時，保持勺打開，七閉合；向左推活

塞時，保持小閉合，修打開。活塞開始時位于氣缸B的最左端，若環(huán)境溫度始終保

持不變，外界大氣壓為P。，不計細(xì)管體積的影響。求：

/.將活塞緩慢拉到氣缸B的最右端時缸內(nèi)氣體的壓強；

〃.將活塞緩慢拉到氣缸B的最右端，再緩慢推回到最左端，如此重復(fù)n次（包括第一

次）后缸內(nèi)氣體的質(zhì)量。

16.在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，下列說法正確的有（）

A.擺線要選擇細(xì)些、伸縮性小些且盡可能長一些的

B.擺球盡量選擇質(zhì)量大些且體積小些的

C.將懸線的長度當(dāng)成擺長，測得的重力加速度值偏小

D.拉開擺球釋放（擺角小于5。），當(dāng)擺球振動穩(wěn)定后，從平衡位置開始計時，記下

擺球通過平衡位置51次的時間A3則單擺周期7=

E.畫出的周期的二次方與擺長（72一L）的圖象是一條過原點的傾斜直線,直線斜率

等于重力加速度的大小

17.如圖所示，一細(xì)束單色光由空氣斜射人平行玻璃磚，已知玻璃\

磚厚度為d,該玻璃磚對單色光的折射率為n,入射角為i。一*-----------

⑷證明出射光束與入射光束平行；

(")計算出射光束相對入射光束的側(cè)移s。

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：對導(dǎo)體棒受力分析，受重力、支持力和電場力，如圖所示:

8

安培力向右，根據(jù)左手定則，電流向內(nèi)；

根據(jù)平衡條件，有：

FA=mgtan60°=

故電流：/=@=旦里

BLBL

故選：Co

對導(dǎo)體棒受力分析，受重力、支持力和電場力，根據(jù)左手定則判斷電流方向，根據(jù)平衡

條件求解安培力，根據(jù)安培力公式片=B/L求解電流.

本題關(guān)鍵對導(dǎo)體棒受力分析后，根據(jù)平衡條件列式求解出安培力，然后根據(jù)安培力公式

求解電流.

2.【答案】B

【解析】解：4小球先自由下落h高度，與斜面碰撞前的速度為：v=j2^h

然后以速度"做平拋運動，假設(shè)小球落在水平面上，根據(jù)平拋運動規(guī)律：h=lgt2,解

得:￡=后

x=vt=^h-J^=2h>h,故小球不會落在斜面底端，故A錯誤；

B.小球落點到斜面底端的距離：s=x--^—=2h-h=h,故8正確；

tan45°

CD.設(shè)小球下落到斜面的時間為ti，由=妤得：h=后

小球水平拋出后落在水平面上，小球做平拋運動的時間為t=回

設(shè)小球無初速度自由下落2九高度的時間為tz，有2/i=[g抬，解得：t2=

顯然，ti+t=2斤＞t2=2小

故C。錯誤。

故選：B。

(1)小球先做自由落體運動，碰撞后做平拋運動，平拋運動的初速度是自由落體的末速

度大小，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得出平拋運動的水平位移；

(2)根據(jù)運動規(guī)律得出自由下落時間、平拋運動時間之和，與直接發(fā)生自由落體運動的

時間進行對比。

本題考查了拋體運動，解題的關(guān)鍵是清楚運動過程，熟練應(yīng)用運動規(guī)律進行解題。

3.【答案】A

【解析】解：力、電子的衍射現(xiàn)象說明實物粒子具有波動性，故A正確；

8、隨地球環(huán)境的變化，半衰期仍不變，故8錯誤；

C、中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時，放出￡射線，故C錯誤；

D、a、￡、y這三種射線中，y射線的穿透能力最強，a射線的電離能力最強，故力錯誤；

故選：A.

電子是實物粒子，而衍射說明具有波動性；

半衰期不隨著環(huán)境變化而變化；

中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時，放出0射線；

y射線的穿透能力最強，a射線的電離能力最強.

考查實物粒子的波動性，掌握波粒兩象性的含義，理解半衰期影響的因素，注意放出口射

線的本質(zhì).

4.【答案】C

【解析】解：選物體與小車組成的系統(tǒng)為研究對象，規(guī)定水平向右為正方向，由水平方

向動量守恒得：

mv0=(M+m)v

方向水平向右，與孫同向。

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故選：Co

選物體與小車組成的系統(tǒng)為研究對象，水平方向不受外力作用，故水平方向動量守恒,

并且最后兩者具有共同的速度.

選物體與小車組成的系統(tǒng)為研究對象，水平方向僅有系統(tǒng)的內(nèi)力作用而不受外力作用，

故此方向滿足動量守恒，碰撞前的動量，等于最后的總動量，典型的動量守恒的題目.

5.【答案】A

【解析1解：根據(jù)平拋運動規(guī)律有：x=vt0,h=\gtl

聯(lián)立解得：v=3m/s

根據(jù)流量的定義有：＜2=7

而V=SL=兀(g)2xvt

解得：Q=0.024m3/s=24L/S,故4正確，BCD錯誤。

故選：Ao

污水從排污管管口后，做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律得出初速度及運動時間，從而得

出該排污管的排污量。

本題考查了平拋運動，解題的關(guān)鍵是排污量即為平拋運動那段污水量。

6.【答案】C

【解析】解：4設(shè)小物塊在半圓柱形物體頂端做圓周運動的臨界速度為七,則重力剛好

提供向心力時，由牛頓第二定律得mg=

解得外=yfgR

因為為〉外，所以小物塊將離開半圓柱形物體做平拋運動，故A錯誤；

B.小物塊做平拋運動時豎直方向滿足R=\gt2

水平位移為x=%t聯(lián)立解得

x=2R

故8錯誤；

CD.小物塊落地時豎直方向分速度大小為3=gt=J市

落地時速度的大小為"=I說+說

聯(lián)立解得i?=2yfgR

由于％=%，故落地時速度方向與水平地面成45。角，C正確，。錯誤。

故選：C。

由豎直平面內(nèi)圓周運動頂點的臨界速度判斷運動性質(zhì)為平拋運動，用平拋運動的規(guī)律求

解。

平拋運動可分解為水平的勻速直線運動和豎直的自由落體運動。

7.【答案】CD

【解析】

【分析】

由右圖可知8的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法

拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；由尸=8〃可知安培力

的變化情況，由左手定則判斷安培力的方向；焦耳定律Q=判斷Q隨時間變化情況。

本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律、左手定律等進行

判定；解題時要特別注意，感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流的方向由楞次定律判斷，判斷安培力

方向要注意電流方向和磁場方向。

【解答】

4根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，0?1s內(nèi)，e1=n^s=10x^xlxlV=2V,感應(yīng)電

動勢為逆時針方向，1?5s內(nèi)，e2=n^s=10x絲旦包x1x11/=IV,感應(yīng)電動勢

At4

為順時針方向，故A錯誤；

A0?1s內(nèi)，感應(yīng)電流大小“=3=:4=24方向逆時針方向，1?5s內(nèi)，感應(yīng)電流大

小》2=￡=：4=14方向順時針方向，故8錯誤；

C0?1s內(nèi)，線圈中電流逆時針方向，根據(jù)左手定則知，ab邊所受的安培力向下，為正

方向；1?3s內(nèi)，線圈中電流順時針方向，磁場方向垂直紙面向里，由左手定則知知安

培力向上，為負(fù)方向；3?5s,電流方向為順時針方向，磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)

左手定則知ab邊所受安培力向下，為正方向；根據(jù)F=B/L知，在。?1s內(nèi)，安培力大

小由0均勻增大到Fi=nB/L=10x0.2X：X1N=4N,方向向下，1?3s內(nèi)，安培力大

小由尸2=10x0.2x：xlN=2N均勻減小到0,方向向上，3?5s,安培力大小由。均

勻增大到F3=10x0.2x；xlN=2N,方向向下，故C正確；

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D在0?1s內(nèi)，根據(jù)Qi=i"t，焦耳熱隨時間均勻增加，直線的斜率等于i>=4；1?5s

內(nèi)，根據(jù)。2=%九，電流恒定，Q2隨時間均勻增大，斜率k==1=合，故。正確；

故選CZX

8.【答案】AD

【解析】解：4、由b點向ad做垂線，根據(jù)幾何關(guān)系知p為

ad中點，由于是勻強電場，故沿著同一個方向前進相同

距離電勢的降低相等，故：

1

<Pb-(Pc=(Pp-(Pd<<Pp=5((Pa+(Pd)

代入數(shù)據(jù)解得：(Pp=6K,(pd=8V,故A正確。

B、由于是勻強電場，連接bd則為等勢面，如圖所示:

根據(jù)幾何關(guān)系可知，ablbd,則ab為一條電場線，且方向由b指向a,電場強度為：E=

^=^V/cm=V2xlO2V/m,故B錯誤。

54

C、該點電荷在c點的電勢能為：EPc=<pcq=10x(-2xIO-)/=-2x1Q-7,故C

錯誤。

5

D、該點電荷從a點移到d點電場中做功為：Wad=Uadq=(4-8)x(-2x10-)/=8x

IO-5；,故。正確。

故選：AD.

在勻強電場中，沿著同一個方向移動相同距離電勢降低相等，先據(jù)此求解梯形區(qū)域的下

底ad中點的電勢；然后找出等勢面，結(jié)合公式〃=Ed分析電場強度；該點電荷在c點的

電勢能：Epc=%q；根據(jù)W=Uq求解電場力做功。

本題考查勻強電場中的電場強度與電勢差的關(guān)系，關(guān)鍵是畫出等勢面，結(jié)合公式U=Ed

列式分析，不難。

9.【答案】AD

【解析】解：力、對整體受力分析可知，整體受重力、推力及支持力；若重力的分力小

于推力向上的分力，則物體可能向上運動；故A正確；

B、ab兩物體之間只有彈力，而彈力的方向是垂直于接觸面的，故a對b的作用力沿斜面

方向，故8錯誤；

C、對a分析可知，a受重力、支持力、b的彈力及尸的作用；而b受重力、a的作用力及

支持力，故b對斜面的壓力等于重力的分力，而a對斜面的壓力等于重力的分力與尸垂直

于斜面的分力之和，故a對斜面的壓力要大，故C錯誤；

。、因兩物體加速度相同，由牛頓第二定律可知，兩物體受到的合力一定相等，故。正

確；

故選：AD.

對整體受力分析可知整體受到的合力的可能，從而確定物體的運動情況；再隔離兩物體

進行分析可得出各自受力情況.

本題對學(xué)生的要求較高，要求學(xué)生不但能正確進行受力分析，還要能夠合理地應(yīng)用牛頓

第二定律進行求合力；在學(xué)習(xí)物理中要注意各知識點間的相互聯(lián)系，同時注意總結(jié).

10.【答案】1480/21mA100012

【解析】解：(1)添加電池如圖

電流表

E

(2)歐姆調(diào)零：讓紅黑表筆短接，電流達到最大值，即指針滿偏為InM,由R=

%

-^--20=1480。

1X10-3

(3)指針指在0.6nM刻度處對應(yīng)的阻值為R'=5-/?中=—-1500=1000/2

I'U.bXlU

故答案為：⑴如圖(2)14801mA(3)100012

(1)歐姆表的原理為閉合電路歐姆定律，所給電路中沒有電池，則應(yīng)添加電池.

P

(2)歐姆調(diào)零是指針滿偏，由氏=丁一為求R.

(3)由閉合電路歐姆定律確定電阻的阻值.

明確歐姆表的原理為全電路歐姆定律，即R=，-R中記住歐姆調(diào)零時電流表要滿偏.

11.【答案】B-.C；F；3150；略大于；B；C；串；7.5

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【解析】解：(1)①使用半偏法進行測量，要求電阻箱應(yīng)和待測電阻接近；故電阻箱應(yīng)

選擇B；

滑動變阻器采用分壓接法，故選擇小電阻；故選：C；

為了增大電流，電源選用電動勢較大的電源；故選：F；

②當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表半偏時，由于干路電流幾乎未變，電阻箱與電流計中的電

流相等，電阻必然相等.如果所得的&的阻值為31500,則圖中被測電流計G的內(nèi)阻5的

測量值為31500.

實際上電阻箱串入后的，電路的總電阻增大了，串聯(lián)部分的總電壓增大了；電壓表半偏

時,流過電阻箱的電壓大于電壓表的電壓，電阻箱接入的電阻大于電流計的電阻.所以，

該測量值“略大于”實際值.

(2)①由于要求改裝后的電壓表量程為0?3,為了準(zhǔn)確測量，電壓表應(yīng)選：B；

②由歐姆定律可知：

U=IgR+%9g+「)

圖象與縱坐標(biāo)的交點為：Ig(Tg+r)=0.75；

聯(lián)立解得：r=2.4k。；

③將電流計改裝成電壓表，應(yīng)串連接入一分壓電阻R，由歐姆定律及串聯(lián)電路分壓規(guī)律

有：U=IgRg+/gR其中U為改裝后電壓表的滿偏電壓，

則R=苫一Rg代入數(shù)據(jù)解得：R=7.5kQ.

故答案為：(1)①B；C；F

②3150；略大于

(2)①B

②C

③串；7.5

(1)①對于儀器的選擇，要根據(jù)實驗原理，結(jié)合題目中數(shù)據(jù)并根據(jù)實驗原理通過計算來

確定.

②由半偏法測電阻實驗原理知，當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱，分析電路結(jié)構(gòu)的變化，根據(jù)串并聯(lián)電

路的規(guī)律分析電測量值的變化；

(2)①對于儀器的選擇，要根據(jù)實驗原理，結(jié)合題目中數(shù)據(jù)并根據(jù)實驗原理通過計算來

確定；

②根據(jù)歐姆定律得出對應(yīng)的函數(shù)關(guān)系，再結(jié)合圖象求解滿偏電流和定值電阻的阻值；

③改裝為電壓表需串聯(lián)一個電阻，串聯(lián)電阻（分壓電阻）阻值R可由/gRg+lgR=U來計

算，其中U為改裝后電壓表的滿篇電壓（量程）.

本題考查電表的改裝、半偏法原理及誤差分析，難度較大；要求能正確分析題意，明確

對應(yīng)的實驗方法，從而根據(jù)所學(xué)物理規(guī)律進行分析求解.

12.【答案】解：（1）粒子自坐標(biāo)原點。靜止釋放，設(shè)1S

末速度大小為女,根據(jù)牛頓第二定律可得：

qE0—mg=ma

根據(jù)%=at\,

代入數(shù)據(jù)解得%=10m/s；,方向豎直向上；

（2）ls末粒子第一次進入磁場，由于粒子受重力和電

場力平衡，粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，

則q%B（）=m腎

rl

解得/i=

周期7=等=15

vi

（3）粒子在2s末回到y(tǒng)軸，以匕=10m/s初速度沿丫軸

正方向運動，設(shè)3s末粒子速度的大小為功，根據(jù)動量定理可得:

（q&）—mg）t=mv2—mv1,

代入數(shù)據(jù)解得“2=20m/s,方向豎直向上；

3s末粒子第2次進入磁場做勻速圓周運動，周期不變，4s末再次回到y(tǒng)軸，以％=20m/s

初速度沿y軸正方向運動，5s末的速度為%=30m/s,第3次進入磁場做勻速圓周運動，

第6s剛好回到y(tǒng)軸，速度方向向上，粒子運動軌跡如圖所示：則最上方圓的半徑R=翳=

一15m

n

前5s加速時間t5=3s,根據(jù)位移時間關(guān)系可得前5s豎直方向的位移丫5=￡Xt5=45m,

所以在0-6s內(nèi)粒子運動過程中最高點的位置坐標(biāo)X=-R=~^m,y=ys+R=

,15

45H--Trio

n

即最高點坐標(biāo)45+?）。

答：（l）t=Is末粒子速度的大小lOm/s,方向豎直向上；

（2）粒子第一次進人磁場時做圓周運動的半徑周期為1s；

第16頁，共20頁

(3)在0-6s內(nèi)粒子運動過程中最高點的位置坐標(biāo)P(-中,45+2)。

【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)速度時間關(guān)系求解速度；

(2)根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合周期公式進行求解；

(3)分析粒子的運動情況，畫出運動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合運動學(xué)公式進行求解。

對于帶電粒子在磁場中的運動情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑,

結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對應(yīng)的圓心角求時間：對

于帶電粒子在電場中運動時，一般是按類平拋運動或運動學(xué)公式進行解答。

13.【答案】解：(1)由題意知，4和8氣室中的氣體的體積相等，溫度相同，4氣室中氣

體的壓強為以=詈

B氣室中氣體的壓強為匹=PA+詈=等

假設(shè)讓B氣室中氣體發(fā)生等溫膨脹，使其壓強等于2氣室中氣體的壓強，由玻意耳定律

知

PB%=PAVB

故兩氣室中氣體的質(zhì)量之比詈=孑=3

TUBVB2

(2)若拔去塞子，待穩(wěn)定后，B氣室內(nèi)氣體的溫度仍與外界相同，壓強為PB'=翳+詈=

5mg

2s

設(shè)此時B氣室中氣體的體積為憶根據(jù)玻意耳定律有

PB^O=PB^

解得

4

因此活塞向下移動的距離為助=怨=總

答：(1)4和B兩個氣室中氣體的質(zhì)量之比為也

(2)拔去容器上端的塞子，等穩(wěn)定后，容器內(nèi)的活塞移動的距離為卷。

【解析】(1)對活塞受力分析，根據(jù)共點力平衡求得B內(nèi)的壓強，讓B氣室內(nèi)的壓強在等

溫下膨脹到4氣室內(nèi)的壓強，求得體積，質(zhì)量之比等于體積之比；

(2)若拔去塞子，待穩(wěn)定后，B氣室內(nèi)氣體的溫度仍與外界相同，對B氣室，找出初末狀

態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律求得B氣體的體積，即可求得活塞移動的距離。

本題考查氣體實驗定律的應(yīng)用以及氣體壓強的計算，要注意正確選擇研究對象，分析好

對應(yīng)的狀態(tài)，再選擇正確的物理規(guī)律求解即可。

14.【答案】ABC

【解析】解：力、由于氣體分子無規(guī)則的熱運動，大量的分子頻繁地碰撞器壁產(chǎn)生持續(xù)

而穩(wěn)定的壓力，也可以解釋為大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，故4

正確；

8、液體的表面張力使液面具有收縮到液面表面積最小的趨勢故露珠呈球形，故B正確；

C、由于氣體的質(zhì)量一定，當(dāng)溫度不變時，壓強減小故，故增大，所以氣體的密度一定

減小，故C正確；

。、根據(jù)相對濕度的定義，在某一溫度下，水蒸汽的壓強與同溫度下飽和汽壓的比為相

對濕度，因此相對濕度還與同一溫度下的飽和蒸汽壓有關(guān)，故。錯誤：

E、破裂的眼鏡鏡片不能無痕拼接，是因為簡單拼接時，分子間不能達到有效作用距離，

致使分子間引力太小而不是斥力太大的結(jié)果，故E錯誤。

故選：ABCo

由于氣體分子無規(guī)則的熱運動，大量的分子頻繁地碰撞器壁產(chǎn)生持續(xù)而穩(wěn)定的壓力，也

可以解釋為大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力；液體的表面張力使液面

具有收縮到液面表面積最小的趨勢故露珠呈球形；由于氣體的質(zhì)量一定，當(dāng)溫度不變時,

壓強減小故，故增大，所以氣體的密度一定減??；根據(jù)相對濕度的定義，在某一溫度下，

水蒸汽的壓強與同溫度下飽和汽壓的比為相對濕度，因此相對濕度還與同一溫度下的飽

和蒸汽壓有關(guān)；破裂的眼鏡鏡片不能無痕拼接，是因為簡單拼接時，分子間不能達到有

效作用距離，致使分子間引力太小而不是斥力太大的結(jié)果。

本題主要考察了分子氣壓產(chǎn)生的原因、液體表面張力產(chǎn)生的原因、理想氣體的壓強與密

度的關(guān)系、空氣相對濕度的定義以及分子間作用力的基本知識點，屬于綜合基礎(chǔ)題。

15.【答案】解：/.將活塞緩慢拉到氣缸B的最右端，4中氣體恒溫擴散，故有：P0VA=

Pi(匕+%)；所以，A==Po；

〃.將活塞第一次推回到汽缸8